山东省枣庄市第三中学2022-2023学年高二物理上学期1月期末考试试题（PDF版附解析）.pdf

1、试题第 1页，共 5页枣庄市第三中学 2022-2023 学年第一学期高二期末检测物理试题第 I 卷（选择题，满分 40 分）一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1关于激光的应用问题，下列说法正确的是（）A光纤通信是应用激光平行度非常好特点对信号进行调制，使其在光导纤维中传递信息B计算机内的“磁头”读出光盘上记录的信息是应用激光有相干性的特点C医学中用激光作“光刀”来切除肿瘤是应用了激光亮度高的特点D“激光测距雷达”利用激光测量很远目标的距离是应用了激光亮度高的特点2关于电流和电源的电动势，下列说法正确的是（）A电

2、流既有大小又有方向，是矢量B电源的电动势总是大于电源两极间的电压C根据qIt可知，通过导体的电流与通过导体横截面的电荷量成正比D电源电动势越大，表征电源把其他形式的能转化为电能的本领越强3如图甲所示，男同学站立不动吹口哨，一位女同学坐在秋千上来回摆动，据图乙，下列关于女同学的感受的说法正确的是（）A女同学从 A 向 B 运动过程中，她听到的哨声音调变低B女同学从 E 向 D 运动过程中，她听到的哨声音调变高C女同学在点 C 向右运动时，她听到的哨声音调不变D女同学在点 C 向左运动时，她听到的哨声音调变低4在学习机械波相关知识后，两名同学分别乘坐静止在湖面的甲、乙两船小船，两船水平距离 20m

3、。某时刻，一列水波从甲船向乙船传播，每艘船在 1min 时间内上下浮动 30 次，已知甲船在波峰时，乙船在波谷，两船间恰好还有 2 个波峰，以下说法正确的（）A水波的周期为 1sB水波的波长一定为 8mC水波的波速可能为 8m/sD水波经过一段时间，甲乙两船将靠近5在如图所示电路中，电源电动势为 10V，内阻为 1，指示灯LR 的阻值为 16，电动机 M 线圈电阻为 2，当开关 S 闭合时，电动机正常工作，指示灯LR 的电功率为 4W，电流表为理想电表，那么下列说法中正确的是（）A流过电动机 M 的电流为 2.0AB电动机机械功的功率为 12WC电动机的机械效率为 75%D电源的输出功率为 1

4、6W6如图所示，在 a、b、c 三处垂直纸面放置三根长直通电导线，a、b、c 是等边三角形的三个顶点，电流大小相等，a 处电流在三角形中心 O 点的磁感应强度大小为 B，则 O 处磁感应强度（）A 12 BB2BC0D32 B7关于磁通量，下列说法中正确的是（）A穿过磁场中某一面积的磁通量为零该处磁感应强度也为零B磁场中磁感应强度大的地方，穿过某面积的磁通量不一定很大试题第 2页，共 5页C在磁场中所取平面的面积增大，磁通量一定增大D只有平面垂直于磁场方向时，才有磁通量8某码头采用斜面运送冷链食品，简化如图甲所示，电动机通过绕轻质定滑轮的轻细绳与放在倾角为30 的足够长斜面上的物体相连，启动电

5、动机后物体沿斜面上升，在 06s时间内物体运动的 v-t 图像如图乙所示，其中除 15s 时间段图像为曲线外，其余时间段图像均为直线，1s 后电动机的输出功率保持不变。已知物体的质量为 2kg，不计一切摩擦，重力加速度 g=10m/s2。则下列判断正确的是（）A在 01s 内电动机所做的功为 25JB1s 后电动机的输出功率为 80WC在 15s 内电动机牵引力的冲量大小为 50NsD在 05s 内物体沿斜面向上运动了 32.5m二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有

6、选错的得 0 分。9如图所示，电源电动势为 E，内阻为 r。电路中 C 为电容器的电容，电流表、电压表均为理想表。闭合开关 S 至电路稳定后，调节滑动变阻器滑片 P 向左移动一小段距离，结果发现电压表 V1 的示数改变量大小为1U，电压表 V2 的示数改变量大小为2U，电流表 A 的示数改变量大小为 I，1U、2U 分别是电压表 V1、V2 示数，I 为电流表 A 的示数，则下列判断正确的有（）A滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量要不断减少B滑片向左移动的过程中，1UI 的值变大C1UI的值变大D2UI的值不变，且大于1UI10如图中方框区域内有一个位置可以任意摆放的全反射棱镜，其横截面

7、是等腰直角三角形，光线 1、2、3、4 表示的是入射光线，经过棱镜后，相应的出射光线是1、2、3、4下图 4 种情况中，哪些是可能实现的（）A.B.CD11如图所示，两列简谐横波分别沿 x 轴正方向和负方向传播，两波源分别位于 x=0.2m和 x=1.2m 处，两列波波速均为 v=0.4m/s，振幅均为 A=2cm。t=0 时刻两列波的图象及传播方向如图所示，此时平衡位置处于 x=0.2m 和 x=0.8m 的 P、Q 两质点刚开始振动。质点 M、N 的平衡位置分别处于 x=0.4m 和 x=0.5m 处，下列关于各质点运动情况判断正确的（）At=0.75s 时刻，质点 P、Q 都运动到 N

8、点B质点 P、Q 的起振方向相同Ct=1.5s 时刻，质点 M 的位移为 2cmD两列波相遇后，N 点是振动加强点试题第 3页，共 5页12如图所示，质量为 M、内壁间距为 L 的盒子放在光滑的水平面上，盒子上表面粗糙，盒内正中间放有一块质量为 m 的物体，某时刻给物体一水平向右的初速度0v，物体在与盒子前后壁往复碰撞 N 次后，最终又恰好停在了盒子正中间，与盒子保持相对静止，已知盒子与物体间的动摩擦因数为 ，物体与盒子内壁的碰撞均为弹性碰撞，重力加速度为 g，则下列说法正确的是（）A盒子的最终速度为0mvM，方向水平向右B盒子的最终速度为0mvMm，方向水平向右C系统损失的动能为2NmgLD

9、系统损失的动能为NmgL第 II 卷（非选择题，共 60 分）三、非选择题，共 6 小题，共 60 分。13(8 分)某同学在“用单摆测重力加速度”的实验中进行了如下的操作：（1）用游标上有 10 个小格的游标卡尺测量摆球直径如图甲所示，摆球直径为 d _cm，把摆球用细线悬挂在铁架台上，测量摆线长 0l，通过计算得到摆长 L。（2）用秒表测量单摆的周期。当单摆摆动稳定且到达最低点时开始计时并记为 0 次。单摆每经过最低点记一次数，当数到 n 次时秒表的示数如图乙所示，此时秒表的读数为t _s，该单摆的周期T _（用 t、n 表示）。（3）测量出多组周期 T、摆长 L 数值后，画出2TL 图像

10、如图丙，造成图线不过坐标原点的原因可能是_。A摆球的振幅过小B将 0l 计为摆长 LC将0 ld 计为摆长 LD摆球质量过大（4）该小组的另一同学没有使用游标卡尺也测出了重力加速度。他采用的方法是：先测出一摆线较长的单摆的振动周期1T，然后把摆线缩短适当的长度 L，再测出其振动周期2T。用该同学测出的物理量表示重力加速度为 g _。14（8 分）（1）某学习小组要对未知电阻xR 进行测量。如图（a）所示，他们先用多用电表欧姆挡进行粗测。已知多用电表的欧姆挡有“1K”“100”“10”“1”四个挡位，他们先用“10”挡进行测量，操作步骤正确，发现表头指针的偏转角度过小，然后他们将选择开关调到合适

11、挡位（该挡位与 10挡位相邻），正确进行欧姆调零后再次测量该电阻，从表盘读出该电阻的阻值为_。全科试题免费下载公众号高中僧课堂试题第 4页，共 5页（2）甲同学利用如下器材设计图（b）所示的电路来测定该电阻的阻值，实验器材如下：电源（3VE，内阻 r 约为0.5）；电流表1A（量程0 250mA 内阻15R ）；电流表2A（量程，0 300mA 内阻约为5）；滑动变阻器1R（最大阻值约为5，额定电流为0.5A）；滑动变阻器2R（最大阻值约为10，额定电流为1A）；开关 S 导线若干。实验中滑动变阻器应选_（选填“1R”或“2R”）；某同学用此电路测量得到电流表1A 的读数为1I，电流表2A 的

12、读数为2I，则电阻的计算式xR _。（3）乙同学利用电路图（c）进行测量，多次改变电阻箱0R 的阻值，读出电流表相应的电流 I，因电源和电流表内阻较小，乙同学忽略不计，由测得的数据作出01RI 图像，图像的斜率为 k，截距为 b，求出待测电阻xR 的阻值为_（用 k、b 表示），此测量值_真实值（填“大于”、“小于”或“等于”），此误差属于_（填“系统误差”、“偶然误差”）。四、解答题15（8 分）如图所示，某液面上放一块半径为 r 的圆形木板，木板圆心正上方 h 高处有一个点光源 A，光照射木板后在深度为 H（未知）的底部形成半径为 R 的圆形阴影。已知该液体折射率2n，r10cm，h10c

13、m，R20cm，光在真空中的传播速度 c3108m/s。求：（1）液体的深度 H；（2）光从点光源到底部圆形阴影边缘所用的时间。16（10 分）同一介质中有两振源 P、Q，以其中先振动的振源开始振动作为计时起点，3st 时 P、Q 之间的波形如图所示，两列波的振幅分别为15cm、30cm。求（1）Q 波源的振动频率；（2）P 波源的振动方程；（3）经过足够长时间，计算说明 x 轴上6m,4m区间内振动最强点的个数。试题第 5页，共 5页17（10 分）如图所示，甲图中变阻器的滑片从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如乙图中的 AC、BC 两直线所示。不考虑电表对电路的

14、影响。（1）电压表 V1、V2 的示数随电流表示数的变化图线分别为乙图中的哪一条直线？（2）定值电阻 R0、变阻器的总电阻 R 分别为多少？（3）求出电源的电动势和内阻。（4）变阻器滑片从一端滑到另一端的过程中，变阻器消耗的最大电功率为多少？18（16 分）如图所示，“L”形木板 C 静置于足够大的光滑水平地面上，物块 A 静置在 C上某处；底面光滑的物块 B 静置在 A 右侧到 A 的距离09 m8L 处，B 与 C 右端的距离13 m8L。现对 A 施加一大小0.8NF、方向水平向右的恒定推力，经过一段时间后撤去推力，此时 A与 B 恰好发生弹性正碰，碰撞时间极短，再经过一段时间 B 与

15、C 右端碰撞并瞬间粘在一起，已知 A、C 的质量均为0.1kgm，B 的质量为 12 m，A、C 间的动摩擦因数0.5，取重力加速度大小210m/sg，认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，A、B 均视为质点，物块 A 恰好未滑离木板 C。求：（1）施加推力时 C 的加速度大小 a；（2）A、B 第一次碰撞后瞬间 A 的速度大小1v 以及 B 的速度大小2v；（3）从撤去推力到 B 与 C 右端碰撞的时间 t；（4）施加推力前 A 到 C 左端的距离 L（结果可用分式表示）。-1-枣庄市第三中学 2022-2023 学年第一学期高二期末检测 物理参考答案 1【详解】A由激光的特点及应用可知光纤通信主

16、要利用了激光的相干性好的特点，故 A 错误；B计算机内的“磁头”读出光盘上的信息主要应用了激光的平行度好的特点，故 B 错误；C医疗中的激光“光刀”利用了激光的亮度高的特点，故 C 正确；D激光测距利用的是激光的平行度好的特点，故 D 错误。故选 C。2【详解】A电流虽然有大小、有方向，但运算时不遵循平行四边形定则，因此电流是标量，不是矢量，A 错误；B当电路发生断路时，电源的电动势与电源两极间的电压相等，即电源的电动势并不是总大于电源两极间的电压，B 错误；C表达式qIt是电流的比值定义式，电流由导体两端的电压与电阻决定，因此不能认为通过导体的电流与通过导体横截面的电荷量成正比，C 错误；D

17、根据WEq可知，电源的电动势描述的是通过非静电力做功，将其他形式的能量转化为电能的物理量，电源电动势越大，表征电源把其他形式的能转化为电能的本领越强，D 正确。故选 D。3.【详解】根据多普勒效应，当声源不动时，观察者向着声源运动时，听到的哨声音调变高，远离声源运动时，听到的哨声音调变低，所以 ABC 错误；D 正确；故选 D。4【详解】A船在 1min 时间内上下浮动 30 次，故周期为：60 s2s30T，故 A 错误；B当甲船位于波峰时，乙船位于波谷，这时两船之间还有两个波峰，故两船间距离为：120m22s，故波长：8m，故 B 正确；C波速：8 m/s4m/s2vT，故 C 错误；D两

18、船上下振动，水波经过一段时间，甲乙两船不会靠近，故 D 错误。故选 B。5【详解】A指示灯：22LLL UPI RR，得：L0.5ARI，L8VRU，由LREUIr 得流过电流表的电流为：2AI，流过电动机的电流为：LM1.5ARIII，A 错误；BC电动机的输入功率为：MMM8 1.5W12W PU I，热功率：22MM1.52W4.5WQPI R，输出的机械功率：M7.5WQPPP，电动机效率：M100%62.5%PP，故 BC 错误；D电源的输出功率：8 2W16W出 PUI，故 D 正确。故选 D。6【详解】三根导线在 O 点产生的磁感强度大小相等，根据右手螺旋定则，方向都与该点与 O

19、 点连线方向垂直指向连线的右侧，如图所示，根据对称性，三个场强的方向互成 120o 角，矢量叠加后合场强为零。故选 C。7【详解】A当磁感线与平面平行时，磁通量为零，但磁感应强度不为零，故 A 错误；B根据：sinBS，可知，面积和夹角不确定，磁感应强度大的地方磁通量不一定很大，故 B 正确；C例如套着条形磁铁的平面，面积增大，磁感线净条数减小，磁通量减小，故 C 错误；D只要穿过平面的磁感线净条数不为 0，就有磁通量，不一定需要垂直，故 D 错误。故选 B。-2-8【详解】A在 01s 内，物体位移大小为：11 112.5?m2xv t，设 01s 内电动机做的功为1W，由动能定理得：211

20、11sin302Wmgxmv，解得：150JW，故 A 错误；B在01s 内，物体的加速度大小为：2115?m/svat，设 01s 内细绳拉力的大小为1F，由牛顿第二定律得：1sin30Fmgma，解得：120?NF，由题意知 1s 后电动机输出功率为：1 1100?WPFv，故 B 错误；C当物体达到最大速度mv 后，根据平衡条件可得细绳的拉力大小为：2sin3010?NFmg，根据功率的公式可得：m210?m/sPvF，在 15s内，设电动机牵引力的冲量大小为 I，由动量定理得：2m1sin30Imgtmvmv，解得：50?N sI ，故 C 正确；D设 15s 内物体沿斜面向上运动的距

21、离为2x，对物体由动能定理得：2222m111sin3022Ptmgxmvmv，解得：232.5?mx，所以在0 5s 内物体沿斜面向上运动的距离为：1235?mxxx，故 D 错误。全科试题免费下载公众号高中僧课堂 故选 C。9【详解】A由图可知1R 与 R 串联，V1 测 R 两端的电压，V2 测路端电压。电流表 A测总电流。电容器的电压等于1R 的电压，滑片向左移动的过程中，总电阻变大，总电流减小，R1 两端电压减小，则电容器的电压减小，根据：Q=CU，所以电容器所带的电荷量减少，故 A 正确；B根据欧姆定律知，电压表1V 的示数与电流表 A 的比值等于滑动变阻器 R 的阻值，滑片向左移

22、动的过程中，变阻器的阻值变大，所以1UI 变大，故 B 正确；C根据闭合电路欧姆定律得：11UEI rR，则有：11URrI，不变，故 C 错误；D根据闭合电路欧姆定律得：2UEIr，则有：2UrI，保持不变且等于内阻 r，小于1UI，故 D 错误。故选 AB。10【详解】A.将全反射棱镜如图放置，可满足要求，选项 A 正确；B.将全反射棱镜如图放置，可满足要求，选项 B 正确；C.将全反射棱镜如图放置，可满足要求，选项 C 正确；D.全反射棱镜对光路有两种控制作用：将光的传播方向改变 90，或是改变 180，而没有会聚光线的作用，选项 D 选项错误。11【详解】A质点只在各自平衡位置附近往复

23、振动，不会随波-3-迁移，所以质点 P、Q 都不会运动到 N 点，A 错误；B由波的传播方向可确定质点的振动方向：逆向描波法。两列简谐横波分别沿 x 轴正方向和负方向传播，则质点 P、Q 均沿 y 轴负方向运动，即质点 P、Q 的起振方向相同，B 正确；Ct=1.5s 时，两列波传播的距离均为：0.4 1.5m0.6mxvt ，结合图可知，此时两列波的平衡位置恰好都传播到 M 点，因此 M 点恰好处于平衡位置，位移为零，C 错误；D由于波的传播过程就是波形的平移，可知当左侧的波谷到达 N 点时，右侧的波谷也恰好到达 N 点，同样，当左侧的波峰到达 N 点时，右侧的波峰也恰好到达 N 点，因此

24、N 点是振动加强点，D 正确。故选 BD。12【详解】AB以盒子与物体组成的系统为研究对象，系统的动量守恒，最终两者的速度相同，设盒子的最终速度为v，取向右方向为正方向，由系统的动量守恒则有：0()mvMm v，解得：0mvvMm，方向与0v 同向，即方向水平向右，故 A 错误，B 正确；CD根据功能关系得知，系统产生的内能等于系统克服摩擦力做的功，也等于系统损失的动能，则有：kEWNmgL克，故 C 错误，D 正确；故选 BD。13 2.06 67.4 2tn B 222124LTT 【详解】（1）1摆球直径为：2cm6 0.1mm2.06cmd （2）2秒表的读数为：1min 7.4s67

25、.4st 3该单摆的周期：22ttTnn（3）4A由：2LTg，可得：224TLg 周期与振幅和摆球的质量无关，纵轴有一个正的截距，说明摆长为零时，周期不为零，所以可能是把摆线长记为了摆长，漏记了小球的半径，故 ACD 错误，B 正确。故选 B；（4）5根据上述可得：222124TTLg 可得：222124LgTT 14 1800 2R 1121I RII bk 大于 系统误差【详解】（1）1表头指针偏转角度过小，说明选择挡位太小，因此换用较大的挡位，即选择开关拨到“100”挡，再将红黑表笔短接欧姆调零，且测量结果为18.0 1001800。（2）23由所示电路图可知滑动变阻器为分压式接法，对

26、于滑动变阻器1R，其最大阻值约为5，额定电流为0.5A，电源内阻约为0.5，则电路总电阻最大约为：50.55.5 -4-电源电动势为3V，可知电路最小电流约为：30.545A0.5A5.5 即大于滑动变阻器1R 的额定电流，故不可选用滑动变阻器1R；对于滑动变阻器2R，其最大阻值约为10，额定电流为0.5A，则电路总电阻最大约为10.5，电路最小电流约为：30.268A1A10.5 即小于滑动变阻器2R 的额定电流，故选用滑动变阻器2R。由串并联电路的特点可知：xR 两端的电压等于电流表1A 两端的电压，则有：11xUI R 流过xR 的电流等于两表的示数之差，则有：21xIII 由欧姆定律得

27、：1121xxxUI RRIII 综上分析，在设计原理上xR 的电压和电流的测量均不存在系统误差，故xR 的测量值与真实值相等。（3）456根据闭合电路的欧姆定律有 0 xEI RR 整理得 011xRRIEE 其中 xRbE 1kE 可得 xbRk 由于测量值增加了电源和电流表的内阻，故比真实值大。造成此测量结果的误差是由于没有考虑电源和电流表的内阻，为系统误差。15（1）10 3cm；（2）92 10 s【详解】（1）光路图如图所示 由几何关系得 2sin2i 45i （1 分）由 -5-sinsininr （1 分）得 30r （1 分）tanRrrH 解得 10 3cmH （1 分）（

28、2）由几何关系得，在空气中的传播距离 110 2cm0.1 2ms 光在空气中传播时间 110.1 2stcc （1 分）光在液体中传播距离 20.2msinRrsr （1 分）光在液体中的传播速度 22cvcn （1 分）光在液体中传播时间 220.2 2stcv 光从点光源传播到圆形阴影边缘所需时间 9120.3 2 s2 10 stttc （1 分）16（1）0.5Hzf；（2）0.15sin()myt，t1s；（3）6 个【详解】（1）由图可知，经过3st，Q 先经历了 32 T，则 1.5tT （1 分）由于频率为 1fT 解得 0.5Hzf （1 分）（2）对 P 有振幅 0.15

29、mA 角速度为 222T （1 分）P 波源振动方程为 0.15sin()myt （2 分）由图可知，P 波源在 Q 波源开始振动 1s 后才开始振动，则时间的范围为 -6-1st （1 分）（3）波长为 4m 设振动加强点与 P、Q 点距离分别为12xx、1220mxx （1 分）12(0,1,2)xxkk （1 分）且 14m14mx 解得 32k （1 分）其中 k 取 3、2、1、0、1 和 2，则区间内振动加强点有 6 个。（1 分）17（1）BC，AC；（2）3，12 ；（3）8 V，1；（4）4 W【详解】（1）由图甲知电压表 V1 测路端电压，电压表 V2 测定值电阻 R0 两

30、端的电压。当变阻器的滑动片向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，定值电阻 R0 的电压增大，路端电压减小，所以电压表 V1 的示数随电流表示数的变化图像应为 BC；电压表 V2 的示数随电流表示数的变化图像应为 AC。（2 分）（2）定值电阻 01.5V30.5AR （1 分）当 I0.5 A 时 7.5V150.5AR外 （1 分）变阻器的总电阻 012RRR外 （1 分）（3）根据闭合电路欧姆定律得 7.5V0.5AEr （1 分）6V2AEr （1 分）联立可解得 8VE，1r （1 分）（4）变阻器消耗的电功率最大时，有 P04RRr （1 分）此时滑动变阻器两端电压为

31、 4V2REU 变阻器消耗的最大电功率为 2mP4WRRUP （1 分）-7-18（1）24m sa；（2）11m/sv；24m/sv；（3）19 s80；（4）17 m75【详解】（1）施加推力时，假设 AC 之间无相对滑动，则对 AC 整体，根据牛顿第二定律 2Fma 解得 24m sa 而 C 的最大加速度为 2m5m smgam C 的加速度小于最大加速度，说明假设成立，及的加速度大小为24m s。（2）根据匀变速直线运动速度位移关系，AB 碰撞前瞬间，对 A，有 202vaL 解得 AB 碰前瞬间 A 的速度为 3m/sv AB 碰撞过程，根据机械能守恒和动量守恒可得 2221211

32、12222mmvmvv 122mmvmvv 解得 11m/sv 24m/sv （3）撤去推力后，C 的加速度向左，大小为 2m5m smgam 假设在 AC 共速前，B 与 C 未相碰，AC 共速过程 12mvmvmv 解得 2m/sv 则共速前用时 1m0.2svvta 此过程，B 与 C 的相对位移 2212 11m0.3m2vvxv tLa 故假设成立，共速后到 BC 相碰还需用时 11223 s80Lxtvv 故从撤去推力到 B 与 C 右端碰撞的时间 1219 s80ttt（4）从撤去推力到 BC 相碰前，A 相对 C 向左移动的距离 -8-11110.2m22vvvvstt BC 碰撞过程，根据动量守恒 2()22mmvmvm v 解得 8m/s3v 根据题意，当 ABC 刚好再次共速时，A 到达 C 左端，三者共速满足 3522mvmvmv 12m/s5v BC 碰撞到 ABC 共速过程 C 的加速度大小 210m s32mgamm 用时 2s25vvta A 相对 C 向左运动的距离 22m2275vvvvstt 施加推力前 A 到 C 左端的距离 1217 m75Lss