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广东省佛山市第一中学2020届高三物理上学期10月月考试题.doc

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广东省佛山市第一中学2020届高三物理上学期10月月考试题.doc

课堂库,海量学习资源在线免费预览,权威教育在线门户网站。广东省佛山市第一中学2020届高三物理上学期10月月考试题本试题卷共 8 页, 18 题。全卷满分 110 分,考试用时 90 分钟。第卷一、单选题:本题共8小题,每小题4分,共32分。1. 如图(甲)所示为杂技表演的安全网示意图,网绳的结构为正方格形,O、a、b、c、d等为网绳的结点,安全网水平张紧后,若质量为m的运动员从高处落下,并恰好落在O点上,该处下凹至最低点时,网绳dOe、bOg上均成120°向上的张角,如图(乙)所示,此时O点受到的向下的冲击力大小为F则这时O点周围每根网绳承受的力的大小为( )A. FB. C. D. 2. 一固定杆与水平方向夹角为,将一质量为m1的滑块套在杆上,通过轻绳悬挂一个质量为m2的小球,杆与滑块之间的动摩擦因数为=0.5若滑块与小球保持相对静止以相同的加速度a=10m/s2一起向上做匀减速直线运动,则此时小球的位置可能是下图中的哪一个(     )A.B. C. D. 3. 如图1所示,一光滑水球静置在光滑半球面上,被竖直放置的光滑挡板挡住,现水平向右缓慢地移动挡板,则在小球运动的过程中(该过程小球未脱离球面且球面始终静止),挡板对小球的推力F、半球面对小球的支持力FN的变化情况是( )AF增大,FN减小BF增大,FN增大CF减小,FN减小DF减小,FN增大4. 如图所示,水平抛出的物体,抵达斜面上端P处时其速度方向恰好沿斜面方向,然后沿斜面无摩擦滑下,下列选项中的图象描述的是物体沿x方向和y方向运动的速度时间图象,其中正确的是 5. 如图所示,a为赤道上的物体,随地球自转做匀速圆周运动,b为沿地球表面附近做匀速圆周运动的人造卫星,c为地球同步卫星,以下关于a、b、c的说法中正确的是()A它们的向心加速度都与轨道半径成正比B它们的向心加速度都与轨道半径的二次方成反比Ca和c的角速度相同Da和b的运转周期相同6. 如图所示,一质量为1kg的小球静止在一竖直放置的轻弹簧上,弹簧的劲度系数为k=50N/m,现用一竖直向下的F=10N的恒力作用在小球上,当小球向下运动到最大速度时撤去F,则小球再回到初始位置时的速度大小为(弹簧形变过程中一直处于弹性限度内)A2m/s B C D7. 一质点做匀加速直线运动时,速度变化v时发生位移x1,紧接着速度变化同样的v时发生位移x2,则该质点的加速度为()A. B. C. D. 8. 如图所示,细线的一端系一质量为m的小球,另一端固定在倾角为的光滑斜面体顶端,细线与斜面平行在斜面体以加速度a水平向右做匀加速直线运动的过程中,小球始终静止在斜面上,小球受到细线的拉力T和斜面的支持力FN分别为(重力加速度为g)()A.   B.   C.   D.   二、多选题:本题共5小题,每小题4分,共20分。9. 如图所示为用绞车拖物块的示意图。拴接物块的细线被缠绕在轮轴上,轮轴逆时针转动从而拖动物块。已知轮轴的半径R=0.5m,细线始终保持水平;被拖动的物块初速度为零,质量m=1kg,与地面间的动摩擦因数=0.5;轮轴的角速度随时间t变化的关系是=kt,k=2rad/s2,g取10m/s2,以下判断正确的是( )A. 物块做匀加速直线运动B. 细线对物块的拉力逐渐增大C. 前2秒,细线对物块做的功为2JD. t=2s,细线对物块的拉力的瞬时功率为12W10. 已知地球半径为R,地球表面的重力加速度为g,若绕地球做匀速圆周运动的空间站离地面的高度也等于R,则()A. 空间站的运行速度为B. 空间站的加速度为C. 空间站的周期为 D. 空间站的运行速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间11.如图所示,在匀速转动的水平圆盘上,沿半径方向放着用细线相连的质量相等均为m的两个物体A和B(A、B可以看做质点),它们与盘间的动摩擦因数均为,A、B之间细线的长度为L,细线长度等于B到圆盘圆心的距离,下列说法正确的是A.当转盘角速度,细线拉力为0B.当转盘角速度,两物体能随圆盘一起匀速圆周运动,不会发生滑动C.当转盘角速度,B受到的摩擦力为D.当圆盘转速加快到两物体刚要发生滑动时,烧断细线,则物体B仍随圆盘一起做匀速圆周运动,物体A发生滑动,离圆盘圆心越来越远12. 如图所示,螺旋形光滑轨道竖直放置,P、Q 为对应的轨道最高点,一个小球以一定速度沿轨道切线方向进入轨道,且能过轨道最高点 P,则下列说法中正确的是()A. 轨道对小球做正功,小球的线速度移B. 轨道对小球不做功,小球的角速度C. 小球的向心加速度D. 小球对轨道的压力13. A,D两点分别是斜面的顶端、底端,B,C是斜面上的两个点,E点在D点正上方并与A点等高从E点以一定水平速度抛出质量相等的两个小球,球1落在B点,球2落在C点,球1和球2从抛出到落在斜面上的过程中不计空气阻力 A. 两球运动的时间之比为1:B. 两球抛出时初速度之比为:1C. 两球动能增加量之比为1:2D. 两球重力做功之比为1:3第卷三、实验题:本题共2小题,每空2分,共16分。14.在探究弹力和弹簧伸长的关系实验中,小明同学用甲、乙两根规格不同的弹簧进行实验,由实验得到弹簧伸长量X与弹簧受到拉力F关系如图a所示,由图求得弹簧乙的劲度系数_N/m。若要在两根弹簧中选用一个来制作精确程度较高的弹簧秤,应选弹簧_;用制作好的弹簧秤来测量物质的重力,示数如图b所示,物体重_N。15. 某同学探究加速度、力与质量的关系实验装置如下。(1)在实验之前,首先平衡摩擦力,使细线的拉力近似等于砝码及砝码盘所受的总重力,关于平衡摩擦力,下列正确的是:_。A将木板右端适当垫高,放上小车让其沿板匀速下滑即可B将木板右端适当垫高,放上小车,穿好纸带,让小车沿板滑下时,打点计时器在纸带上打下一系列等间距的点即可C将木板右端适当垫高,放上小车,穿好纸带,小车前端用细绳绕过滑轮连接砝码盘(不放砝码),让小车匀速下滑即可D平衡摩擦之后,通过增加或者减少小车上的砝码改变小车的质量时,不需要重新平衡摩擦(2)图乙是实验中得到的一条纸带,已知相邻计数点间还有四个点未画出,打点计时器所用电源频率为50Hz,由此可求出小车的加速度a =_m/s2(计算结果保留三位有效数字)。(3)甲、乙、丙三名同学在做实验之前都将木板的右侧垫高,然后根据实验数据分别做出了和图象(小车的加速度为a,小车的质量为M,绳中拉力为F,砝码盘及砝码的质量总和为m)。由甲图可知砝码盘及砝码的总质量为_kg(g取10m/s2) ,由乙图可知乙同学在操作中使木板的倾角过_(选填“大”、“ 小”),分析丙图,图线上部分弯曲的原因是未满足_。四、解答题:本题共3小题,共42分。16.(12分) 如图所示,长为L的绳子下端连着一质量为m的小球,上端悬于天花板上,当把绳子拉直时,绳子与竖直线的夹角60°,此时小球静止于光滑的水平桌面上. (1)当小球以角速度1 做圆锥摆运动时,绳子张力T1为多大?桌面受到的压力N1为多大?(2)当小球以角速度2 做圆锥摆运动时,绳子的张力T2及桌面受到的压力N2分别为多大?17.(14分) 山地滑雪是人们喜爱的一项体育运动一滑雪坡由AB和BC组成,AB是倾角为37°的斜坡,BC是半径为R=5m的圆弧面,圆弧面和斜面相切于B,与水平面相切于C,如图所示,AB竖直高度差hl=8.8m,竖直台阶CD高度差为h2=5m,台阶底端与倾角为37°斜坡DE相连运动员连同滑雪装备总质量为80kg,从A点由静止滑下通过C点后飞落到DE上,不计空气阻力和轨道的摩擦阻力(g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8)求:(1)运动员到达C点的速度大小;(2)运动员经过C点时轨道受到的压力大小;(3)运动员在空中飞行的时间18.(16分)如图所示,装置的左边AB部分是长为L1=1m的水平面,一水平放置的轻质弹簧左端固定并处于原长状态;装置的中间BC部分是长为L2=2m的水平传送带,它与左右两边的台面等高,并能平滑对接,传送带始终以v=2m/s 的速度顺时针转动;装置的右边是一光滑的曲面,质量m=1kg的小滑块从其上距水平台面h=1m的D处由静止释放,并把弹簧最大压缩到O点,OA间距x=0.1m,并且弹簧始终处在弹性限度内已知物块与传送带及左边水平面之间的摩擦因数=0.25,取g=10m/s2 (1)滑块第一次到达B处的速度;(2)弹簧储存的最大弹性势能;(3)滑块再次回到右边曲面部分所能到达的最大高度佛山一中2020届高三10月份月考答案物理选择题12345678910111213BDBCCAAAADABACDBCABC 填空题14. 200 ;甲; 4.0015. BD ; 1.60 ; 0.02 ; 小 ;M»m 16.【解析】试题分析:(1)对小球受力分析,作出力图如图1根据牛顿第二定律,得Tsin60°=m2Lsin60° mg=N+Tcos60° 又解得T=mg,(2)设小球对桌面恰好无压力时角速度为0,即N=0代入得由于0,故小球离开桌面做匀速圆周运动,则N=0此时小球的受力如图2设绳子与竖直方向的夹角为,则有mgtan=m2Lsin mg=Tcos 联立解得 T=4mg 17.(1)AC过程,由机械能守恒定律得:,解得:vc=14m/s(2)在C点,由牛顿第二定律有:,解得:Fc=3936N,由牛顿第三定律知,运动员在C点时轨道受到的压力大小为3936N(3)设在空中飞行时间为t,则有:水平方向,竖直方向,且,解得:t=2.5s,t=0.4s(舍去)。 18.(1)设滑块第一次到达B处的速度为v1,对滑块从D到B的过程,根据动能定理得 mgh-mgL2= 解得,v1= (2)滑块从B到O过程,由能量守恒定律得 EP=-mg(L1-x)解得,EP=2.75J (3)设滑块再次到达B处的速度为v2,对滑块第一次到达B到再次到达B的过程,根据动能定理得-2mg(L1-x)=,解得v2=1m/sv=2m/s 则知滑块再次滑上传送带后将匀加速运动,由牛顿第二定律得 mg=ma,得a=2.5m/s2速度增加到与传送带相同所经历的位移为 L=0.6mL2=2m,可知,滑块接着相对传送带静止,速度为v=2m/s 对从C到最高点的过程,由动能定理得-mgh=0- 解得,h=0.2m 微信搜索ketangku关注课堂库公众号,掌握更多精彩!

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