2022届高考物理二轮复习专题训练——静电场 WORD版含答案.docx

1、静电场一、选择题（共15题）1电场强度的定义式为，下列说法正确的是（）AE的大小与F成正比，与q成反比B若移去电荷q，E的大小瞬间变为零CE跟检验电荷q无关D这个定义式只适用于点电荷的电场2如图所示，在原来不带电的金属细杆ab附近P处，放置一个正点电荷，c为ab的中点，d为P和金属杆连线的中点，达到静电平衡后（）Aa端的电势比b端的高Ba端的电势比b端的低C点电荷在杆内c点产生的场强为零Da端的电势比d点的电势低3如图所示，a、b、c为一负点电荷形成的一条电场线上的三点，c为ab的中点。a、b两点的电势分别为、，则下列分析正确的是（）Ac点的电势为Ba点的电场强度一定比b点的电场强度小C负点电

2、荷可能位于a点的左侧，也可能位于b点的右侧D把一正点电荷从a点沿直线移到b点的过程中，电场力做负功4电容器是一种重要的电学元件。两个彼此绝缘又相距很近的导体，就构成一个简单的电容器，它能储存电荷。电容器储存电荷的特性可以用电容C来表征。电容器是一种重要的电学元件，有广泛的应用。它能够储存电荷，其储存电荷的特性可以用电容来描述。关于电容器的电容，下列说法正确的是（）A电容器的电容只由它本身决定B电容器不带电时，其电容为零C电容器所带电荷量越多，其电容越大D电容器两极板间电势差越小，其电容越大5如图所示，电容器极板间有一可移动的电介质板，介质与被测物体相连，电容器接入电路后，通过极板上物理量的变化

3、可确定被测物体的位置，则下列说法中正确的是（）A若电容器极板间的电压不变，x变大，电容器极板上带电荷量增加B若电容器极板上带电荷量不变，x变小，电容器极板间电压变大C若电容器极板间的电压不变，x变大，有电流流向电容器的负极板D若电容器极板间的电荷量不变，x变大，有电流流向电容器的正极板6下列正确描述负点电荷电场线的图示是ABCD7关于电场强度E的说法正确的是 （ ）A电场中某点的电场强度方向跟正电荷在该点所受到的电场力的方向相同B电场中某点的电场强度方向跟负电荷在该点所受到的电场力的方向相同C根据EFq可知，电场中某点的电场强度与电场力F成正比，与电量q成反比D一个正电荷激发的电场的电场强度处

4、处相同，是一个匀强电场8有两个电荷量分别是+4Q和9Q(Q0)的点电荷，分别固定在相距为r的A、B两点，如图所示，在A、B两点连线所在的直线上某一点O放入第三个点电荷q，q受到的静电力恰好为0下列说法正确的是Aq一定带负电BO点可能存在两个不同的位置CO点只能位于A点左侧与A点相距r处DO点只能位于A点左侧与A点相距2r处9水平面内固定一个足够大且绝缘的粗糙斜面，其上有一个带电滑块匀速下滑且一直在斜面上运动。仅改变下列选项中的条件，滑块速度大小一定改变的是（）A施加竖直方向的电场B翻转滑块，改变它与斜面的接触面积C施加水平方向的恒力D改变滑块的质量10两个分别带有电荷量+Q和+3Q的相同金属小

5、球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F，两小球相互接触后再将其固定距离变为2r，则两球间库仑力的大小为（ ）AFBFCFDF11如图，将带正电荷Q的导体球C靠近不带电的导体。若沿虚线1将导体分成A、B两部分，这两部分所带电荷量分别为QA、QB；若虚线2将导体分成A、B两部分，这两部分所带电荷量分别为QA和QB。则（）AQAQB、QAQBBQAQB、QA=QBCQAQB、QAQBDQA=QB、QA=QB12如图所示，在竖直平面内xOy坐标系中分布着与水平方向成45角的匀强电场，将一质量为m、带电荷量为q的小球，以某一初速度从O点竖直向上抛出，它的轨迹恰好满足抛物线方程

6、x=ky2，且小球通过点P，已知重力加速度为g，则（）A电场强度的大小为B小球初速度的大小为C小球通过点P时的动能为D小球从O点运动到P点的过程中，电势能减少13如图所示，高压电线落地可能导致行人跨步触电，电流从触地点O流入大地，电流在以O点为圆心半径为r的半球面上均匀分布，由于电流很大且大地的电阻率比较大，使人的两脚MN间跨步电压很大可能造成人员伤亡，下列说法正确的是（）AO点和M点电势相等BO点电势比M点电势低C跨步越大两脚间跨步电压越大D两脚并拢跳离触地点是防跨步触电的一种有效方法14如图所示，三个重力不计完全相同的粒子a、b、c，同时从同一点沿水平方向飞入竖直偏转电场，出现了如图所示的

7、轨迹，下列判断正确的是（不计a、b、c之间的相互作用）A刚进电场时b、c的速度相同，a的速度最小B在b飞离电场的同时，a刚好打在下极板上Cb和c同时飞离电场D它们在电场运动的全过程中，动能的增加量c最小，a和b一样大15如图所示，固定的绝缘斜面处于沿水平向右的匀强电场中，一带电金属块由静止开始沿斜面滑到底端，已知在金属块下滑的过程中动能增加了0.2J，金属块克服摩擦力做功0.6J，重力做功2.0 J，则以下判断正确的是（）A金属块带负电B金属块克服电场力做功1.2 JC金属块的机械能减少1.8 JD金属块的重力势能和电势能之和减少0.2 J二、非选择题16如图所示为一平行板电容器，电容C=1.

8、210-7F，两板相距d=5cm，M板带电量的绝对值为Q=610-6C，N板接地，则：N、M两板间电场强度E=_V/m；若A点到N板的距离为2cm， A点电势 = _ V。17平行板电容器所带的电荷量为Q4108C，电容器两板间的电压为U4V，则该电容器的电容为_F；如果只将其所带电荷量为原来的一半，则两板间的电压为_V18和B是原来不带电的两个小球，它们相互摩擦后，带的正电荷，则摩擦过程中，_（选填“得到”或“失去”）电子的数目为_个.现把球竖直悬挂于水平方向的匀强电场中，球偏离竖直方向的角度为，如图所示.已知球的质量为，当地的重力加速度，则匀强电场的电场强度大小为_.19质量为m的带正电小

9、球A悬挂在绝缘细线上，且处在场强为E的匀强电场中，当小球A静止时细线与竖直方向成30角，已知电场方向恰使小球受的电场力最小，则小球所带电量为_ C20如图所示，长L=1.6m，质量M=3kg的木板静放在光滑水平面上，质量m=1kg、带电量q=+2.510-4C的小滑块放在木板的右端木板和物块间的动摩擦因数=0.1，所在空间加有一个方向竖直向下强度为E=4.0104N/C的匀强电场，如图所示，现对木板施加一水平向右的拉力F，取g=10m/s2，求：（1）使物块不掉下去的最大拉力F；（2）如果拉力F=11N恒定不变，小物块所能获得的最大动能.21如图所示的曲线表示某一电场的电场线（未标明方向），把

10、一带电荷量C的正点电荷从A点移至B点，电场力做了的功，该电荷在B点受到电场力为410-6N，试求：（1）请在图中标出每根电场线的方向并求出B点的场强；（2）该电荷在A、B两点中哪一点时的电势能大，从A点移至B点电势能改变了多少；（3）AB两点间的电势差22如图，在真空中有一对平行金属板，电板间的电势差为U，有一个质量为m，电荷量为+q的粒子，在静电力作用下由正板向负板运动，分别求在下列两种情况下粒子到达负板的速度大小。(1)从静止开始；(2)初速度为v0。23如图所示，电子从静止开始被的电场加速，沿直线垂直进入另一个场强为的偏转电场，然后电子从右侧离开偏转电场已知电子的比荷为，不计电子的重力，

11、偏转极板长为求：（1）电子经过电压U加速后进入偏转电场时速度的大小是多少？（2）电子离开偏转电场时沿电场方向的偏移量y是多少？参考答案：1C【详解】ABC公式为场强的定义式，E的大小与F及q无关，即使移去电荷q，场强E仍不变，AB错误，C正确；D该式适用于任何电场，D错误。故选C。2D【详解】AB达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到a=b，AB错误；C点电荷在杆内c点产生的场强不为零，感应电荷与点电荷在c点产生的场强矢量合为零，故C错误；D根据沿着电场线方向电势降低，故a端的电势比d点的电势低，故D正确。故选D。3B【详解】ABC由于该电场是负电荷形成的，电场线指向

12、负电荷，离负电荷越近，电势越低，所以负电荷一定位于b点右侧，由点电荷场强公式可知，离负电荷越近，场强越大，故a点的电场强度一定比b点的电场强度小，又可知ac两点的电势差小于cb两点的电势差，故c点的电势大于-20V，AC错误，B正确；D把一正点电荷从a点沿直线移到b点的过程中，所受电场力与运动方向一致，电场力做正功，D错误。故选B。4A【详解】电容是描述电容器储存电量本领的物理量，、电容器的电容是由电容器本身的性质决定的，电容的大小与电容器带不带电、电容器的电势差、带电量的多少均无关，故A正确，BCD错误。故选A。5C【详解】A若电容器极板间的电压不变，x变大，拔出电介质，根据电容的决定式可得

13、电容减小，由可得，电容器极板上带电量Q减少，故A错误；B若电容器极板电量不变，x变小，插入电介质，根据电容的决定式电容增大，由可得，电容器极板间电压U变小，故B错误；C若电容器极板间的电压不变，x变大，拔出电介质，根据电容的决定式可得电容减小，由电容器的带电量减小，处于放电状态，而电容器正极板带正电，所以有电流流向电容器的负极，故C正确；D若电容器极板电量不变，则没有电荷发生转移，故D错误。故选C。 故选C。6B【详解】负点电荷周围的电场线从无穷远处出发终止于负电荷的直线，且电场线不闭合，故ACD错误，B正确。故选B。7A【详解】试题分析：电场强度是描述电场本身的性质的物理量，与试探电荷无关场

14、强方向是放在该点的正电荷所受电场力方向相同匀强电场中场强处处相同据此分析根据物理学上的规定可知，电场强度方向跟正电荷在该点所受到的电场力的方向相同，故A正确；电场中某点的电场强度方向跟负电荷在该点所受到的电场力的方向相反，故B错误；是电场强度的定义式，运用比值法定义，E由电场本身决定，与试探电荷无关，故C错误；正电荷激发的电场的电场强度处处不同，不是匀强电场，故D错误8D【详解】因A带电量小于B，则第三个点电荷要想平衡则要放置在A点左侧，电性可正可负，设距离A点x处，由平衡知识可得 ，解得x=2r，故选D.9C【详解】AD当滑块匀速下滑时，对滑块进行受力分析可知，重力沿斜面向下的分力等于滑动摩

15、擦力的大小。施加竖直方向的电场与改变滑块的质量效果相同，各力沿斜面向下的分力之和与滑动摩擦力的大小始终相等，滑块仍做匀速直线运动，AD错误；B翻转滑块，改变它与斜面的接触面积，并未改变它与斜面间的摩擦力，所以滑块仍做匀速直线运动，B错误；C施加水平向左的恒力时（滑块不脱离斜面），该力有沿斜面向下的分力，而且摩擦力减小，滑块将做加速运动；施加水平向右的恒力时，该力有沿斜面向上的分力，而且摩擦力增大，滑块将做减速运动，C正确。故选C。10C【详解】试题分析：清楚两小球相互接触后，其所带电量均分根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题解：相距为r时，根据库仑定律得：F=；接触后，各自带电量变为

16、Q=2Q，则此时F=，故C正确，ABD错误故选C11D【详解】根据静电感应现象可知，导体近端感应负电荷，远端感应正电荷，即QA和QA为正电，QB和QB为负电；导体原来不带电，只是在C的电荷的作用下，导体中的自由电子向B部分移动，使B部分有多余电子而带负电；A部分少了电子而带正电。根据电荷守恒可知，A部分转移的电子数目和B部分多余的电子数目是相同的，因此无论从哪一条虚线切开，两部分的电荷量总是相等的，即QA=QBQA=QB，ABC错误，D正确故选D。12C【详解】A小球做类平抛运动，则电场力与重力的合力沿x轴正方向，可知电场强度的大小为选项A错误；B小球竖直方向做匀速运动小球水平方向上做匀加速水

17、平方向的合力提供加速度解得：选项B错误；C有动能定理可知：所以小球通过点P时的动能为故选项C正确；D小球从O到P过程中电势能减少，且减少的电势能等于电场力做的功，即选项D错误。故选C。13CD【详解】AB由于电流从触地点O流入大地，由于电流从电势高处流向电势低处，因此O点电势高于M点电势，AB错误；C跨步越大两脚间电势差越大，即跨步电压越大，C正确；D两脚并拢，这时不存在跨步电压，电流不会从人体流过，故两脚并拢跳离触地点是防跨步触电的一种有效方法，D正确。故选CD。14BD【详解】A在垂直于电场方向即水平方向，三个粒子做匀速直线运动，则有：。因xc=xb，tctb，则vcvb。根据ta=tb，

18、xbxa则vbva所以有：vcvbva故A错误。B三个粒子的质量和电量都相同，则知加速度相同。a、b两粒子在竖直方向上的位移相等，根据y=at2，可知运动时间相等。故在b飞离电场的同时，a刚好打在下极板上；故B正确。Cb、c竖直方向上的位移不等，ycyb根据y=at2，可知tctb故C错误。D根据动能定理知，a、b两电荷，电场力做功一样多，所以动能增加量相等。c电荷电场力做功最少，动能增加量最小。故D正确。故选BD。15BC【详解】AB根据动能定理可得金属块克服电场力做功1.2J，而电场线方向水平向右，因此金属块带正电，A错误，B正确；C除重力以外的力做功等于机械能的变化量，由于因此金属块的机

19、械能减少1.8 J，C正确；D根据能量守恒，重力势能、电势能、动能和摩擦生成的热量之和不变，而动能和摩擦生成的热量之和增加了0.8 J，因此金属块的重力势能和电势能之和减少0.8 J，D错误。故选BC。16 1000 -20【详解】N、M两板间的电压电场强度因则A点电势17 1108， 2【详解】根据得，；电荷量减少不改变电容器的电容，则；18 失去 【详解】摩擦起电过程中转移的是自由电子，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电，即摩擦过程中失去电子，失去的电子数个根据力的平衡有解得19【详解】以小球为研究对象，分析受力情况，如图根据作图法得到，当电场力与细线垂直时，电场力最小根据平衡条件

20、得得到20(1)8N；(2)6.4J【详解】(1)F最大的时候物块不掉下，必是物块与木板具有共同的最大加速度a1，对物块，根据牛顿第二定律解得最大加速度为a1 =2m/s2对整体有F =（M + m）a1 = 8N(2)根据牛顿第二定律解得木板的加速度a2=3m/s2根据位移时间公式及位移间的关系为解得物块滑过木板所用时间t =s物块离开木板时的速度v1 = a1t =m/s动能为21（1）向右；（2）A处电势能大；（3）【详解】（1）正点电荷从A点移至B点，电场力做正功，则电场线的方向向右，由可知（2）正电荷在高电势点的电势能较大，则正电荷在A处电势能大，由，可知（3）由可知22(1)；(2)【详解】(1)由动能定理，电场力做功等于物体动能的增量，有解得(2)由动能定理，电场力做功等于物体动能的增量，有解得23（1）；（2）【详解】（1）电子在加速电场中运动的过程，由动能定理得代入数据解得（2）电子进入偏转电场后做类平抛运动，则由牛顿第二定律代入数据可得