2020-2021学年中考物理审题能力及阅读能力专练 专题六 热学（含解析）.docx

1、审题能力与阅读能力专练（热学）一、单选题1. 如图甲所示，架设两套完全相同的加热装置，两套装置的试管中分别装有少量等体积的M、N两种固态物质。它们用相同热源加热时温度随时间变化的图象如图乙所示。在16min内，M物质部分从固体变为了液体，N物质始终是固体。根据图象分析，下列说法正确的是()A. oab为M物质的熔化图象，oab为N物质的沸腾图象B. 在1618min内，M物质处于固液共存状态，吸收热量C. M物质肯定是晶体，N物质肯定是非晶体D. M、N物质熔化过程都持续了10min【答案】B【解析】B.读图可知，M在1020min的10min内，吸热但温度不变，说明此时物质达到了熔点，正在熔

2、化，处于固液共存状态，因此这种物质属于晶体，故B正确；A.oab为M物质的熔化图象；在16min内，N物质始终是固体，故oab不可能为N物质的沸腾图象，故A不正确；C.因为两套加热装置完全相同，且M的末温高于N的末温，可知，N在1626min，吸收热量但温度不变，可知，N也是晶体，故C错误。D.M物质熔化过程都持续了10min，但不知道N物质是否在26min时完全熔化，故D错误。故选B。2. 生活中我们常看到“白气”，下列有关“白气”形成的说法中正确的是()A. 夏天从冰箱取出的冰棍周围冒“白气”，这是空气中水蒸气的凝华现象B. 冬天水烧开后壶嘴处喷出“白气”，这是壶嘴喷出水蒸气的液化现象C.

3、 深秋清晨的河面上经常出现“白气”，这是河面上水蒸气的汽化现象D. 文艺演出时舞台上经常释放“白气”，这是干冰在常温下的升华现象【答案】B【解析】生活中的“白气”是液态的小水滴悬浮在空气在的现象，都是由水蒸气遇冷液化形成的；A.冰棍周围冒出的“白气”是空气中的水蒸气遇到温度低的冰棍液化形成的，故A错误；B.水烧开后壶嘴处喷出的“白气”，是壶中高温的水汽化形成的水蒸气，喷出壶嘴后遇到温度较低的空气液化形成的，故B正确；C.河面上出现的“白气”，是河中水汽化形成的水蒸气遇到低温空气后液化形成的，故C错误。D.演出时舞台上出现的“白气”，是干冰升华吸热，使空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故D错误；故选

4、B。3. 棉线一拉就断，而铜丝却不容易拉断，这是因为()A. 棉线的分子间没有引力，而铜丝的分子间有引力B. 棉线的分子间有斥力，而铜丝的分子间没有斥力C. 棉线分子间的斥力比引力大，而铜丝的分子间的引力比斥力大D. 铜丝分子间的引力比棉线分子间的引力大【答案】D【解析】解：物体不易拉断，表明分子间有引力。一根棉线容体拉断，一根铜丝不容易拉断，则说明棉线内分子间的引力比铜丝间的引力小，故D正确；分子间即有引力也有斥力，不可能只有引力或斥力，ABC错误。故选：D。4. 封闭在容器内的气体，是由大量的气体分子组成的，这些分子都在不停地做无规则运动。下列有关说法正确的是()A. 温度一定时，气体分子

5、的运动速度大小都相同B. 温度一定时，气体分子可以向各个方向运动C. 温度升高时，每个气体分子的运动速度都增大D. 温度降低时，所有气体分子的运动方向都相同【答案】B【解析】解：A、温度一定时，气体分子的运动速度大小没有规律，故A错；B、温度一定时，分子运动没有规律分子运动朝各个方向，故B正确；C、温度升高时，大部分气体分子速度增大，不是每个气体分子速度增大，故C错；D、温度降低时，气体分子运动还是朝各个方向，故D错；故选：B。5. 刘老师在准备“液体扩散的实验”，就是利用大量筒和长颈漏斗，将水和蓝色的硫酸铜液体(水硫酸铜)调制成上下色彩分明的液体。如图是他准备实验示意图，液体已经倾倒完毕，但

6、是长颈漏斗还没有拿出来。下面说法正确的是()A. 量筒内上部液体是硫酸铜溶液B. 长颈漏斗内的液体是水C. 长颈漏斗和量筒构成了一个连通器D. 此实验先在量筒里装好硫酸铜溶液，然后再倒入水【答案】C【解析】解：A、由于水硫酸铜，所以量筒内上部液体是水，故A错误；BD、由于于水C乙，其中甲是晶体B. C甲C乙，其中乙是晶体C. C甲C乙，其中甲是晶体D. C甲C乙，其中乙是晶体【答案】B【解析】由题意知：用相同加热器加热，则相同时间内两物体获得的热量一定相同，由图知，两物体改变相同温度时，甲物体用的时间长，即吸热多。由比热容的定义知甲物体的比热容要大。由图中看到，乙物体吸收一定热量后，其温度不再

7、变化，符合晶体的性质熔化前温度升高，当开始熔化时温度不再变化，直到全部熔化。故选：B。8. 关于内能，有以下四个观点，你认为正确的是()热机在压缩冲程中将机械能转化为内能物体温度越低，内能越小，所以0的物体没有内能两物体相互接触时，热量总是从内能大的物体转移到内能小的物体改变物体内能的方法有很多，但本质上只有做功和热传递两种方式A. B. C. D. 【答案】D【解析】做功冲程中高温高压的燃气推动活塞向下运动，将内能转化为机械能，故正确；一切物体在任何温度下都具有内能，所以0的物体仍具有内能，故错误；发生热传递的条件是：有温度差，所以内能可自动地从高温物体转移到低温物体，故错误；改变物体内能的

8、方法有很多，但本质上只有做功和热传递两种方式，它们在改变内能能达到相同的效果，故正确。故ABC错误，D正确。故选D。9. 某同学认真阅读了课本中的熔点表以后得出以下结论，其中不正确的是物质熔点/物质熔点/物质熔点/钨3410铝660固态水银-39铁1535铅328固态甲苯-95钢1515锡232固态酒精-117灰铸铁1177萘80.5固态氮-210铜1083海波48固态氧-218金1064冰0固态氢-259A. 熔点表中所有物质都是晶体B. 从表中可以确定水银的凝固点是-39C. 熔点低于0的物质，在常温下呈液态或气态D. 铝的熔点为660，温度为660的铝应为液态【答案】D【解析】A.晶体有

9、一定的熔点，而非晶体没有一定的熔点，因此熔点只是针对晶体物质而言，故熔点表中所有物质都是晶体，故A正确；B.从表中可以看出水银的熔点是-39，同种物质的熔点和凝固点相同，因此水银的凝固点是-39，故B正确；C.晶体在熔化过程中，虽然吸热但温度保持在熔点不变，熔点低于0的物质，在温度达到熔点且吸热时，会熔化成液态或升华成气态，其液态也可能会汽化成气态，因此在常温下呈液态或气态，故C正确；D.晶体在熔化过程中虽然吸热但温度保持不变，铝的熔点为660，温度为660的铝应为固态、液态或固液共存态，故D错误。故选D。二、填空题10. 北方的冬天天气比较寒冷，房间内一般都要安装暖气片供暖在房间暖气片温度保

10、持不变的情况下，房间内的平衡温度将随外界温度的变化而变化研究表明，房间内暖气片和房内的温差与房间内外的温差之比保持不变当外界温度为-23时，房间内的温度长时间保持13不变；当外界温度为-18时，房间内温度长时间保持16不变，则房间内暖气片的温度应为_.当房间内温度长时间保持25不变时，外界温度为_【答案】67；-3【解析】设暖气片的温度是t暖，房间内的温度为t内，房间外的温度为t外，根据题意可得：t暖-t内t内-t外=a(常数)则t暖-1313-23=a-t暖-1616-18=a-以上两式联立可得：t暖=67，a=1.5；当房间内温度长时间保持25不变时，代入以上的比例式可得：67-2525-

11、t外=1.5，解得t外=-3，即外界温度为-3。故答案为：67；-3。11. 伽利略发明了世界上第一支温度计，它的原理是_。如图所示A处是上午8点钟液面的位置，B处为第二天上午8点钟液面的位置，两次温度比较，_处的温度比较高(选填“A”或“B”)。【答案】气体热胀冷缩 B【解析】解：当外界温度升高时，细管中气体受热膨胀，体积增大，管中液面将向下运动；当外界温度降低时，细管中的气体遇冷收缩，体积减小，管中的液面上升。故答案为：气体热胀冷缩；B。12. 将一冰块用细线拴住慢慢地浸入到酒精中，并保持悬置状态(如图)，在冰块浸入的过程中，台秤的读数将_；在冰块熔化过程中，容器内液面将_，台秤的读数将_

12、。(选填“增大”、“减小”、“不变”、“上升”、“下降”)(已知：冰的密度为0.9103kg/m3，酒精的密度为0.8103kg/m3；整个过程中无液体溢出。)【答案】增大；下降；增大【解析】因为冰块浸入液体后，向下的重力与向上的浮力和拉力是一对平衡力，合力为零，台秤示数变化与质量无关，是因为冰块对酒精的压力与酒精对冰块的浮力是相互作用力，据阿基米德原理，冰块浸入的过程中，所受浮力增大，对酒精的压力也增大，所以台秤的示数增大；在冰块熔化过程中，因为冰熔化成等质量的水后体积变小，所以容器内液面将下降，因为分子之间有间隔，水分子运动到酒精分子的间隔中去了；或将冰块、酒精、杯子视为一个整体，冰熔化前

13、，该整体的重力由台秤和绳子共同承担，冰熔化后，绳子将不再有拉力，该整体的重力完全由台秤承担，由于该整体的重力不变，台秤承担的份额增加，所以台秤的示数变大故答案为：增大；下降；增大。三、实验探究题13. 小明发现用不同材料制成的杯子装水，同样一节课下来热水变凉的程度不同，他猜想不同的材料保温性能也不一样于是，他进行了下面的实验：在两个同样的烧瓶中灌满水，加热到相同温度后分别用厚度相同的1、2两种保温材料包好，定时测量烧瓶中水的温度实验过程中室温保持不变他想用这种方法比较两种材料的保温性能表中给出了在时刻t(单位是min)测得的两个烧瓶中的水温T1、T2的数据t/min05101520253545

14、55658095110125140155T1/80726459555150413734302624222120T2/80655648433832282624222221212020(1)请你根据这些数据作出表示水温与时间关系的图象(2)通过比较，你认为哪种材料的保温性能较好？(3)当时的室温大约是多少？(4)在这些水温数据中，哪一个最可能是由于测量或记录的疏忽而产生的错误？【答案】解：(1)横坐标表示时间，纵坐标表示温度，利用描点法所得图象如下图所示；答：(2)第1种材料的保温性能较好，因为从两图线的比较可以看到，两种材料同样包裹的烧瓶内，同样温度的满瓶热水比较，第1种材料包裹的瓶内热水温度降

15、低较慢答：第1种材料的保温性能较好(3)当瓶内水与室内空气温度相等时，两者间达到热平衡，即瓶内水温降至室温时，将不再变化，图线表示瓶内水温最后维持为20不变，可见室温约为20答：当时的室温约为20(4)所得数据中，t=35min时的T1=50最可能是由于测量或记录时的疏忽所产生的错误，因为瓶内水温应该是在连续逐渐变化的，所以描述这一温度随时间变化的关系图线应该为一条连续光滑的曲线，则各个不同时刻所测得的实验数据点都应该在这一光滑曲线上；图中各实验数据点都分别在自己所对应的曲线上，只有t=35min时的数据T1不在其对应曲线上，且偏离此曲线较远，表明该数据点的数值与当时的实际值偏离太大，即该点为

16、一错误的数据点答：t=35min时的T1=50最可能是由于测量或记录时的疏忽所产生的错误【解析】(1)确定横纵坐标代表的物理量，用数学上的描点法做出图象，比较简单；(2)分析数据，在一定的时间里哪种材料包裹烧瓶中的水的温变化小，哪种材料的保温性能就好；(3)热传递的结果是温度相同，因此最后水温达到的温度和室温相同；(4)所给数据中t=35min的T1=50最可能是测量或记录时的错误，因为这时温度变化明显太小14. 小明利用如图甲所示装置探究冰的熔化特点，他每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态。(1)某一时刻温度计的示数如图乙所示，读数为_。(2)实验时应选用颗粒_(选填“较大”或

17、“较小”)的冰块。(3)根据记录的数据绘制的“温度时间”图象如图丙，可知：冰属于晶体，这样判断的依据是：当冰熔化时，_。(4)实验中收集多组数据是为了_。(选填“寻找普遍规律”或“减小实验误差”)【答案】(1)-22；(2)较小；(3)虽吸热，但温度不变，具有一定的熔点；(4)寻找普遍规律【解析】 (1)由乙图可知道温度计的分度值为2，且示数在0刻度线的下方，因此读数为：-22；(2)应选用较小颗粒的冰块做实验，较小的冰块受热均匀；(3)冰在熔化过程中，继续吸热，但是温度不变，具有一定的熔点；(4)实验中收集多组数据是为了寻找普遍规律。故答案为：(1)-22；(2)较小；(3)虽吸热，但温度不

18、变，具有一定的熔点；(4)寻找普遍规律。15. 小明发现严冬季节水缸里的水结冰了，但腌菜缸里的盐水却没有，小明猜想，水中加入别的物质后，一定会对水的凝固点产生影响。为了验证这一猜想，他将一些盐放入水中，并把盐水用容器盛好放入冰箱，研究盐水的凝固过程。每隔一定时间，小明就观察盐水状态、测出温度，并将凝固过程记录的温度数据画成了凝固图象如图甲所示。(1)从图象中可以看出盐水的凝固过程用了_分钟。(2)从图象中得到晶体的液态物质在凝固时的温度将_。(选填“变大”“变小”或“不变”)(3)盐水的凝固点为_.由此证明了小明的猜想是_(选填“正确”、“错误”)的，严寒的冬天，地面上的积雪不能及时熔化，会影

19、响交通安全。人们采取在雪上撒盐的方法，可使雪在较低气温下熔化。原因是：在雪上撒盐可以_(填“提高”或“降低”)雪的熔点。(4)如果将一个装有冰水混合物的试管放入正在熔化的盐冰水混合物中如图乙所示，试管中冰水混合物中的冰会_(选填“变多”、“变少”或“不变”)。【答案】10 不变 -2 正确 降低 变多【解析】解：(1)从图象中可以看出盐水从第10分钟开始凝固，到第20分钟凝固完成，凝固过程用了10分钟；(2)晶体凝固的过程中温度是保持不变的，(3)从图象可知：温度保持不变的温度是-2，故该盐水的凝固点是-2；又知：水的凝固点是0，与水相比，盐水的凝固点变低，所以小明的猜想是正确的；人们采取在雪

20、上撒盐的方法，可使雪在较低气温下熔化。原因是：在雪上撒盐可以降低雪的熔点，使雪在温度较低的情况下也能尽快熔化；(4)冰水混合物的温度是0，而盐冰水混合物的温度是-2；冰水混合物会向盐冰水混合物放热；冰水混合物中的水会达到凝固结冰的条件，冰水混合物中的冰会变多。故答案为：(1)10；(2)不变；(3)-2；正确；降低；(4)变多。16. 在“观察水的沸腾“的试验中，小明观察到水沸腾前和沸腾时水中气泡的上升情况不同，如图中a、b所示，则：(1)图_ 是水在沸腾前的情况，图_ 是水在沸腾时的情况。记录的试验数据如表所示：表1水沸腾实验数据记录时间(min)01234567温度()9092949698

21、989898(2)从记录的数据可得出的试验结论是：此时水沸腾的温度是_ 。(3)试验得到的结论与水在标准大气压下的沸点100有明显的差异，其原因可能是：_ 。(4)小明同学在做完“观察水沸腾”试验后又进一步探究了沸水自然冷却过程中温度随时间的变化情况，他将试验数据记录在表2中：表2沸水自然冷却过程中温度随时间的变化记录时间(min)051015253545556570温度/98715545352824222222小明通过描点法画出如图所示的水温随时间变化的曲线。根据表中的试验数据可推知，小明做上述试验时的环境温度(即室温)应在_ 左右。根据图示水温随时间变化的曲线，可知沸水在自然冷却过程中温度

22、随时间变化的特点是_ 。【答案】b a 98 实验时的气压低于标准大气压 22 随着温度的降低，水的温度变化慢【解析】解：(1)a图气泡在上升过程中体积变大，所以是沸腾时的情况；b气泡在上升过程中体积减小，所以是沸腾前的情况。故答案为：b；a。(2)从表格中可以看出，水在沸腾时温度保持98不变，所以水沸腾的温度是98。故答案为：98。(3)因为水的沸点低于100，所以当时的气压低于标准大气压。故答案为：实验时的气压低于标准大气压。(4)从表格中数据可以看出，水降低到22后，温度不再降低，所以室温为22。故答案为：22。从图象可以看出，在相同时间内，开始温度降低得幅度大，后来降低的温度变慢。故答

23、案为：随着温度的降低，水的温度变化慢。(1)要正确的判断需要掌握水沸腾时和沸腾前的现象。沸腾前气泡上升过程体积减小；沸腾时气泡上升过程体积不断增大。(2)知道沸点的概念：液体沸腾时的温度。(3)要知道沸点与气压有关，气压越高沸点越高，气压越低沸点越低。(4)要解决此题需要掌握产生热传递的条件两个物体之间存在温度差。17. 小亮在探究“水沸腾时温度变化的特点”的实验中：(1)如图甲所示，某时刻温度计的示数是_。(2)从加热到沸腾，再撤去酒精灯一段时间，图乙是小亮根据实验数据绘制的温度一时间图象。由图象可知：比较t1=10min和t2=20min时，水在t1时刻的内能_(选填“大于”“小于”或“等

24、于”)t2时刻的内能，依据是_。(3)结合图象提供的信息，比较从4050min和5060min两个时间段，发现水降温过程的规律是_。(4)小亮开始实验时水量少了点，于是在沸腾后又往烧杯里加了一些冷水，用同样大的火直至将水再次烧开。图中能反映小亮整个烧水过程中温度随时间变化的图象是_(选填字母)。【答案】(1)96；(2)小于；t1时刻比t2时刻温度低；(3)先快后慢；(4)B【解析】 (1)由图甲知，温度计的分度值为1，示数为96；(2)由图象可知：比较t1=10min和t2=20min时，水在t1时刻的温度低于t2时刻的温度，所以水在t1时刻的内能小于t2时刻的内能；(3)结合图象提供的信息

25、，发现液体降温时先快后慢；(4)水沸腾之后，温度保持不变，当向锅里迅速加了一些冷水后，锅内水的温度降低，然后在加热过程中，水吸热温度上升，达到沸点继续沸腾，在此过程中，水面上的气压不变，所以水的沸点与原来相同，据此分析可知：B图像符合题意；A图象图象中水的温度不可能直接从很低的温度达到沸点，应该有一个升温过程，故D不符合题意，故A不符合题意；CD图象的沸点与原来不同，故CD不符合题意；故选B。故答案为：(1)96；(2)小于；t1时刻比t2时刻温度低；(3)先快后慢；(4)B。18. 为了探究物体温度升高时吸收热量的多少与哪些因素有关，实验室中准备了以下仪器：两个规格相同的电加热器，两个相同的

26、酒精灯，两个相同的烧杯，天平，手表，铁架台，火柴，适量的水和煤油。(1)为了完成实验，还需要的仪器有_。(2)为了准确地控制物体吸收热量的多少，在上述提供的热源中，选规格相同的_(选填“电加热器/酒精灯”)比较合理。(3)某小组实验中记录了实验数据(见下表)，分析第1、2次或第3、4次实验数据可看出；同种物质升高相同温度时，吸收的热量与物质的_有关；分析第1、3次或第2、4次实验数据可看出：质量相同的水和煤油升高相同的温度，吸收的热量与物质的_有关。物质次数质量m/kg升高的温度t/加热的时间t/min水第一次0.1102第二次0.2104煤油第三次0.1101第四次0.2102(4)分析上表

27、中数据可知：加热时，升温快的是_(选填“水”或“煤油”)，如果它们升高相同的温度，吸收热量多的是_(选填“水”或“煤油”)，若水的比热容为4.2103J/(kg)，根据表格中的数据可知：煤油的比热容为_J/(kg)【答案】(1)秒表；(2)电加热器; (3)质量；种类；(4)煤油；水；2.1103【解析】 (1)由热量公式Q=cmt可知，实验时还需要测出加热时间，因此需要的实验器材是：秒表；(2)用两个规格相同的电加热器，容易准确控制放出相同的热量(3)由表中第1、2次或第3、4次实验数据可知，液体的种类和升高的温度相同而液体的质量不同，液体吸收的热量不同，由此可知：同种物质升高相同温度时，吸

28、收的热量与物质的质量有关；由第1、3次或第2、4次实验数据可知，液体的质量和升高的温度相同而液体种类不同，液体吸收的热量不同，由此可知：质量相同的水和煤油升高相同的温度，吸收的热量与物质的种类有关(4)由表中数据可知升温快是煤油，在质量相同，升高相同温度时水加热时间是煤油的2倍，所以水吸热是煤油的2倍，所以水吸热多并且水的比热容是煤油的2倍，即煤油比热容是2.1103J/(kg)故答案为：(1)秒表；(2)电加热器; (3)质量、种类；(4)煤油、水、2.1103。四、计算题19. 如图所示四缸发动机工作原理，内燃机通过连杆把四个汽缸的活塞连在一根曲轴上，并使各汽缸的做功过程错开，在飞轮转动的

29、每半周里，都有一个汽缸在做功，其他三个汽缸分别在做吸气、压缩和排气工作。四缸发动机的主要技术指标如如表所示，其中排量等于四个汽缸工作容积的总和，一个汽缸工作容积是指活塞从上止点到下止点所扫过的容积，又称单缸排量，它取决于活塞的面积与活塞上下运动的距离。当发动机以最大功率工作时，曲轴转速为5500r/min，燃油的热值为4.5107/kg。求当发动机以最大功率工作时，排量1.6L最大功率66kW(1)该发动机1min内做功多少J？(2)若每分钟消耗汽油0.33kg，则此发动机的效率为多少？(3)在每一个做功冲程里，燃气对活塞所做的功W1，为多少J？(4)做功冲程中燃气对活塞的平均压强多少Pa？【

30、答案】解：(1)根据P=Wt可知，发动机在1min内做功：W=Pt=66103W60s=3.96106J，(2)完全燃烧0.33kg汽油放出热量Q放=mq=0.33kg4.5107J/kg=1.485107J，发动机的效率为：=WQ放=3.96106J1.485107J100%26.7%；(3)因为发动机在1min内做功3.96106J，发动机有四个缸同时工作，所以每个缸1min内做功：W=143.96106J=9.9105J，又因为转速为5500r/min，四冲程内燃机每个工作循环曲轴转两周、做功一次，所以1min内做功2750次，1s内做功2756次，1s内做的功为：W=160W=1609

31、.9105J=1.65104J，每个做功冲程做功：W1=1.65104J2756=360J；(4)因为四缸总排量为1.6L，单缸排量：V0=141.6L=0.4L=0.410-3m3；燃气对活塞的压强为：p=Fs=W1Ss=W1Ss=W1V=360J0.410-3m3=9105Pa。答：(1)该发动机1min内做功为3.96106J；(2)若每分钟消耗汽油0.33kg，则此发动机的效率为26.7%；(3)在每一个做功冲程里，燃气对活塞所做的功W1，为360J；(4)做功冲程中燃气对活塞的平均压强为9105Pa。【解析】(1)知道发动机的输出功率，利用功率公式P=Wt计算发动机在1min内做功；

32、(2)根据W=Pt求出发动机以最大功率工作时，每分钟所做的功，再利用Q放=mq可求出完全燃烧0.33kg汽油放出热量，最后用=WQ求出发动机的效率；(3)已求出发动机1min内做功多少，因为有四个缸同时工作，所以可以求出每个缸1min内做功多少，又知道转速(每分钟曲轴或飞轮所转的周数)为5500r/min，而四冲程内燃机每个工作循环曲轴转两周、做功一次，可知1min内做功2750次，得出1s内做功46次，可以求每个做功冲程里发动机做功多少；(4)根据四缸总排量为1.6L算出单缸排量，根据p=Fs=W1Ss=W1Ss算出燃气对活塞的压强。20. 我国自主研制的某新型战斗机，具备超音速巡航、电磁隐

33、身、超视距攻击等优异性能，该飞机最大起飞质量为37t，最大飞行高度达20000m，最大航行速度达2.5倍声速(合3060km/h)，最大载油量为10t，飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系如表：速度v(m/s)100200300400500阻力f/N0.31041.21042.71044.81047.5104飞机使用的航空燃油的热值为5107J/kg.求：(1)飞机发动机完全燃烧10t燃油获得的能量是多少焦？(2)当飞机以300m/s的速度巡航时，飞机发动机的输出功率是多少千瓦？(3)若在飞机油箱中加满燃油，并且以500m/s的速度巡航时，飞机的最大航程约是2.6103km，则飞机发动机的效率

34、是多少？【答案】解：(1)燃油完全燃烧放出的热量：Q放=mq=1104kg5107J/kg=51011J；(2)由表中数据可知，飞机以300m/s的速度巡航时，所受阻力f=2.7104N，牵引力F=f=2.7104N，则飞机发动机的输出功率为：P=Fv=2.7104N300m/s=8.1106W=8100kW；(3)由(1)可知Q放=51011J，根据表格查出500m/s时的阻力f=7.5104N，牵引力F=f=7.5104N，则有用功为：W有=Fs=7.5104N2.6106m=1.951011J，所以飞机发动机的效率：=W有用W总=1.951011J51011J100%=39%。答：(1)

35、飞机发动机完全燃烧10t燃油获得的能量是51011J；(2)当飞机以300m/s的速度巡航时，飞机发动机的输出功率是8100kW；(3)飞机发动机的效率是39%。【解析】 (1)知道燃油的质量，根据Q=mq求出燃油完全燃烧放出的热量，即飞机发动机完全燃烧10t燃油获得的能量；(2)由表中数据可知，飞机以300m/s的速度巡航时，所受阻力，而牵引力等于阻力，再根据P=Fv求出飞机发动机的输出功率；(3)根据W=Fs求出克服阻力做的有用功，利用效率公式求出飞机发动机燃油完全燃烧的能量转化为机械能的效率。21. 某款油电混合动力小汽车，具有省油、能量利用率高等特点，其相关信息如表在某次水平道路测试中

36、，该车以中速匀速行驶170km，共消耗汽油10L.测试过程中，内燃机既向车轮提供能量，又向蓄电池充电，同时蓄电池又将部分能量通过电动机向车轮输送，此时，内燃机和电动机共同驱动车辆前进之后，工作人员又进行了制动测试，描绘出了制动距离(从刹车开始到车停止的距离)与制动时的速度关系图象，如图所示驱动模式纯电动启动、低速油电混动中速纯燃油高速汽车质量1200kg车轮与地面总接触面积0.096m3(1)由图象可知，车速越_ ，制动距离越长(2)该车空载静止时，对水平地面的压强是多少？(g取10N/kg)(3)在水平道路中速匀速行驶测试中，若平均阻力为1000N，牵引力做的功是多少？(4)在水平道路中速匀

37、速行驶测试中，若该车内燃机的效率为53%，此过程最终使蓄电池增加了多少能量？(忽略蓄电池和电动机的热损失，汽油取0.7103kg/m3，q汽油=4.6107J/kg)【答案】大【解析】解：(1)由图象可知，汽车的速度越大，停车距离会随着反应距离的变长而变长，即制动距离越长；(2)汽车的重力：G=mg=1200kg10N/kg=12000N，汽车静止时对水平地面的压力：F=G=12000N受力面积S=0.096m2，该车空载静止时，对水平地面的压强p=FS=12000N0.096m2=1.25105Pa；(3)由题可知，汽车做匀速直线运动，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小是相等的，可得牵引力

38、F牵=f=1000N，汽车牵引力做的功W机械=F牵s=1000N1.7105J=1.7108J. (4)由=mV可知，车消耗汽油的质量m汽油=汽油V=0.7103kg/m31010-3m3=7kg，汽油完全燃烧放出的热量Q放=mq=7kg4.6107J/kg=3.22108J，由=W有用Q放可得，内燃机输出的有用能量W有用=Q放=3.22108J53%=1.7066108J；最终蓄电池增加的能量W=W有用-W机械=1.7066108J-1.7108J=6.6105J. 答：(1)大；(2)该车空载静止时，对水平地面的压强是1.25105Pa；(3)在水平道路中速匀速行驶测试中，若平均阻力为10

39、00N，牵引力做的功是1.7108J. (4)此过程最终使蓄电池增加了6.6105J能量(1)由图象可知，汽车的速度越大，制动距离越长；(2)已知汽车的质量，利用G=mg求其重力；汽车对地面的压力等于重力，求出总接触面积(受力面积)，利用p=FS求对水平地面的压强；(3)匀速行驶时，汽车的牵引力与所受到的阻力为一对平衡力，由W=Fs解题(4)根据密度公式变形可求得汽油的质量，利用Q=mq可求得汽油完全燃烧放出的热量，再利用内燃机的效率可求得有用能量，然后可知蓄电池增加了多少能量22. 太阳能热水器是直接利用太阳能给水加热的装置，下表是小明家太阳能热水器某天在阳光照射下的相关信息其中太阳辐射功率

40、是指1h内投射到1m2面积上的太阳能求：太阳照射时间/h装水量/kg吸热板面积/m2水升高的温度/水的比热容/J(kg)-1太阳辐射功率/J(m2h)-1101002.5504.21031.68106(1)水在10h内吸收的热量；(2)如果水吸收的热量用天然气来提供，需要完全燃烧多少m3的天然气；(天然气的热值为8.4l07J/m3，天然气完全燃烧放出的热量全部被水吸收)(3)该太阳能热水器的能量转化效率【答案】解：(1)水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/kg100kg50=2.1107J；(2)由题意知：Q放=Q吸=2.1107J，需要天然气的体积：V=Q放q=2.1107J8.4

41、107J/m3=0.25m3；(3)10h太阳能热水器吸收的太阳能：Q总=1.68106J2.510=4.2107J，该太阳能热水器的能量转化效率：=Q吸Q放100=2.1107J4.2107J100=50。答：(1)水在10h内吸收的热量为2.1107J；(2)如果水吸收的热量用天然气来提供，需要完全燃烧0.25m3的天然气；(3)该太阳能热水器的能量转化效率为50%。【解析】本题考查了水吸收热量、燃料燃烧放出热量及能量转化效率的计算。(1)利用公式：Q吸=cmt计算水吸收的热量；(2)根据公式：V=Q放q求需要燃烧天然气的体积；(3)先结合表格中的数据求出10h太阳能热水器吸收的太阳能，再

42、利用公式：=Q吸Q放100求出该太阳能热水器的能量转化效率。六、综合题（本大题共4小题，共40.0分）23. 好神奇呀!将一把金属勺子放进热水中搅动一会儿它竞然在水中熔化了，如图14所示。请你根据表中所给的信息，判断制成勺子的材料是什么？并用所学物理知识解释此现象。金属镓锡铟合金铝不锈钢熔点/29.8120190660.41440【答案】答：制成此勺子的材料是金属镓，由于金属镓的熔点只有29.8，热水温度高于镓的熔点，且勺子能从热水中继续吸收热量，所以它会在水中熔化成液态。【解析】制成此勺子的材料是金属镓，读表可得，金属镓的熔点只有29.8，镓在熔化过程中要吸收热量。本题考查熔点以及熔化的条件

43、，解答此题的关键是理解熔点的概念。24. 湖北嘉得利汽车公司组织了一次新车型节油大赛，比赛分两组：第一组使用A型车(排量1.2升)，第二组使用B型车(排量2.0升)，A、B型车外观和体积相同，属于同一产品系列。(1)你认为下列评价方式中不能作为比赛评价标准_A.消耗相同体积的汽油，比谁行驶的路程长B.行驶相同的路程，比谁消耗的汽油体积少C.行驶相同的路程，比谁用的时间短D.用“行驶的路程消耗汽油的体积”的比值大小作比较(2)下表是三位车手的比赛成绩，第一组比赛中最节油的选手是_。组别选手驾驶车型消耗汽油(升)行驶时间(分钟)行驶路程(千米)第一组马健A型123.220.23董杰A型128.62

44、2.59陈超A型127.522.80第二组马健B型115.317.68董杰B型118.219.10陈超B型117.318.25(3)从本次比赛数据看，_型车比较节油。【答案】C 陈超 A【解析】 (1)影响汽车油耗的因素是：消耗汽油体积、行驶的路程；行驶路程与时间的比值是速度，不影响油耗高低。故选C。(2)三位车手在消耗相同汽油体积情况下，陈超行驶的路程远，所以第一组比赛中最节油的选手是陈超；故答案为：陈超。(3)A、B两种车型中，消耗相同汽油体积情况下，A型行驶的路程远，所以A型车比较节油。故答案为：A。25. 阅读短文，回答问题汽油发动机是以汽油作为燃料，最终转化成机械能的发动机。汽油机的

45、特点是转速高、结构简单、质量轻、造价低廉、运转平稳、使用维修方便。汽油机在汽车上，特别是小型汽车上大量使用。市场上汽油机的热效率普遍在35%左右，达到40%的少之又少，现在最先进的汽油机，采用了无火花塞的HCCl，也就是均质压燃燃烧技术，压缩比达到了18：1，热效率高达50%，综合油耗仅3.3L/100km。(1)汽油与空气的混合物在汽油机内燃烧，是把燃料的化学能转化为_，再转化为汽车的机械能。(2)如图汽油机的四个冲程中，把机械能转化为内能的是_图，靠曲轴惯性完成的是_图。(以上两空选境“甲、乙、丙、丁”)(3)汽油机的冷却液体一般呈蓝色，这些液体是由水和汽车专用冷却液混合而成的。这是利用了

46、水的_的特点，在水中加入专用冷却液可以降低水的_(选填“凝固点”或“沸点”)。(4)现在使用最先进汽油机的汽车理想情况下油耗仅为3.3L/100km，在相同条件下热效率(热效率是指发动机获得的机械能W机械与燃料完全燃烧产生的内能Q放之比)为40%的发动机油耗最少为_L/100km。【答案】(1)内能；(2)乙；甲乙丁；(3)比热容大；凝固点；(4)4.125。【解析】解：(1)汽油与空气的混合物在汽油机内燃烧过程属于化学变化，把燃料的化学能转化为内能，再转化为汽车的机械能；(2)由图可知：甲图中的进气门打开，排气门关闭，活塞下行，所以是吸气冲程。乙图中的气门关闭，活塞上行，所以是压缩冲程，压缩

47、冲程是将机械能转化为内能的过程；丙图中的气门关闭，活塞下行，所以是做功冲程，做功冲程是将内能转化为机械能的过程，不是依靠飞轮的惯性完成的冲程；丁图中的进气门关闭，排气门打开，活塞上行，所以是排气冲程；综上分析可知，甲乙丁三个冲程依靠曲轴惯性完成，丙冲程不依靠曲轴的惯性完成；(3)因为水的比热容大，质量相同时升高相同的温度，吸收的热量多，故大多数汽车防冻冷却液是以水和汽车专用冷却液混合而成，主要成份是水，就是利用了水的比热容大的特点；在水中加入专用冷却液可以降低水的凝固点，所以在低温状态下仍能够正常使用；(4)由题意知，相同条件下，即获得机械能相同，由=WQ变形公式W=Q可得：1Q1=2Q2，4

48、0%Q1=50%Q2，Q1=1.25Q2；即q汽油V1=1.25q汽油V2，V1=1.253.3L=4.125L。故答案为：(1)内能；(2)乙；甲乙丁；(3)比热容大；凝固点；(4)4.125。26. 冬季供暖的家用暖气通常根据安装参数由多个相同规格的单片暖气构成一组。客厅的一组水流量为0.6m3/h的暖气片中水流进户温度是60，回水温度是50，采暖时热量利用效率为60%，c水=4.2103J/(kg)，q煤=3.6107J/kg。请解答下列问题：(1)供暖1h，客厅暖气片内的热水在循环过程中释放的有效热量为多少？(2)完全燃烧多少千克的无烟煤放出的热量与上述有效热量相当？(3)既要金山银山

49、，也要绿水青山。据了解，某市热力总公司现对传统的燃煤锅炉进行改造，请你站在环保的角度为热力公司提出一条建议。【答案】解：(1)供暖1h，客厅的一组暖气片进入热水的体积：V=0.6m3/h1h=0.6m3；由=mV得，水的质量：m=V=1103kg/m30.6m3=0.6103kg；热水放出的热量：Q放=cmt=4.2103J/(kg)0.6103kg(60-50)=2.52107J；采暖时有效利用的热量：Q有效=Q放=2.52107J60%=1.512107J；(2)放出相同的热量需要完全燃烧无烟煤的质量：m=Q有效q=1.512107J3.6107J/kg=0.42kg。(3)从环保角度考虑，要使用更加清洁的燃料，或对废气进行处理之后再进行排放，充分利用余热等。【解析】 (1)知道供热时间可计算出进户水的体积，根据密度计算公式计算出进户水的质量，由吸热公式计算出进入水放出的热量，最后由散热效率公式计算有效利用的热量；(2)知道无烟煤的热值和总热量，根据热值计算公式，计算出无烟煤的质量；(3)答案不唯一，只要从环保角度与供暖有关的合理化建议即可。