北京市大兴区2022-2023学年高二物理上学期期末考试试卷（PDF版带解析）.pdf

1、第1页/共22页学科网（北京）股份有限公司2023 北京大兴高二（上）期末 物 理 学校:_姓名：_班级：_考号：_ 一、单选题 1比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法，下列表达式中不属于比值定义的是（）AUIR=BFEq=CQCU=DpEq=2类比是一种有效的学习方法，通过比较和归类，有助于掌握新知识，提高学习效率。某同学对机械波和电磁波进行类比，总结出下列内容，其中正确的是（）A机械波的频率、波长和波速三者满足的关系，对电磁波并不适用B机械波的传播依赖于介质，而电磁波只能在真空中传播C机械波既有横波又有纵波，而电磁波只有纵波D机械波和电磁波都能产生干涉和衍射

2、现象3如图所示，一理想变压器的原线圈匝数为11000n=匝，副线圈匝数为2200n=匝，电阻88R=，原线圈接入电压1220VU=的交流电源，电压表和电流表对电路的影响可忽略不计，则下列说法正确的是（）A通过原线圈和副线圈的交流电的频率之比5:1B电流表的示数为 0.1AC电压表的示数为 1100VD电阻 R 的电功率为 44W4A、B 是两个完全相同的电热器，A 通以图甲所示的方波交变电流，B 通以图乙所示的正弦交变电流，则两电热器的电功率之比AB:PP 等于（）A5:4B3:2C2:1D2:2第2页/共22页学科网（北京）股份有限公司5如图甲所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同

3、的转速绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图像如图乙中曲线 a、b 所示，下列说法正确的是（）A两次 t0 时刻线圈的磁通量均为零B曲线 a、b 对应的交流电周期之比为3:2C旋转过程中两种情况的最大磁通量均相同D在相同的时间两种情况在线圈中产生的焦耳热均相同6如图所示，A、B 为相互接触的用绝缘支架支撑的金属导体，在它们的下部贴有金属箔片，起初它们不带电，C 是用绝缘棒连接的带正电的小球，A、B、C 均可自由移动，实验中把 C 移近导体 A，关于实验现象和分析下列说法正确的是（）AA 上的金属箔片张开且带正电，B 上的金属箔片不张开BA 上的金属箔片张开且带负电，B 上的金属箔片不张

4、开CA 上的金属箔片张开且带正电，B 上的金属箔片张开且带负电DA 上的金属箔片张开且带负电，B 上的金属箔片张开且带正电7如图所示是汽车蓄电池供电简化电路图。当汽车启动时，启动开关 S 闭合，电动机工作。测得车灯1L、2L 电阻均为10R=，电源的电动势 E12V，内电阻0.5=r。若开关 S 闭合时，测得电动机两端的电压为 10V，在此状态下以下计算正确的是（）A车灯1L 的电流为 2.0AB电动机的电流为 2.0AC电动机的输出功率为 18WD电动机的内阻为58如图所示的电路中，电源电动势为 E，内阻为 r，闭合开关 S，当滑动变阻器 R 的滑片 P 向下移动时，第3页/共22页学科网（

5、北京）股份有限公司下列判断中正确的是（）A电流表示数变小B电压表示数变大C电源的总功率变大D电源的损耗功率变小9一个电子仅在静电力作用下从 a 点运动到 b 点的轨迹如图中虚线所示，图中一组平行实线可能是电场线也可能是等势面，下列判断中正确的是（）A如果实线是电场线，则 a 点的电势比 b 点的电势低B如果实线是电场线，则电子在 a 点的电势能比在 b 点的电势能小C如果实线是等势面，则 a 点的电势比 b 点的电势高D如果实线是等势面，则电子在 a 点的动能比在 b 点的动能大10如图所示为一个质量为 m、电荷量为 q 的带正电的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙绝缘细杆上滑动，细杆处于磁感应

6、强度为 B 的匀强磁场中（不计空气阻力）。现给圆环水平向右初速度0v，在以后的运动过程中，圆环运动的速度图像可能是下图中的（）AB第4页/共22页学科网（北京）股份有限公司CD11图 1 和图 2 是教材中演示自感现象的两个电路图，1L 和2L 为电感线圈。实验时，断开开关1S 瞬间，灯1A 突然闪亮，随后逐渐变暗；闭合开关2S，灯2A 逐渐变亮，而另一个相同的灯3A 立即变亮，最终2A 与3A 的亮度相同。下列说法正确的是（）A断开1S，1A 闪亮瞬间电流方向和断开前相反B断开1S 之前1A 中的电流大于1L 中的电流C闭合2S 瞬间2A 中电流与3A 中电流相等D变阻器 R 的电阻大于线圈

7、2L 的直流电阻12如图所示直角坐标系 xOy，在 x 轴上固定着关于 O 点对称的等量异号点电荷Q 和Q，两电荷之间的距离为 4a，C、D、E 三点的坐标分别为()0,Ca，(),0D a和(),E a a。将一个正电荷从 O 移动到 D，静电力对它做功为1W，将这个正电荷从 C 移动到 E，静电力对它做功为2W。下列判断正确的是（）AC 点的场强比 O 点的场强大BO 点的场强比 D 点的场强大CC 点的电势比 E 点的电势高，并且12WWDE 点的电势比 D 点的电势高，并且12WW13如图所示，有两根和水平方向成 角的光滑平行的金属轨道，上端接有可变电阻 R，下端足够长，空间有垂直于轨

8、道平面的匀强磁场，磁感应强度为 B。一根质量为 m 的金属杆从轨道上由静止滑下。经过足够长的时间后，金属杆的速度会趋近于一个最大速度mv，不计金属杆和轨道的电阻，则以下分析正确的是（）第5页/共22页学科网（北京）股份有限公司A金属杆先做匀加速直线运动然后做匀速直线运动B金属杆由静止到最大速度过程中机械能守恒C如果只增大 B，mv 将变小D如果只增大 R，mv 将变小14如图所示，长方体发电导管的前后两个侧面是绝缘体，上下两个侧面是电阻可忽略的导体电极，两极间距为 d，矩形极板长和宽分别为 a、b，这两个电极与可变电阻 R 相连。在垂直前后侧面的方向上，有一匀强磁场，磁感应强度大小为 B。发电

9、导管内有电阻率为 的高温等离子体以速度 v 向右流动，并通过专用管道导出。由于运动的等离子体受到磁场的作用，将产生大小不变的电动势。若不计粒子运动时的阻力，由以上条件可推导出可变电阻消耗的电功率 P；调节可变电阻的阻值，可求得可变电阻 R 消耗最大电功率mP，关于mP 和 P 的表达式正确的是（）A22m4v B daP=B22m4v B dabP=C2vBdaPRRabd=+D2vBdbPRRabd=+二、实验题 15（1）多用电表是物理实验室常用的仪表之一，在练习使用多用电表的实验中实验小组的同学用多用电表的欧姆挡粗略测量一定值电阻的阻值xR，先把选择开关旋到“100”挡位，测量时发现指针

10、偏转过小，接下来的操作顺序是_。（选择必要的实验步骤按操作顺序填写字母）a将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针对准刻度盘上欧姆挡的零刻度，然后断开两表笔b旋转选择开关至交流电压最大量程处（或“OFF”挡），并拔出两表笔c将选择开关旋到“10”挡d将选择开关旋到“1k”挡e将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出阻值xR，断开两表笔（2）如图所示的电路可以用来研究电磁感应现象。干电池、开关、线圈 A、滑动变阻器串联成一个电路，电流计、线圈 B 串联成另一个电路。线圈 A、B 套在同一个闭合铁芯上，两线圈的匝数合理能保证电流计正常工作，描述闭合开关后电流计指针的偏转情况_。第6页/共22页学科网（

11、北京）股份有限公司（3）如图所示是探究影响平行板电容器电容大小因素的实验装置，让圆形平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度。不改变 M，N 两板所带的电荷量，且保持两板在竖直平面内。开始时两板正对，现要使静电计指针偏角变小，下列做法中可行的是_。（选填选项前面的字母）A保持 N 板不动，M 板向上平移B保持 N 板不动，M 板向右平移C保持 N 板不动，M 板向左平移D保持 M、N 两板不动，在 M、N 之间插入一块绝缘介质板16（1）“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准。用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图甲所示，其读数应为_mm；在图乙所示的实物图中，字母

12、 B 所指区域叫固定刻度，字母D所指部件的名称是_，字母 G 所指部件的功能是_。（2）某同学欲采用下列器材准确测定一个约20 的电阻的阻值。A直流电源（12V，内阻不计）；B开关、导线等；C电流表（03A，内阻约0.03）；D电流表（00.6A，内阻约0.10）；E电压表（03V，内阻约3k）；F电压表（015V，内阻约15k）；G滑动变阻器（0 5，额定电流 3A）；为测量准确，电流表应选用_，电压表应选用_；（选填器材前的字母）为了获得尽可能多的数据，该同学设计了测量电路图，依据所设计的测量电路图将图 1 中的元件连成实验电路_；第7页/共22页学科网（北京）股份有限公司闭合开关，逐次改

13、变滑动变阻器滑动头的位置，记录与之对应的电流表的示数 I、电压表的示数 U。某次电流表、电压表的示数如图 2 所示。处理实验数据时，制作如图 3 所示的 IU 坐标图，图中已标注出了几个与测量对应的坐标点。请将与图 2 读数对应的坐标点也标在图 3 中，并在图 3 中把坐标点连成图线_；根据图 3 描绘出的图线可得出这个电阻的阻值为 R_。三、解答题 17如图所示，一小型发电机内有 n100 匝矩形线圈，线圈面积20.10mS=，线圈电阻可忽略不计。在外力作用下矩形线圈在 B0.10T 匀强磁场中，以恒定的角速度100 rad/s=绕垂直于磁场方向的固定轴OO逆时针转动，发电机线圈两端与100

14、R=的电阻构成闭合回路。（取 3）（1）判断如图所示位置线圈中的电流方向；（2）写出从中性面开始计时电动势的瞬时值表达式；（3）线圈匀速转动 10s，求电流通过电阻 R 产生的焦耳热。第8页/共22页学科网（北京）股份有限公司18做功与路径无关的场叫做势场，在这类场中可以引入“势”和“势能”的概念，场力做功可以量度势能的变化。例如静电场，如图所示，真空中静止正点电荷 Q 产生的电场中，取无穷远处的电势能为零，在距该电荷为 r 的位置放置电量为+q 的电荷所具有的电势能为pkQqEr=（式中 k 为静电力常量）。A、B 为同一条电场线上的两点，A、B 两点与电荷 Q 间的距离分别为 r1和 r2

15、。（1）求 A 点的电势；（2）现将电荷量为+2q 的检验电荷，由 A 点移至 B 点，求在此过程中，静电力所做的功 W；（3）如图所示，正电荷 Q 均匀分布在半径为 R 的金属球面上。以球心 O 为原点建立 x 轴，沿 x 轴上各点的电势用 表示。选取无穷远处电势为零，在下列关于 x 轴上各点电势 随位置 x 的变化关系图中选出正确的一项并说明理由。ABC19如图所示，在电子枪右侧依次存在加速电场，两水平放置的平行金属板和竖直放置的荧光屏。加速电场的电压为1U，两平行金属板的板长为1L、板间距离为 d，荧光屏到两平行金属板右侧距离为2L。电子枪发射的电子从两平行金属板的中央穿过，沿直线运动可

16、打在荧光屏的中点 O，电子质量为 m、电荷量为e。不计电子进入加速电场前的速度及电子重力。（1）求电子刚进入两金属板间时的速度大小0v；（2）若两金属板间只存在竖直方向的匀强电场，两板间的偏转电压为2U，电子会打在荧光屏上某点，求该点距 O 点的距离 Y；（3）若只在两金属板间加垂直纸面向外的匀强磁场，123LLb=，2db=，使电子到达荧光屏的位置与O 点距离最大，求此最大值和此时磁感应强度 B 的大小。第9页/共22页学科网（北京）股份有限公司20电磁感应现象中产生的感应电动势，由于产生原因不同可分为感生电动势和动生电动势。如果感应电动势是由于导体运动而产生的，叫动生电动势；如果感应电动势

17、是由感生电场产生的，叫感生电动势。以下是关于两类电动势的相关问题：（1）如图 1 所示，固定于水平面上的金属框架 abcd，处在竖直向下的匀强磁场中。金属棒 MN 沿框架以速度 v 向右做匀速运动。框架的 ab 与 dc 平行，MN 的长度为 l，在运动过程中 MN 始终与 bc 平行，且与框架保持良好接触，磁场的磁感应强度为 B。在上述情景中，金属棒 MN 相当于一个电源，这时的非静电力与棒中自由电子所受洛伦兹力有关。请分别根据电动势的定义及法拉第电磁感应定律，从不同角度用两种方法证明金属棒 MN 中的感应电动势 EBlv=。（2）空间存在有一圆柱形的匀强磁场区域，其横截面如图 2 所示，磁

18、感应强度随时间按照图 3 所示的规律均匀变化。图中0B 和 0t 为已知量。a用电阻为 R 的细导线做成半径为 r 的圆环（图中未画出），圆环平面垂直于该磁场，圆环的中心与磁场中心重合。圆环半径小于该磁场的横截面半径。求tt=0 时圆环中的电流。b上述导体圆环中产生的电流，实际是导体中的自由电荷在感生电场力的作用下做定向运动形成的，而且自由电荷受到感生电场力的大小可以根据电动势的定义和法拉第电磁感应定律推导出来。现将导体圆环替换成一个用绝缘细管做成的半径为 r 的封闭圆形管道，且圆形管道的中心与磁场区域的中心重合（如图4 所示）。管道内有一小球，小球质量为 m，带电量为q。忽略小球的重力和一切

19、阻力。t0 时小球静止。求tt=0 时感生电场的电场强度及管道对小球的弹力大小。第10页/共22页学科网（北京）股份有限公司参考答案 1A【详解】A电流强度与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比，所以该式不属于用比值法定义，故 A 错误；B电场强度与 F、q 无关，由电场本身性质决定，所以该式属于用比值法定义，故 B 正确；C电容与 Q、U 无关，由电容器本身决定，所以该式属于用比值法定义，故 C 正确；D电场中某位置的电势由场源和该位置到场源的距离，以及零电势点的选择决定，与试探电荷间没有决定关系，所以该式属于用比值法定义，故 D 正确。本题选不属于的，故选 A。2D【详解】A机械波的频

20、率、波长和波速三者满足的关系，对电磁波同样适用，故 A 错误；B机械波的传播依赖于介质，而电磁波传播不需要介质，可在真空中传播，但并不是只能在真空中传播，故 B 错误；C机械波既有横波又有纵波，但是电磁波只能是横波，其证据就是电磁波能够发生偏振现象，而偏振现象是横波才有的，故 C 错误；D机械波和电磁波都能产生干涉和衍射现象，故 D 正确。故选 D。3B【详解】A变压器并不会改变交流电的频率，故 A 错误；BC根据变压器原副线圈电压之间的关系11122220VUnUUn=，对电阻 R，由欧姆定律可得22UIR=根据变压器原副线圈电流之间的关系1221InIn=解得2144V0.1AUI=，故电

21、流表的示数为 0.1A，电压表的示数为 44V，故 B 正确，C 错误；D电阻 R 的功率为第11页/共22页学科网（北京）股份有限公司22222WPI R=故 D 错误。故选 B。4C【详解】通过电热器 A 的电流有效值为 IA，则有22200A22TTI RI RI RT+=解得A0II=则电热器 A 的电功率为22AA0PI RI R=通过电热器 B 的电流有效值为0B2II=则电热器 B 的电功率为22BB012PI RI R=则有AB:2:1PP=故选 C。5C【详解】A两次 t0 时刻感应电动势为零，磁通量变化率为零，线圈处于中性面位置，线圈的磁通量最大，选项 A 错误；B由图乙可

22、知曲线 a 对应的交流电周期24 10 saT=曲线 b 对应的交流电周期26 10 sbT=所以:2:3abTT=选项 B 错误；第12页/共22页学科网（北京）股份有限公司C最大磁通量BS=可知旋转过程中两种情况的最大磁通量均相同，选项 C 正确；D由图乙可知两种情况电动势的最大值不同，则有效值不同，而电阻相同，则两种情况电流的有效值不同，又2QI Rt=可见在相同的时间两种情况在线圈中产生的焦耳热不同，选项 D 错误。故选 C。6D【详解】当带正电的小球 C 靠近 A、B 时，由静电感应 A 带负电 B 带正电，A、B 上的金属箔片由于同种电荷相斥都张开。故选 D。7B【详解】A由电动机

23、两端的电压为 10V 可知路端电压为 10V，则车灯 L1 的电流为11AUIR=故 A 错误；B由闭合欧姆定律可知，电路总电流满足UEI r=总解得4AI=总所以流过电动机的电流为M122AIII=总故 B 正确；CD电动机的输入功率为MM20WPUI=由于电动机内阻未知，且由题设条件无法求出，因此电动机的输出功率无法计算。故 CD 错误。故选 B。8C【详解】AB滑片 P 向下移动，滑动变阻器接入电阻减小，则外电阻变小，由欧姆定律第13页/共22页学科网（北京）股份有限公司EIrR=+总外可知，电路总电流增大；根据UEI r=总知路端电压变小，电压表示数变小。此外根据欧姆定律可知00RUI

24、R=则流过 R0 的电流变小，由并联特性可知流过滑动变阻器的电流变大，即电流表的示数变大，故 AB 错误；C电源的总功率为()()22EPIrRrR=+=+总总外外可知电源的总功率变大，故 C 正确；D电源损耗功率为2PI r=总由于电路总电流增大，可知电源的损耗功率变大，故 D 错误。故选 C。9B【详解】AB粒子做曲线运动时，受力方向为运动轨迹内侧，如果实线是电场线，则电场力竖直向上，电场方向竖直向下，因此 b 点电势低，电子在 b 点的电势能比在 a 点的电势能大，故 A 错误，B 正确；CD粒子做曲线运动时，受力方向为运动轨迹内侧，如果实线是等势面线，则电场力水平向右，电场方向为水平向

25、左，则 b 点电势高，电子在 b 点的电势能比在 a 点的电势能小，由 a 到 b，电场力做正功，动能增加，即电子在 b 点的动能比在 a 点的动能大，故 CD 错误。故选 B。10A【详解】A若满足0qv Bmg=则杆对环无压力，无摩擦力，环做匀速直线运动，选项 A 正确；BC若满足0qv Bmg则有0Nmgqv BF=+第14页/共22页学科网（北京）股份有限公司滑动过程中，摩擦力阻碍环的运动，环做减速运动，速度越小，洛伦兹力越小，则压力增大，由N=Fma可知，加速度增大，即做加速度增大的减速运动，直到停止，选项 BC 错误；D若满足0qv Bmg则有：N0+mg Fqv B=滑动过程中，

26、摩擦力阻碍环的运动，环做减速运动，速度越小，洛伦兹力越小，则NF 减小，由N=Fma可知，加速度减小，即做加速度减小的减速运动，当速度减小到某个值使得qvBmg=时，有N=0F无摩擦力，不再减速，接下来做匀速直线运动，选项 D 错误。故选 A。11A【详解】AB断开开关1S 瞬间，灯1A 突然闪亮，随后逐渐变暗，说明闭合1S 时，电路稳定后，通过1L 的电流大于1A 的电流；断开1S，原来通过1L 的电流流经1A 构成闭合回路，所以1A 闪亮瞬间电流方向和断开前相反，选项 A 正确，B 错误；C闭合2S 瞬间，2L 对电流有阻碍作用，所以2A 中电流与3A 中电流不相等，选项 C 错误；D闭合

27、开关2S，灯2A 逐渐变亮，而另一个相同的灯3A 立即变亮，最终2A 与3A 的亮度相同，说明两支路的电流相同，两支路的电阻相同，由于两灯泡电阻相同，所以变阻器 R 与2L 的电阻值相同，选项 D 错误。故选 A。12D【详解】AB等量异种电荷的电场线分布如图：结合场强的叠加法则可知OCEE，ODEE选项 AB 错误；第15页/共22页学科网（北京）股份有限公司C根据沿着电场线电势降低可知CE由电场线分布可知 OD 间的平均场强大小大于 CE 间的平均场强大小，则电荷在 OD 间的平均受力大小大于 CE 间的平均受力大小，移动相同的距离，则有12WW选项 C 错误；D因为12WW，根据WqU=

28、可知ODCEUU即EODC又OC=所以ED选项 D 正确。故选 D。13C【详解】A金属杆下滑过程中，受重力、导轨的支持力和安培力，开始时重力沿斜面的分力大于安培力，金属杆做加速运动，满足2 2sinB l vmgmaR=随着速度的增加，安培力在增大，所以金属杆加速度逐渐减小，当加速度减小到零，速度最大。当加速度为零时，金属杆做匀速运动，故金属杆先做加速度逐渐减小的加速运动然后做匀速直线运动，故 A 错误；B金属杆由静止到最大速度过程中，安培力做负功，金属杆机械能并不守恒，故 B 错误；CD当速度最大，则有2 2msin0B l vmgR=解得m2 2sinmgRvB l=所以只增大 B，vm

29、 将变小，只增大 R，vm 将变大，故 C 正确，D 错误。故选 C。14B第16页/共22页学科网（北京）股份有限公司【详解】电源内阻为ddrSab=电源产生的感应电动势为EBdv=则可变电阻消耗的电功率为()()()222222vBabdEE RPI RRRrRrRdRab=+而根据恒定电流结论，当外电阻等于内电阻时，电源输出功率最大，则Rr=此时()()222m24vBabdv B abdPRdRab=+故选 B。15 daeb 闭合开关后，电流计指针先发生较大偏转而后慢慢回复到初始位置 BD#DB【详解】（1）1指针偏转过小，即流过欧姆表表头的电流太小，外接电阻阻值过大，此时应选用更大

30、倍率的档位进行测量。具体操作顺序为：选择更大的挡位，将选择开关旋到“1k”挡；然后将两表笔短接，调节欧姆挡调零旋钮，使指针对准刻度盘上欧姆挡的零刻度，然后断开两表笔；将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出阻值 Rx，断开两表笔；最后转选择开关至交流电压最大量程处（或“OFF”挡），并拔出两表笔，所以操作顺序是 daeb。（2）2干电池、开关、线圈 A、滑动变阻器串联成一个电路，当开关闭合时磁通量变大，导致电流计、线圈 B 串联成另一个电路中产生电动势，进而产生电流流过电流计，但由于感应出的电动势是短暂的，因此流过电流计的电流也会慢慢变小。所以闭合开关后，电流计指针先发生较大偏转而后慢慢回复到初

31、始位置。（3）3静电计指针的偏转角度和电容器电压有关，电压越小，偏转角度越小。根据QCU=和4SCkd=第17页/共22页学科网（北京）股份有限公司可知4 kdQUS=所以在 Q 不变的情况下，减小间距 d，增大正对面积 S，增大板间介电常数 均可使静电计指针偏角变小。故选 BD。16 0.400 微调旋钮 制动测微螺杆的移动，使测微螺杆固定后读数 D F 18【详解】（1）1螺旋测微器的读数为0mm+0.400mm=0.400mm2字母D所指部件的名称是微调旋钮。3字母 G 所指部件的功能是制动测微螺杆的移动，使测微螺杆固定后读数。（2）45实验中提供的直流电源为 12V，电阻阻值约20，则

32、电流0.6AEIR=第18页/共22页学科网（北京）股份有限公司故为测量准确，电流表应选用 D，电压表应选用 F。6为了获得尽可能多的数据，滑动变阻器采用分压接法，电流表 D 的内阻较小，采用电流表外接法，测量电路图如图：依据所设计的测量电路图将图 1 中的元件连成实验电路如图：7将与图 2 读数对应的坐标点标在图 3 中，连成图线如图：8根据图 3 描绘出的图线可得出这个电阻的阻值为18URI=17（1）电流方向为 DCBAD；（2）300sin300(V)et=；（3）34.5 10 JQ=热【详解】（1）根据右手定则可判断如图所示位置线圈中的电流方向为 DCBAD。（2）线圈中感应电动势

33、的最大值第19页/共22页学科网（北京）股份有限公司m300VEnBS=从中性面开始计时电动势的瞬时值表达式为m sin300sin300(V)eEtt=（3）矩形线圈在匀强磁场中匀速转动产生正弦交变电流，电阻两端电压的有效值m2EU=经过10st=电流通过电阻产生的焦耳热2UQtR=热解得34.5 10 JQ=热18（1）1AkQr=；（2）()211 22kqQ rrWrr=；（3）见解析【详解】（1）A 点的电势为pAAEq=根据题意p1AkQqEr=解得1AkQr=（2）根据功和能的关系得p1p2EWE=根据题意得1p12kQqEr=p222kQqEr=解得()211 22kqQ rr

34、Wrr=（3）金属球是一个等势体，等势体内部的电势处处相等；选取无穷远处电势为零，金属球外部电势随着 x增大而减小。故选 A。19（1）12eUm；（2）()2112124U L LLU d+；（3）134 b，125emUqb第20页/共22页学科网（北京）股份有限公司【详解】（1）由动能定理可知201102 mveU=解得102eUvm=（2）电子进入偏转区做类平抛运动，轨迹如图所示沿初速度方向，有10Lv t=在垂直初速度方向，有212yat=其中2eUeEammd=设电子离开偏转电场时，它的速度偏向角为，则根据速度偏转角和位移之间的关系可知112tan1122yYLLL=+解得()()

35、211221122012224eU L LLU L LLYmdvU d+=（3）偏转场区中只有匀强磁场时，电子进入磁场区受洛仑兹力作用做匀速圆周运动，经磁场偏转后，沿直线运动到荧光屏。磁场的磁感应强度越大，偏转越大，电子偏转的临界状态是恰好从上板的右端射出，做直线运动到达荧光屏。它的位置与 O 点距离即为最大值 ym，如图所示第21页/共22页学科网（北京）股份有限公司电子做圆周运动，由牛顿第二定律得200vqv Bm R=根据图示，由几何知识得22212dRLR+=m122tan2dyLdLR=解得m1354Rbyb=，进一步得125emUBqb=20（1）见解析；（2）a200r BRt；

36、b002B rt；2204q B rm【详解】（1）方法一：电动势的定义电动势定义为非静电力把单位电荷量的正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功，对应着其他形式的能转化为电势能的大小。这里的非静电力为洛伦兹力（沿 MN 棒上的分力)，洛伦兹力（沿 MN 棒上的分力）做正功，针对电荷量为 e 的正电荷，静电力做功为WeBv l=非电动势大小为WeBvlEBlvee=非方法二：法拉第电磁感应定律穿过闭合回路的磁通量的变化量为BSBlvt=根据法拉第电磁感应定律BlvtEBlvtt=（2）a磁感应强度的变化率00BBtt=根据法拉第电磁感应定律，有200BSBErttt=根据闭合电路的欧姆定律第22页/共22页学科网（北京）股份有限公司200r BEIRRt=b根据法拉第电磁感应定律有200BSBErttt=根据电动势的定义有22WqErErEqq=非感感解得感生电场的电场强度大小为002B rEt=感小球所受感生电场作用力为002qrBFqEt=感在感生电场力的作用下。小球速度不断增加，将其转化为沿直线运动。小球做匀加速运动，加速度大小002qrBFammt=根据运动学公式得002qrBvatm=根据牛顿第二定律，得22204q B rvNm rm=