2023新教材高考物理二轮专题复习 专题强化训练10 电场及带电粒子在电场中的运动.docx

1、专题强化训练10电场及带电粒子在电场中的运动一、选择题(17题为单项选择题，810题为多项选择题)1.2022广东冲刺卷计算机键盘每个按键下有块小金属片，与该金属片隔有一定空气间隙的是另一块小的固定金属片，两片金属片组成一个小电容器且电压保持不变图示键盘连着正在工作的计算机，按下“？”键过程中，按键金属片间组成的电容器()A.电容变小B金属片间的场强变小C电荷量增大D处于放电状态2.2022湖北卷密立根油滴实验装置如图所示，两块水平放置的金属板分别与电源的正负极相接，板间产生匀强电场用一个喷雾器把密度相同的许多油滴从上板中间的小孔喷入电场，油滴从喷口喷出时由于摩擦而带电金属板间电势差为U时，电

2、荷量为q、半径为r的球状油滴在板间保持静止若仅将金属板间电势差调整为2U，则在板间能保持静止的球状油滴所带电荷量和半径可以为()Aq，r B2q，rC2q，2r D4q，2r3.2022全国冲刺卷两半径相等的半球球壳和彼此靠的很近，间距可忽略，两半球壳均匀带有正电荷，电荷量均为q，O为球心，A为球壳外一点，AOd，如图所示，AO垂直于两半球截面球壳在A点形成的电场强度为E1，规定距O点无限远处电势为零，下列说法不正确的是()AO点电场强度为零B球壳在O点形成的电场强度方向水平向右C球壳在A点形成的电场强度大小为E2E1D球壳和球壳在A点形成的电势相等4.2022山东押题卷内陆盐矿中开采的氯化钠

3、称为岩盐如图所示，岩盐晶体结构中相邻的四个离子处于正方形的四个顶点，O点为正方形中心，A、B为两边中点，取无穷远处电势为零，关于这四个离子形成的电场，下列说法正确的是()AO点电场场强不为零BO点电势不为零CA、B两点电场强度相等DA、B两点电势相等5.2022北京押题卷两个等量异种点电荷形成的电场等势面如图虚线所示，现有一正电荷以某一水平初速度从左侧P点进入该区域，只在电场力作用下通过Q点下列说法正确的是()AP点的电场强度比Q点的电场强度小BP点的电势比Q点的电势低C该电荷在P点的电势能比在Q点的电势能大D该电荷在P点的动能比在Q点的动能大6.2022浙江6月如图所示，带等量异种电荷的两正

4、对平行金属板M、N间存在匀强电场，板长为L(不考虑边界效应).t0时刻，M板中点处的粒子源发射两个速度大小为v0的相同粒子，垂直M板向右的粒子，到达N板时速度大小为v0；平行M板向下的粒子，刚好从N板下端射出不计重力和粒子间的相互作用，则()AM板电势高于N板电势B两个粒子的电势能都增加C粒子在两板间的加速度为aD粒子从N板下端射出的时间t7.2022河北卷如图，真空中电荷量为2q和q(q0)的两个点电荷分别位于M点与N点，形成一个以MN延长线上O点为球心，电势为零的等势面(取无穷远处电势为零)，P为MN连线上的一点，且MPO，可知T点电场方向指向O点，B正确答案：B8解析：粒子在半径为r的圆

5、轨道运动，有qEm2r，将E代入上式得2，可知轨道半径小的粒子，角速度大，A错误；由qEm、Ekmv2、E解得Ek，即电荷量大的粒子动能一定大，B正确；由qEm、E可得v2，即粒子速度的大小与轨道半径r无关，C正确；带电粒子的运动方向和垂直纸面的磁场方向是向里还是向外未知，粒子所受洛伦兹力方向未知，D错误答案：BC9解析：该电场是等量异种电荷在空间中产生的电场，其中，QM为正电荷，QN为负电荷，A正确，B错误；正电荷QM在MP和PQ区间产生的电场强度的平均值大小相同有MPMQ，负电荷QN在MP和PQ区间产生的电场强度的平均值大小不同有MPMP，根据Ud，有UMPUMQ，C正确；将负检验电荷从P

6、点移动到Q点，正电荷QM对检验电荷做功为零，负电荷QN对检验电荷做功为负功，故电场力对该检验电荷所做总功为负，D错误答案：AC10解析：根据沿电场方向电势降低可知，在0x3区间内，电场方向分别是从x1指向O，x1指向x2，x3指向x2，A错误；电子从O点由静止释放到B的过程，根据动能定理可得eEkB0，解得EkB，B正确；由E可知 x图像的斜率绝对值表示电场强度大小，由图可知电子从A运动到C，电场强度先减小后增大，电场力先减小后增大，加速度先减小后增大，C正确；若在B点给电子一个沿x轴方向的初速度，如果初速度方向沿x方向，电子受到沿x方向的电场力，电子做加速运动，电子并不会在AC间做往复运动，

7、D错误答案：BC11解析：（1）小滑块受到的电场力大小为FqE104103N0.1 N.（2）小滑块在L点时，重力提供向心力mgm设滑块与N点的距离为x，分析滑块的运动过程，由动能定理可得qExmgxmg2Rmv0联立并代入数据解得x20 m.（3）滑块到达P点时，对全过程应用动能定理可得qE（xR）mgxmgRmv0在P点时由牛顿第二定律可得FNqEm联立并代入数据解得FN1.5 N答案：（1）0.1 N（2）20 m（3）1.5 N12解析：（1）由eU0mv电子水平方向匀速直线运动Lv0T解得TL.（2）在tT （n0，1，2）时刻进入的电子恰能打到极板边缘时，所有电子均能打到极板上，根据牛顿第二定律ema1则a1解得d1L.（3）在tnT （n0，1，2）时刻进入的电子恰好能打到极板边缘时，所有电子均能通过极板，根据牛顿第二定律ema2则a2a2解得d2L.答案：（1）L （2） L（3） L