2021-2022学年高中物理鲁科版选择性必修第一册课后巩固提升：第2章测评 WORD版含解析.docx

1、第2章测评(时间:75分钟满分:100分)一、单项选择题(本题共4小题,每小题4分,共16分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。)1.如图所示,劲度系数为k的轻弹簧一端挂在天花板上,O点为弹簧自然伸长时下端点的位置。当在弹簧下端挂钩上挂一质量为m的砝码后,砝码开始由O位置起由静止做简谐运动,它振动到下面最低点位置A距O点的距离为l0,则()A.振动的振幅为l0B.振幅为C.平衡位置在O点D.平衡位置在OA中点B的上方某一点答案B2.把在北京调准的摆钟移到赤道上时,摆钟的振动()A.变慢了,要使它恢复准确,应增加摆长B.变慢了,要使它恢复准确,应缩短摆长C.变快了,要使它恢复准

2、确,应增加摆长D.变快了,要使它恢复准确,应缩短摆长解析把摆钟从北京移到赤道上,重力加速度g变小,则周期T=2T0,摆钟显示的时间小于实际时间,因此变慢了,要使它恢复准确,应缩短摆长,B正确。答案B3.一根弹簧原长为l0,挂一质量为m的物体时伸长x。当把这根弹簧与该物体套在一光滑水平的杆上组成弹簧振子,且其振幅为A时,物体振动的最大加速度为()A.B.C.D.解析振子的最大加速度a=,而mg=kx,解得a=,B项正确。答案B4.如图所示,一个弹簧振子在A、B间做简谐运动,O是平衡位置,以某时刻作为计时零点(t=0),经过周期,振子具有正方向的最大加速度,那么下列四个x-t运动图像能正确反映运动

3、情况的图像是()解析从t=0开始经过周期,振子具有正向的最大加速度,则位移为负的最大值,故D正确。答案D二、多项选择题(本题共4小题,每小题6分,共24分。在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。)5.关于简谐运动的周期,以下说法正确的是()A.间隔一个周期的两个时刻,物体的振动情况完全相同B.间隔半个周期奇数倍的两个时刻,物体的速度和加速度可能同时相同C.经半个周期物体动能的变化一定为零D.经一个周期物体势能的变化一定为零解析根据周期的意义知,物体完成一次全振动,所有的物理量都恢复到初始状态,故选项A、D正确;当间隔半个周期的奇数倍

4、时,所有的矢量都变得大小相等、方向相反,故选项B错误;由于间隔半个周期各矢量大小相等,所以物体的动能必定相等,没有变化,故选项C正确。答案ACD6.如图所示,质量为m的小球放在劲度系数为k的轻弹簧上,小球上下振动而又始终未脱离弹簧。则()A.小球的最大振幅为B.在最大振幅下弹簧对小球的最大弹力是mgC.小球在振动过程中机械能守恒D.弹簧的最大弹性势能为解析最大振幅满足kA=mg,即A=,选项A正确;在A=的条件下小球在最高点和最低点所受回复力大小相同,在最低点有Fm-mg=mg,得Fm=2mg,选项B错误;小球和弹簧组成的系统中只有重力和弹簧弹力做功,其机械能守恒,选项C错误;当小球到达最低点

5、时弹簧的形变量最大,则弹性势能最大,根据机械能守恒得最大弹性势能为2mgA=,选项D正确。答案AD7.如图所示,下列说法正确的是()A.振动图像上的A、B两点振动物体的速度相同B.在t=0.1 s和t=0.3 s时,质点的加速度大小相等、方向相反C.振动图像上A、B两点的速度大小相等、方向相反D.质点在t=0.2 s和t=0.3 s时的动能相等解析A、B两点位移相同,速度大小相等,但方向相反,故选项A错,选项C对;t=0.1 s和t=0.3 s质点离开平衡位置的位移最大,方向相反,由F=-kx,a=-可知选项B对;t=0.2 s时,物体通过平衡位置,速度最大,动能最大,而t=0.3 s时,速度

6、为零,动能最小,故选项D错。答案BC8.一砝码和一轻弹簧构成弹簧振子,图甲所示的装置可用于研究该弹簧振子的受迫振动。匀速转动把手时,曲杆给弹簧振子以驱动力,使振子做受迫振动。把手匀速转动的周期就是驱动力的周期,改变把手匀速转动的速度就可以改变驱动力的周期。若保持把手不动,给砝码一向下的初速度,砝码便做简谐运动,振动图线如图乙所示。当把手以某一速度匀速转动,受迫振动达到稳定时,砝码的振动图线如图丙所示。若用T0表示弹簧振子的固有周期,T表示驱动力的周期,A表示受迫振动达到稳定后砝码振动的振幅,则()A.由图线可知T0=4 sB.由图线可知T0=8 sC.当T在4 s附近时,A显著增大;当T比4

7、s小得多或大得多时,A很小D.当T在8 s附近时,A显著增大;当T比8 s小得多或大得多时,A很小解析图乙是弹簧振子未加驱动力时的周期,故由图线读出的周期为其振动的固有周期,即T0=4 s。图丙是弹簧振子在驱动力作用下的振动图线,做受迫振动的物体,其振动的周期等于驱动力的周期,即T=8 s。当受迫振动的周期与驱动力的周期相同时,其振幅最大;周期差别越大,其运动振幅越小。答案AC三、非选择题(本题共7小题,共60分。)9.(4分)质点沿x轴做简谐运动,平衡位置为坐标原点O,质点经过a点和b点时速度相同,所用时间tab=0.2 s;质点由b点再次回到a点用的最短时间tba=0.4 s。则该质点做简

8、谐运动的频率为。解析由题意知a、b两点关于O点对称,由tab=0.2 s、tba=0.4 s知,质点经过b点后还要继续向最大位移处运动,直到最大位移处,然后再回来经b点到a点,则质点由b点到最大位移处再回到b点所用时间为0.2 s,则tab+(tba-tab),解得周期T=0.8 s,频率f=1.25 Hz。答案1.25 Hz10.(4分)如图所示,三根细线于O点处打结,A、B两端固定在同一水平面上相距为L的两点上,使AOB成直角三角形,BAO=30。已知OC线长是L,下端C点系着一个小球(忽略小球半径),若让小球在纸面内摆动,则周期T=。若让小球在垂直纸面方向摆动,则周期T=。解析让小球在纸

9、面内摆动,周期T=2。让摆球在垂直纸面内摆动,摆球以OC的延长线与AB交点为中心摆动,摆长为L+cos 30=L+L,周期T=2=。答案211.(4分)某登山运动员登上某座山顶后,利用一些轻质细线、钢卷尺、手表、形状不规则的石子、矮树等,测量出山顶处的重力加速度。实验步骤如下:(1)用细线绑上石子挂在树杈上做成一个单摆,小角度摆动后测出n1次全振动的时间t1,测出悬线长L1。(2)改变悬线长度,测出其长度L2,小角度摆动后测出n2次全振动的时间t2。则山顶处的重力加速度g=。用(1)(2)中所测物理量表示解析设悬线末端到石子重心的距离为d,根据单摆周期规律,有T1=2,T2=2,T1=,T2=

10、,g=。答案12.(8分)在利用单摆测定重力加速度的实验中:(1)应选用下列哪些器材(填序号)。1 m长细线1 m长粗线10 cm细线泡沫塑料小球小铁球秒刻度停表时钟厘米刻度尺毫米刻度尺(2)某同学准备好相关实验器材后,把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度后释放,同时按下停表开始计时,当单摆再次回到释放位置时停止计时,将记录的这段时间作为单摆的周期。以上操作中有不妥之处,请对其中两处加以改正。;。(3)在利用单摆测定重力加速度的实验中,由单摆做简谐运动的周期公式得到g=。只要测出多组单摆的摆长l和周期T,作出T2-l图像,就可以求出当地的重力加速度。理论上T2-l图像是一条过坐标原点的直线,某同

11、学根据实验数据作出的图像如图所示。造成图像不过坐标原点的原因是;由图像求出的重力加速度g= m/s2。(2取9.87)解析(1)单摆是理想化模型,实际的单摆在细线、空气阻力相对球的重力可以忽略的情况下可以看作单摆,因此选1 m的细线、小铁球。实验中测摆长、周期时,应尽可能精确,因此应选毫米刻度尺和秒刻度停表。(2)摆球通过平衡位置时具有较大的速度,此时开始计时,误差较小。若只测量一次全振动的时间会产生较大的误差,测量多次全振动的时间求平均值可减小误差。(3)由题图知,当l=0时T0,说明l不是摆长,而是摆线长度,漏掉了摆球半径。图像的斜率k=,由题图知k=4,故g=2=9.87 m/s2。答案

12、(1)(2)在摆球通过平衡位置时开始计时测量单摆多次全振动的时间,再计算出周期的测量值(或在单摆振动稳定后开始计时)(3)测单摆摆长时漏掉了摆球半径9.8713.(10分)一位游客在千岛湖边欲乘坐游船,当日风浪较大,游船上下浮动。可把游船浮动简化成竖直方向的简谐运动,振幅为20 cm,周期为3.0 s。当船上升到最高点时,甲板刚好与码头地面平齐。码头地面与甲板的高度差不超过10 cm时,游客能舒服地登船。在游船浮动一个周期内,求游客能舒服登船的时间。解析当游船在平衡位置时开始计时,则振动方程为y=Asint,振幅A=20 cm,周期T=3.0 s,即y=20sint,由于高度差不超过10 cm

13、,游客能舒服地登船,即y=10 cm,代入数据可知,t1=,t2=,在一个周期内舒服登船的时间为t=t2-t1=1.0 s。答案1.0 s14.(12分)如图所示,ACB为光滑弧形槽,弧形槽半径为R,R,甲球从弧形槽的球心处自由落下,乙球从A点由静止释放,问:(1)两球第1次到达C点的时间之比是多少?(2)若在弧形槽的最低点C的正上方h处由静止释放小球甲,让其自由下落,同时乙球从弧形槽左侧由静止释放,欲使甲、乙两球在弧形槽最低点C处相遇,则甲球下落的高度h是多少?解析(1)甲球做自由落体运动R=,所以t1=,乙球沿圆弧做简谐运动(由于R,可认为摆角很小)。此振动与一个摆长为R的单摆振动模型相同

14、,故此等效摆长为R,因此乙球第1次到达C处的时间为t2=T=2,所以t1t2=。(2)甲球从离弧形槽最低点h高处开始自由下落,到达C点的时间为t甲=,由于乙球运动的周期性,所以乙球到达C点的时间为t乙=+n(2n+1)(n=0,1,2)由于甲、乙在C点相遇,故t甲=t乙解得h=(n=0,1,2)。答案(1)(2)(n=0,1,2)15.(18分)将一测力传感器连接到计算机上就可以测量快速变化的力。图甲中O点为单摆的固定悬点,现将小摆球(可视为质点)拉至A点,此时细线处于张紧状态,释放摆球,则摆球将在竖直平面内的A、B、C之间来回摆动,其中B点为运动中的最低位置,AOB=COB=,小于5且是未知

15、量。图乙表示由计算机得到的小球对摆线的拉力大小F随时间t变化的曲线,且图中t=0时刻为摆球从A点开始运动的时刻。试根据力学规律和题中(包括图中)所给的信息求:(g取10 m/s2)(1)单摆的振动周期和摆长;(2)摆球的质量;(3)摆球运动过程中的最大速度。解析(1)由题图乙可知周期T=0.4 s由T=2,有l=g解得l=0.4 m。(2)小球在B点所受拉力最大,Fmax=0.510 N有Fmax-mg=在A和C点所受拉力最小,Fmin=0.495 N,有Fmin=mgcos 从A到B的过程中摆球的机械能守恒,有mgl(1-cos )=mv2由式解得m=0.05 kg。(3)由式解得v=0.283 m/s。答案(1)0.4 s0.4 m(2)0.05 kg(3)0.283 m/s