2019级高一物理期末考试答案.pdf

1、第 1页，共 7页2019-2020 学年第一学期高一期末联考物理答案一、选择题（共 12 题，其中 1-8 为单选题，9-12 为多选题，共计 48 分）123456789101112BCDBDBCDBDADACAD1.B【解析】A.亚里士多德在研究“落体运动”、“运动与力的关系”等问题中所犯的错误告诉我们，在科学研究中单纯依靠“观察”和“经验”往往是不可靠的，故 A 正确；B、在对自由落体运动的研究中，伽利略巧妙的利用斜面实验来冲淡重力影响使得时间更容易测量，最后逻辑推理证明了自由落体的运动规律，故 B 错误；C笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动

2、，既不停下来也不偏离原来的方向，故 C 正确；D牛顿通过研究发现物体受到的外力总是迫使其改变运动状态，而不是维持其运动状态,故 D 正确。本题选不符合历史事实的，故选 B.2.C【解析】A、在国际单位制中，质量（M）、时间（t）是基本物理量，而力（F）不是基本物理量，故 A 错误B、在国际单位制中，千克（kg）、秒（s）是基本单位，牛顿（N）是导出单位，故 B错误C、牛顿第二定律一般形式为 F=kma，只有在国际单位制中，k 才等于 1，牛顿第二定律的表达式才是 F=ma，故 C 正确D、在物理计算中，物理公式既确定了各物理量之间的数量关系，又确定了其单位关系，故 D 错误；故选：C3.D【解

3、析】A.根据 x-t 图线的斜率表示速度，知甲车做匀速直线运动，乙车图象为顶点在 A 点的抛物线，知乙做匀减速运动，在 t1 时刻乙的速度为 0，根据 t1 时刻两车的位移相等，得，则得，即 t=0 时刻，乙的速度是甲的速度的两倍，故 A 正确；B.0t0 时间段内甲、乙之间的距离等于纵坐标之差值，可知甲、乙之间的距离先增大后减小，故 B 正确；C.0t0 时间内两车的位移相等，时间相等，则平均速度相等，故 C 正确；D.设 P 点的纵坐标为 x，则 0-t0 时间内，甲和乙的路程相等，都是 x，故 D 错误；本题选不正确的，故选 D。第 2页，共 7页4.B【解析】ACD、手机处于静止状态，

4、受重力、支持力、摩擦力、吸引力而平衡，根据平衡条件可知，在垂直支架方向有：FN=Gcos+F 吸，大于 Gcos，可能大于 G，故 ACD错误；B、手机处于静止状态，受力平衡，受到重力和支架对手机的作用力，根据平衡条件可知，支架对手机的作用力大小等于重力 G，方向与重力方向相反，竖直向上，故 B 正确；故选：B。5.D【解析】21.6 km/h=6m/s汽车在前 0.3s+0.7s 内做匀速直线运动，位移为：x1=v0（t1+t2）=6（0.3+0.6）m=5.4m随后汽车做减速运动，位移为：=3.6m所以该 ETC 通道的长度为：L=x1+x2=6m+3.6m=9.0m，故 ABC 错误，D

5、 正确。故选 D。6.B【解析】ABC.小球在第 5s 内的位移是 18m，则 5s 内的平均速度为：；第 5s 内的平均速度等于 4.5s 末的速度，所以有：；小球在 2s 末的速度是：v2=at2=42=8m/s；故 B 正确，AC 错误；D.小球在前 5s 内的位移是：，故 D 错误。故选 B。7.C【解析】解：A、体重计示数小于体重说明小亮对体重计的压力小于重力，并不是体重变小。故 A 错误B、小亮对体重计的压力与体重计对晓敏的支持力是作用力与反作用力，大小相等。故B 错误C、D、以人为研究对象，h 求得gggmFmgaN31604060：，方向竖直向下，与重力加速度的方向相同。故 C

6、 正确,D 错误故选：C。8.D【解析】解：A、18s 后汽车做匀速运动，此时牵引力为：1h 1t，由平衡条件知，阻力为：1h 1t，故 A 错误。B、t t 内，牵引力为：1 t 1t由牛顿第二定律得：1 h1代入数据解得：h1 t2。第 页，共 7页6s 末车速为：1 h11 tt在 1tt 内，牵引力为：2 1 1t由牛顿第二定律得：2 h2解得h2 1 t2。第 18s 末车速为：2 1 h22 t 1 12 2t由图知 18s 后汽车匀速直线运动，牵引力等于阻力，故有：1tt，解得 18s 末的车速为：2 2t，所以 20s 末车速为：2t，故 B 错误。C、匀速运动时牵引力与阻力大

7、小相等，由两图知，18s 后汽车做匀速运动，故 C 错误。D、汽车在 t t 内的位移为：1 12 1 t2 tt汽车在 1tt 内的位移为：2 1222 t22 12 汽车在 1t 2tt 内的位移为：2 2 2故汽车在前 20s 的位移为：1 2 t7t，故 D 正确。故选：D。9.BD【解答】滑块刚放上去时，受到向前的滑动摩擦力，大小为mg；断电时滑块速度为 v0，如果 ag，则滑块与传送带将以相同的加速度减速，滑块受到静摩擦力，大小为 ma；断电时滑块速度为 v0，如果 ag，则传送带以加速度 a 减速，滑块只能以加速度g减速，滑块受到滑动摩擦力，大小为mg，方向在断电时刻突然变为向后

8、；故 BD 正确。故选 BD。10.AD【解析】A.球处于静止状态，受力平衡，对球进行受力分析，如图所示：FA、FB 以及 G 构成的三角形为等边三角形，根据几何关系可知，FA=FB=G，故 A 正确；B.若挡板从图示位置顺时针方向缓慢转动 60，根据图象可知，FA 逐渐减小，根据牛顿第三定律可知，球对斜面的压力逐渐减小，故 B 错误；CD.若挡板从图示位置顺时针方向缓慢转动 30，根据图象可知，FB 逐渐减小，根据牛顿第三定律可知，球对挡板的压力逐渐减小，故 C 错误，D.若保持=60不变，使小车水平向左做匀加速直线运动，当 FB 和重力 G 的合力正好提供加速度时，球对斜面的压力为零，故

9、D 正确；故选 AD。11.AC【解答】解：A、甲图中，对整体分析，根据共点力平衡有：2mgsin=22mgcos，对乙图，对整第 t页，共 7页体分析，根据牛顿第二定律得：2mgsin-12mgcos=2ma，由两式可知，1tan故 A正确。B、对甲图，对整体分析，根据共点力平衡有：2mgsin=22mgcos，2=tan，对英语词典分析：mgsin3mgcos，知32故 B 错误。C、对乙图，对整体分析，根据牛顿第二定律得：2mgsin-12mgcos=2ma，解得：a=gsin-1gcos，隔离对汉语词典分析，根据牛顿第二定律得：mgsin-f=ma，解得图乙中汉语词典受到的摩擦力 f=

10、1mgcos，故 C 正确。D、根据共点力平衡知，图甲中英语词典所受的摩擦力为静摩擦力 f=mgsin，因为2mgsin=22mgcos，所以 f=2mgcos故 D 错误。故选：AC。12.AD【解答】A.由图读出，时刻、开始分离，对 根据牛顿第二定律：，则，故 A 正确；B.开始时有：，时刻 的位移为，由运动学公式，得，故 B 错误；C 由图知，时刻 的加速度为零，速度最大，根据牛顿第二定律和胡克定律得：，则得：。故 C 错误；D.从开始到时刻，、的加速度不变，对、整体由牛顿第二定律：，弹簧的压缩量 在减小，故 在增大，时刻后，、分离，的加速度仍不变，对 由牛顿第二定律：，得 不变，故 D

11、 正确。故选 AD。二、实验题（本大题共 2 小题，每空 2 分，共 16 分）13.（1）弹簧测力计；（2）相同；（3）F；(4)D【解析】（1）做探究共点力合成的规律实验：我们是让两个力拉橡皮条和一个力拉橡皮条产生的作用效果相同，测出两个力的大小和方向以及一个力的大小和方向，用力的图示画出这三个力，用平行四边形做出两个力的合力的理论值，和那一个力进行比较所以我们需要的实验器材有：方木板（固定白纸），白纸（记录方向画图）、刻度尺（选标度）、绳套（弹簧秤拉橡皮条）、弹簧测力计（测力的大小）、图钉（固定白纸）、三角板（画平行四边形）、橡皮条（让力产生相同的作用效果的）；（2）要使每次合力与分力产

12、生相同的效果，每次将橡皮条拉到同样的位置，即用一个力与用两个力的作用效果相同；（3）用平行四边形画出来的是理论值，和橡皮筋同线的那个是实际值，所以：F 是理论值；F是真实值；(4)由题意可知：保持 O 点位置不动，即合力大小方向不变，弹簧测力计 A 的读数不变，只要符合该条件而且能够做出平行四边形即可，由此可知 ABC 可以做出平行四边形，故选 D.第 页，共 7页14（1）ABD（2）2.0（3）C（4）B【解析】1h实验时，为保证小车所受的合外力恒定，应该让细线与轨道平行，故 A 正确，实验时时需将长木板右端垫高，以平衡摩擦力，故 B 正确。实验时，小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放

13、小车，故 C 错误。根据题意实验过程中每次在释放小车前先读出拉力传感器的读数并记下读数，故拉力传感器的示数是沙和沙桶的重力大小，故需要使小桶包括沙h的质量远小于车的总质量，故 D 正确。故选 ABD。2h根据 h2，运用逐差法得：h tt27ht1th111htt1h1thtth12h1t2tth1t2 2httt2。(3)由牛顿第二定律得：2F=Ma，则FM2a，h 图象的斜率：Mk2，则小车的质量k2M，故 C 正确。th根据牛顿第二定律可知amMF)(2，解得m212a1FFM，故 B 正确，ACD错误；故选：B。第 页，共 7页三、计算题（共计 36 分）15、（1）选择向右为正，以

14、A 球为研究对象:2/2-msmFa(1 分)小球 A 向右做匀减速直线运动，根据运动学公式：mVxPQ25a2020（2 分）小球 A 连续两次经过 P 点所用的时间为sav10)0(2t0(2 分)（2）由题意分析知，要使两球不相撞，当 A 球速度变为与 B 球速度相等时两球恰好相遇，则)(.)(/m.t)(分根据牛顿第二定律知：分联立以上方程解得：分）（分）（分154154125112222NFsamxxvavvvxavvxBABABBBABA故答案为（1）25m10s(2)4.5N分）（所以分）（析知，再对定滑轮进行受力分分）（联解可得：分）（分最大静摩擦力小物块所受的摩擦力为要上滑时

15、，的质量，当小物块恰好）增大物块（分）（分受力分析，以物块为研究对象进行分对）（1321320312013023022103102300231030222021100kgMNFMgNFFfmfFMNffmgFNMgFNcosmg)(sing)()(sin)(cos：动滑轮进行受力分析知，F设绳的张力为1、161故答案为：（1）Nf)(10310（2）kgM32F2第 7页，共 7页分）（为沿斜面上滑的最远距离所以分）（匀减速的位移为则分）（速一起沿斜面向上做匀减、共速后分）（共速时的速度为、根据题意知分）（上做匀减速运动共速后将一起沿斜面向、分）（据运动学公式当两者速度相等时，根分）（分）（为研究对象选分）（分）（为研究对象：）选（分）（所以分）（解得：分需要满足：物体沿斜面向上滑动，要使向，）选沿斜面向上为正方、（162113201616318212111110116121125012502117212221120120222211222mxtaxAmavxAsmgaBAsmtaBAmtatatvXXLBAsttatavsmagmgmaBsmagmgmamAgmgAAAABABBBBBABAAB/sin/v)(/cossinm/sincos.)(sincosm故答案为：（1）1250.（2）tm（）mBA7O