安徽省安师大附中2019-2020学年高一下学期期末考试物理试题 扫描版含答案.pdf

1、高一物理参考答案第 1 页（共 4 页）高一年级物理（必修 2）参考答案及评分标准一、选择题（每小题 4 分，共 40 分；1-8 题为单选题，9-10 题分单选题和多选题，其中多选题全部选对得 4 分，选不全得 2 分，选错或不答得 0 分）题 目123456789-19-29-310-110-210-3答 案DCBADACDBCDCABCBC二、填空题（每空 2 分，共 12 分）11.4515212.小于小于13.50100三、实验题（每空 2 分，共 18 分）14.（1）水平使平抛的初速度相同（2）0.751.2515.（1）B（2）1.55（3）1.221.20在实验误差允许范围内

2、重物的机械能守恒四、解答题（第 16 小题 8 分，第 17 小题 10 分，第 18 小题 12 分，共 30 分；要求写出主要的计算公式、解题步骤和必要的文字说明）16.（1）滑块在 BD 间做平抛运动，由 h=12gt2BD（2 分）解得：tBD=0.6s（1 分）水平方向 xCD=v0tBD（1 分）解得 vB=6m/s（1 分）（2）滑块在 AB 过程做匀变速运动；由 xAB=2vvB0tAB（2 分）解得：tAB=0.3s（1 分）17-1.（一般普高做）（1）木块所受的合外力F 合=mgsin-mgcos=mg（sin-cos）=210（0.60.50.8）N=4N（2 分）木块

3、的加速度 a=mF合=42m/s2=2 m/s2（1 分）前 2 s 内木块的位移 l=12at2=12222 m=4 m（1 分）所以，重力在前 2 s 内做的功为 W=mglsin=21040.6 J=48 J（2 分）（2）重力在前 2 s 内的平均功率为 P=Wt=482W=24 W（1 分）（3）木块在 2 s 末的速度 v=at=22 m/s=4 m/s（1 分）2 s 末重力的瞬时功率 P=mgvsin=21040.6 W=48 W（2 分）2019-2020学年第二学期十校联考高一物理参考答案第 2 页（共 4 页）17-2.（市十二中、田中做）（1）因为牵引力等于阻力时，速度

4、最大.根据 P=Fvm=fvm得，汽车所受的阻力 f=mvP=2080000 N=4000N（2 分）（2）根据牛顿第二定律得 F-f=ma则匀加速直线运动的牵引力 F=f+ma=4000+20002N=8000N（1 分）匀加速直线运动的末速度80000 m/s=10m/s8000PvF（1 分）则匀加速直线运动的时间 110 s=5s2vta（1 分）（3）汽车匀加速直线运动的位移2211112 5 m=25m22xat（1 分）根据动能定理得221211122mP ttfxmvmv（2 分）代入数据解得变加速运动的位移大小 x2=125m（1 分）则总路程 s=x1+x2=150m（1

5、分）17-3.（市一中、附中做）（1）由题意得，当玩具车达到最大速度 v=10m/s 匀速运动时，牵引力：F=mgsin30+0.3mg（2 分）由 P=Fv代入数据解得：P=40W（1 分）（2）玩具车在 0-4s 内做匀加速直线运动，设加速度为 a，牵引力为 F1，由牛顿第二定律得：F1-（mgsin30+0.3mg）=ma（1 分）4s 末时玩具车功率达到最大，则 P=F1v1（1 分）由运动学公式 v1=at1（其中 t1=4s）代入数据解得:v1=8m/s（1 分）（3）玩具车在 04s 内运动位移 x1=2112 at（1 分）得：x1=16m玩具车在 412s 功率恒定，设运动位

6、移为 x2，设 t2=12s 木时玩具车速度为 v，由动能定理得P（t2-t1）-（mgsin30+0.3mg）x2=2211122mvmv（2 分）代入数据解得：x2=77.75m所以轨道长度 L=x1+x2=93.75m（1 分）高一物理参考答案第 3 页（共 4 页）18-1.（一般普高做）（1）A 点运动到 B 点过程中，根据动能定理得mgH=212Bmv（3 分）解得：vB=gH2；（1 分）（2）A 点运动到 C 点过程中，根据动能定理得mgH mgs=0（3 分）解得：sH（1 分）（3）C 点运动到 A 点过程中，根据动能定理得 mgs mgH=0 12 mv02（3 分）解得

7、：v0=2 gH（1 分）18-2.（市十二中、田中做）（1）BC 长度tan530.4mlR由动能定理可得21()sin372Bmg Llmv（2 分）代入数据的3 2m/sBv 物块在 BC 部分所受的摩擦力大小为cos370.60Nfmg所受合力为sin370Fmgf（1 分）故3 2m/sCBvv（1 分）（2）设物块第一次通过 D 点的速度为Dv由动能定理得2211(1 cos37)22DCmgRmvmv（1 分）有牛顿第二定律得2DDvFmgm R（1 分）联立解得7.4NDF（1 分）（3）物块每次通过 BC 所损失的机械能为0.24JEfl（1 分）物块在 B 点的动能为212

8、kBBEmv（1 分）解得0.9JkBE物块经过 BC 次数0.9J=3.750.24Jn 故最终静止在 BC 区域（1 分）设物块最终停在距离 C 点 x 处，可得()sin37(3+)0mg Lxfl x（1 分）代入数据可得 x=0.35m（1 分）高一物理参考答案第 4 页（共 4 页）18-3.（市一中、附中做）（1）由牛顿第二定律可得2BvFmgm R（1 分）解得()4m/sBFmg Rvm（1 分）由动能定理可得212fBmgRWmv（1 分）解得210.2J2fBWmgRmv（1 分）（2）设滑块在传送带上运动距离 x 时，与传送带达到共同速度，有2211122Bmgxmvmv（1 分）解得2213m4m2BvvxLg（1 分）滑块在传送带上先减速后匀速，离开传送带的速度为12m/sv（1 分）离开传送带后滑块先沿圆弧轨道 CD 做圆周运动22111222Dmvmgrmv（1 分）滑块飞离 D 点后做平抛运动，有CEDxv t（1 分）2122rgt（1 分）解得当 r=0.05m 时（1 分），xCE最大为 0.2m（1 分）。