专题09 自由组合定律重点题型的解题方法-备战2022年高考生物复习重难点突破攻略.docx

1、知识技能专项突破9 自由组合定律重点题型的解题方法一、 已知亲代顺推求子代的题型1.常用方法：分解组合法将多对等位基因的自由组合分解为若干分离定律分别分析，再运用一定方法进行组合。2.解题思路：将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题。在独立遗传的情况下，有几对等位基因就可分解为几组分离定律问题。即：将多对等位基因的自由组合分解为若干分离定律分别分析，计算出配子比例、子代基因型和表现型及其概率等，然后将相关的概率按照一定的方法组合，即利用乘法定理或加法定理计算。一般题目求什么，分解后就算什么，做到有的放矢。 题型示例3. 配子类题型：以基因型AaBbCc为例，已知三对等位基因独立遗传。（1）

2、求配子的种类及比例解答方法：每对基因产生配子种类数或比例的乘积解答过程：配子种类：ABC、ABc、AbC、Abc、aBC、aBc、abC、abc共8种。配子比例：如产生AbC配子的概率为（A）（b）（C）（2）配子间结合方式如：AaBbCc与AaBBCc杂交过程中，配子间结合方式有32种。先求AaBbCc、AaBBCc各自产生多少种配子，如AaBbCc8种配子，AaBBCc4种配子；再求两亲本配子间的结合方式。由于两性配子间的结合是随机的，因而AaBbCc与AaBbCC配子间有8432（种）结合方式。4.基因型类题型：以AaBbCc与AaBBCc杂交为例，已知三对等位基因独立遗传。（1）解题过

3、程：可分解为三个分离定律问题，先求出每一对基因型杂交后产生的子代基因型及比例，然后再根据题目对相关问题求解。（2）子代基因型种类：323=18种（3）子代基因型比例：（1:2:1）（1:1）（1:2:1）=4:4:2:2:2:2:2:2:2:2:1:1:1:1:1:1:1:1（4）子代基因型概率：子代aaBbCc出现的概率为（aa）（Bb）（Cc）5.表现型类题型：以AaBbCc与AaBBCc杂交为例，已知三对等位基因独立遗传。（1）解题过程：可分解为三个分离定律问题，先求出每一对基因型杂交后产生的子代表现型及比例，然后再根据题目对相关问题求解。（2）子代基因型种类：212=4种（3）子代基因

4、型比例：（3:1）1（3:1）=9:3:3:1（4）子代表现型概率：子代A B Cc出现的概率为（A ）1（B ）（Cc）【典例1】 （2021全国高考真题）某种二倍体植物的n个不同性状由n对独立遗传的基因控制（杂合子表现显性性状）。已知植株A的n对基因均杂合。理论上，下列说法错误的是（ ）A植株A的测交子代会出现2n种不同表现型的个体Bn越大，植株A测交子代中不同表现型个体数目彼此之间的差异越大C植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等Dn2时，植株A的测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数【答案】B【分析】1、基因的自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因

5、的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂的过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。2、分析题意可知：n对等位基因独立遗传，即n对等位基因遵循自由组合定律。【详解】A、每对等位基因测交后会出现2种表现型，故n对等位基因杂合的植株A的测交子代会出现2n种不同表现型的个体，A正确；B、不管n有多大，植株A测交子代比为（1：1）n=1：1：1：1（共2n个1），即不同表现型个体数目均相等，B错误；C、植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数为1/2n，纯合子的个体数也是1/2n，两者相等，C正确；D、n2时，植株A的测交子代中纯合子的个体数是1/2n，杂合子的个体数

6、为1-（1/2n），故杂合子的个体数多于纯合子的个体数，D正确。故选B。由n对独立遗传的基因控制的n杂合子（每对基因均杂合）二倍体植物自交及测交结果项目子代基因型子代表现型种类比例n杂合子概率种类比例n显性个体概率自交3n(1:2:1)n（）n2n(3:1)n()n 测交2n(1:1)n（）n2n(1:1)n（）n1（2021浙江高考真题）小家鼠的某1个基因发生突变，正常尾变成弯曲尾。现有一系列杂交试验，结果如下表。第组F1雄性个体与第组亲本雌性个体随机交配获得F2。F2雌性弯曲尾个体中杂合子所占比例为（）杂交PF1组合雌雄雌雄弯曲尾正常尾1/2弯曲尾，1/2正常尾1/2弯曲尾，1/2正常尾弯

7、曲尾弯曲尾全部弯曲尾1/2弯曲尾，1/2正常尾弯曲尾正常尾4/5弯曲尾，1/5正常尾4/5弯曲尾，1/5正常尾注：F1中雌雄个体数相同A4/7B5/9C5/18D10/19【答案】B【分析】分析表格，由第组中弯曲尾与弯曲尾杂交，F1的雌雄个体表现不同，说明该性状的遗传与性别相关联，相关基因位于性染色体上，又由F1中雌性全为弯曲尾，雄性中弯曲尾正常尾=11，可推测控制尾形的基因位于X染色体上，且弯曲尾对正常尾为显性，该小家鼠发生的突变类型为显性突变。设相关基因为A、a，则正常尾个体的基因型为XaY、XaXa，弯曲尾个体的基因型为XAXA、XAXa、XAY，据此分析。【详解】依据以上分析，由第组中

8、弯曲尾与正常尾杂交，F1中雌雄个体均为弯曲尾正常尾=11，可推测第组亲本基因型为XAXaXaY，则产生的F1中雄性个体基因型及比例为XAY：XaY=11；第组中弯曲尾与正常尾（XaY）杂交，F1中雌雄个体均为弯曲尾正常尾=41，由于亲本雄性正常尾（XaY）产生的配子类型及比例为XaY=11，根据F1比例可推得亲本雌性弯曲尾产生的配子类型及比例为XAXa=41。若第组F1雄性个体与第组亲本雌性个体随机交配产生F2，已知第组F1雄性个体中XAY：XaY=11，产生的配子类型及比例为XAXaY=112，而第组亲本雌性个体产生的配子类型及比例为XAXa=41，则F2中雌性弯曲尾（XAXA、XAXa）个

9、体所占比例为1/44/5+1/41/5+1/44/5=9/20，F2中雌性弯曲尾杂合子（XAXa）所占比例为1/41/5+1/44/5=5/20，综上，F2雌性弯曲尾个体中杂合子所占比例为5/209/20=5/9。因此B正确，ACD错误。故选B。2.(2021厦门一模)某植物正常花冠对不整齐花冠为显性，高株对矮株为显性，红花对白花为不完全显性，杂合子为粉红花。三对相对性状独立遗传，如果纯合的红花、高株、正常花冠植株与纯合的白花、矮株、不整齐花冠植株杂交，在F2中具有与F1相同表现型的植株的比例是()A.3/32 B.3/64 C.9/32 D.9/64解析假设控制花色、株高和花冠形状的基因分别

10、为A/a、B/b、D/d，纯合红花、高株、正常花冠植株(AABBDD)与纯合的白花、矮株、不整齐花冠植株(aabbdd)杂交，F1为AaBbDd，表现型为粉红花、高株、正常花冠。F1自交所得F2中具有与F1相同表现型的植株的比例是1/23/43/49/32，C正确。答案C3（2021全国高考真题）果蝇的灰体对黄体是显性性状，由X染色体上的1对等位基因（用A/a表示）控制；长翅对残翅是显性性状，由常染色体上的1对等位基因（用B/b表示）控制。回答下列问题：（1）请用灰体纯合子雌果蝇和黄体雄果蝇为实验材料，设计杂交实验以获得黄体雌果蝇。_（要求：用遗传图解表示杂交过程。）（2）若用黄体残翅雌果蝇与

11、灰体长翅雄果蝇（XAYBB）作为亲本杂交得到F1，F1相互交配得F2，则F2中灰体长翅灰体残翅黄体长翅黄体残翅=_，F2中灰体长翅雌蝇出现的概率为_。【答案】 3：1：3：1 3/16 【分析】分析题意可知：果蝇的灰体对黄体是显性性状，由X染色体上的1对等位基因A/a 控制，可知雌果蝇基因型为XAXA（灰体）、XAXa（灰体）、XaXa（黄体），雄果蝇基因型为XAY（灰体）、XaY（黄体）；长翅对残翅是显性性状，由常染色体上的1对等位基因B/b控制，可知相应基因型为BB（长翅）、Bb（长翅）、bb（残翅）。【详解】（1）亲本灰体纯合子雌果蝇的基因型为XAXA，黄体雄果蝇基因型为XaY，二者杂交

12、，子一代基因型和表现型为XAXa（灰体雌果蝇）、XAY（灰体雄果蝇），想要获得黄体雌果蝇XaXa，则需要再让子一代与亲代中的黄体雄果蝇杂交，相应遗传图解如下： 子二代中黄体雌果蝇即为目标果蝇，选择即可。（2）已知长翅对残翅是显性性状，基因位于常染色体上，若用黄体残翅雌果蝇（XaXabb）与灰体长翅雄果蝇(XAYBB) 作为亲本杂交得到F1，F1 的基因型为XAXaBb、XaYBb，F1相互交配得F2，分析每对基因的遗传，可知F2中长翅：残翅=（1BB+2Bb）（1bb）=31，灰体：黄体=（1XAXa+1XAY）（1XaXa+1XaY）=11，故灰体长翅：灰体残翅：黄体长翅：黄体残翅=（1/2

13、3/4）（1/21/4）（1/23/4）（1/21/4）=3131，F2中灰体长翅雌蝇（XAXaB-）出现的概率为1/43/4=3/16。【点睛】本题考查基因自由组合定律以及伴性遗传规律的应用的相关知识，意在考查考生运用所学知识解决实际问题的能力，答题关键在于利用分离定律思维解决自由组合定律概率计算问题。4(2021杭州一模)某植物个体的基因型为Aa(高茎)Bb(红花)Cc(灰种皮)dd(小花瓣)，请思考如下问题：(1)若某基因型为AaBbCcdd个体的体细胞中基因与染色体的位置关系如图1所示，则其产生的配子种类数为_种，基因型为AbCd的配子所占比例为_，其自交所得子代的基因型有_种，其中A

14、ABbccdd所占比例为_，其中子代的表现型有_种，其中高茎红花灰种皮小花瓣个体所占比例为_。图1(2)若某基因型为AaBbCcdd个体的体细胞中基因与染色体的位置关系如图2所示(不发生交叉互换)，则其产生的配子种类数为_种，基因型为AbCd的配子所占比例为_，其自交所得子代的基因型有_种，其中AaBbccdd所占比例为_，其中子代的表现型有_种，其中高茎红花灰种皮小花瓣个体所占比例为_。图2(3)若某基因型为AaBbCcdd个体的体细胞中基因与染色体的位置关系如图3所示(不发生交叉互换)，则其产生的配子种类数为_种，基因型为AbCd的配子所占比例为_，其自交所得子代的基因型有_种，其中AAB

15、bccdd所占比例为_，其中子代的表现型有_种，其中高茎红花灰种皮小花瓣个体所占比例为_。图3答案(1)81/8271/32827/64(2)41/491/863/8(3)81/8271/32827/64解析(1)如图1所示，几对基因分别位于不同对同源染色体上，则各自独立遗传，遵循基因的自由组合定律，先分开单独分析，每对基因中只有dd产生1种d配子，其他都产生2种配子，因此共产生22218(种)配子；基因型为AbCd的配子所占比例为1/21/21/211/8；自交所得子代的基因型有333127(种)，其中AABbccdd所占比例为1/41/21/411/32；其中子代的表现型有22218(种)

16、，其中高茎红花灰种皮小花瓣个体所占比例为3/43/43/4127/64。(2)如图2所示，A、a和B、b两对等位基因位于同一对同源染色体上，其他基因都位于不同对同源染色体上，则AaBb可产生Ab和aB两种配子，而Ccdd可产生两种配子，因此共产生224(种)配子；基因型为AbCd的配子所占比例为1/21/21/4；自交所得子代的基因型有3319(种)，其中AaBbccdd所占比例为1/21/411/8，其中子代的表现型有3216(种)，其中高茎红花灰种皮小花瓣个体所占比例为1/23/413/8。(3)如图3所示，A、a和d、d两对基因位于同一对同源染色体上，其他基因都位于不同对同源染色体上，则

17、Aadd可产生Ad和ad两种配子，BbCc可产生4种配子，因此总共产生248(种)配子，基因型为AbCd的配子所占比例为1/21/21/21/8；自交所得子代的基因型有33327(种)，其中AABbccdd所占比例为1/41/21/41/32；其中子代的表现型有2228种，其中高茎红花灰种皮小花瓣个体所占比例为3/43/43/427/64。二、 已知子代逆推求亲代的题型1.常用方法：逆向组合法方法：将自由组合定律的性状分离比拆分成分离定律的分离比分别分析，再运用乘法原理进行逆向组合。题型示例2.根据表现型推断亲本（1）解题方法：基因填充法（2）解题思路：根据亲代表现型可大概写出其基因型，如A_

18、B_、aaB_等，再根据子代表现型将所缺处填完。（3）题型示例：一对正常夫妻生下一个白化病色盲儿子，用A、a表示白化病相关基因，B、b表示色盲相关基因，该夫妻的基因型分别为AaXBY、AaXBXb。（4）解题图解：特别提醒：要学会利用后代中的隐性性状进行突破，因为后代中一旦存在双隐性个体，那亲代基因型中一定存在a、b等隐性基因。3.根据表现型比例推测亲本（1）解题方法：比例拆解法（2）解题思路：根据子代表现型比例拆分为分离定律的分离比，确定每一对相对性状的亲本基因型，再组合。（3）常见比例：【典例2】 （2021全国高考真题）果蝇的翅型、眼色和体色3个性状由3对独立遗传的基因控制，且控制眼色的

19、基因位于X染色体上。让一群基因型相同的果蝇（果蝇M）与另一群基因型相同的果蝇（果蝇N）作为亲本进行杂交，分别统计子代果蝇不同性状的个体数量，结果如图所示。已知果蝇N表现为显性性状灰体红眼。下列推断错误的是（ ）A果蝇M为红眼杂合体雌蝇B果蝇M体色表现为黑檀体C果蝇N为灰体红眼杂合体D亲本果蝇均为长翅杂合体【答案】A【分析】分析柱形图：果蝇M与果蝇N作为亲本进行杂交杂交，子代中长翅：残翅=3：1，说明长翅为显性性状，残翅为隐性性状，亲本关于翅型的基因型均为Aa（假设控制翅型的基因为A/a）；子代灰身：黑檀体=1：1，同时灰体为显性性状，亲本关于体色的基因型为Bbbb（假设控制体色的基因为B/b）

20、；子代红眼：白眼=1：1，红眼为显性性状，且控制眼色的基因位于X染色体上，假设控制眼色的基因为W/w），故亲本关于眼色的基因型为XWXwXwY或XwXwXWY。3个性状由3对独立遗传的基因控制，遵循基因的自由组合定律，因为N表现为显性性状灰体红眼，故N基因型为AaBbXWXw或AaBbXWY，则M的基因型对应为Aa bb XwY或AabbXwXw 。【详解】AB、根据分析可知，M的基因型为Aa bb XwY或AabbXwXw，表现为长翅黑檀体白眼雄蝇或长翅黑檀体白眼雌蝇，A错误，B正确；C、N基因型为AaBbXWXw或AaBbXWY，灰体红眼表现为长翅灰体红眼雌蝇，三对基因均为杂合，C正确；D

21、、亲本果蝇长翅的基因型均为Aa，为杂合子，D正确。故选A。 1.分解组合法（1）原理：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的，也就是说一对等位基因与另一对等位基因的分离和组合是互不干扰、各自独立的。因此，解决较为复杂的关于自由组合定律的问题时，可借鉴此法。（2）概率的分解将题干中所给的概率拆分为两个或多个概率，再运用分离定律单独分析，逆向思维，快速解决此类问题。（3）比例的分解。将题干中所给的比例拆分为两个或多个特殊比例，再运用分离定律单独分析，逆向思维，快速解决此类问题。有时，一些拆分后的比例运用自由组合定律分析更简单，因此不要拘泥于分离定律。2.概率计算定理（1）乘法定理：

22、当一个事件的发生不影响另一个事件的发生，这样的两个独立事件同时或相继出现的概率是它们各自概率的乘积，例如：生男孩和生女孩的概率各为1/2，由于第一胎不论生男孩还是生女孩，都不影响第二胎所生孩子的性别，因此属于两个独立事件，所以一对夫妇连续生两胎都是女孩的概率是1/21/2=1/4。（2）加法定理：当一个事件出现时，另一个事件就被排除，这样的两个事件称为互斥事件，这种互斥事件出现的概率是它们各自概率之和。例如：肤色正常（A）对白化病（a）是显性，一对夫妇的基因型都是Aa，他们孩子的基因组合就有四种可能：AA、Aa、Aa、aa，概率都是1/4。然而，这些基因组合都是互斥事件，所以，一个孩子表现正常

23、的概率是：1/4（AA）+1/4（Aa）+1/4（Aa）=3/4。 1（2021辽宁抚顺市高三一模）某家鸡种群羽毛的芦花与非芦花性状受独立遗传的3对等位基因E/e、I/i和B/b控制，这3对等位基因均完全显性，其中，基因E控制羽毛色素的合成，基因e控制羽毛白色；基因I会抑制基因E的表达，基因i对基因E的表达没有抑制作用；基因B、b位于Z染色体上，且分别使有色羽毛的个体产生芦花和非芦花性状。若让一对纯种白羽鸡交配得到F1，再让F1自由交配得到F2，结果如图所示，则亲本的基因型应该是（ ）AEEIIZbZb与eeIIZBW或eeIIZbZb与EEIIZBWBEEIIZBZB与eeIIZbW或eeI

24、IZBZB与EEIIZbWCEEIIZbZb与 eeiiZBW或eeiiZbZb与EEIIZBWDEEiiZbZb与eeIIZBW或eeIIZbZb与EEiiZBW【答案】C【分析】由题意可知，芦花鸡基因型为E-iiZB-、非芦花鸡基因型为E-iiZbZb或E-iiZbW，白色鸡基因型为ee-、E-I-。【详解】F2的组合方式为(26+26十3+3+3+3)=64种，说明F1每个亲本产生8种配子，因此F1基因型为EeIiZBZbEeIiZbW或EeIiZBZbEeIiZBW，由于F2中有非芦花雄鸡（E-iiZbZb），所以F1基因型为EeIiZBZbEeIiZbW，那么纯种白色亲本的基因型为E

25、EIIZbZb与eeiiZBW或eeiiZbZb与EEIIZBW，C正确。故选C。2.(2021广州模拟)豌豆子叶的黄色(Y)对绿色(y)为显性，种子的圆粒(R)对皱粒(r)为显性，两亲本杂交得到F1，其表现型如图所示。下列叙述错误的是()A.亲本的基因组成是YyRr、YyrrB.F1中表现型不同于亲本的是黄色皱粒、绿色皱粒C.F1中黄色圆粒豌豆的基因组成是YyRR或YyRrD.F1中纯合子占的比例是1/4解析分析柱形图可知，F1出现的类型中，圆粒皱粒752531，说明两亲本的相关基因型是Rr、Rr；黄色绿色505011，说明两亲本的相关基因型是Yy、yy，所以两亲本的基因型是YyRr、yyR

26、r，A错误；已知两亲本的基因型是YyRr、yyRr，表现型为黄色圆粒和绿色圆粒，所以F1中表现型不同于亲本的是黄色皱粒、绿色皱粒，B正确；由于Yyyy的后代为Yy、yy，RrRr的后代为RR、Rr、rr，所以F1中黄色圆粒豌豆的基因组成是YyRR或YyRr，C正确；根据亲本的基因型YyRryyRr可判断，F1中纯合子占的比例是，D正确。答案A3（2020全国高考真题）控制某种植物叶形、叶色和能否抗霜霉病3个性状的基因分别用A/a、B/b、D/d表示，且位于3对同源染色体上。现有表现型不同的4种植株：板叶紫叶抗病（甲）、板叶绿叶抗病（乙）、花叶绿叶感病（丙）和花叶紫叶感病（丁）。甲和丙杂交，子代

27、表现型均与甲相同；乙和丁杂交，子代出现个体数相近的8种不同表现型。回答下列问题：（1）根据甲和丙的杂交结果，可知这3对相对性状的显性性状分别是_。（2）根据甲和丙、乙和丁的杂交结果，可以推断甲、乙、丙和丁植株的基因型分别为_、_、_和_。（3）若丙和丁杂交，则子代的表现型为_。（4）选择某一未知基因型的植株X与乙进行杂交，统计子代个体性状。若发现叶形的分离比为31、叶色的分离比为11、能否抗病性状的分离比为11，则植株X的基因型为_。【答案】板叶、紫叶、抗病 AABBDD AabbDd aabbdd aaBbdd 花叶绿叶感病、 花叶紫叶感病 AaBbdd 【分析】分析题意可知：甲板叶紫叶抗病

28、与丙花叶绿叶感病杂交，子代表现型与甲相同，可知甲为显性纯合子AABBDD，丙为隐性纯合子aabbdd；乙板叶绿叶抗病与丁花叶紫叶感病杂交，后代出现8种表现型，且比例接近1：1：1：1：1：1：1：1，可推测三对等位基因应均为测交。【详解】（1）甲板叶紫叶抗病与丙花叶绿叶感病杂交，子代表现型与甲相同，可知显性性状为板叶、紫叶、抗病，甲为显性纯合子AABBDD。（2）已知显性性状为板叶、紫叶、抗病，再根据甲乙丙丁的表现型和杂交结果可推知，甲、乙、丙、丁的基因型分别为AABBDD、AabbDd、aabbdd、aaBbdd。（3）若丙aabbdd和丁aaBbdd杂交，根据自由组合定律，可知子代基因型和

29、表现型为：aabbdd（花叶绿叶感病）和aaBbdd（花叶紫叶感病）。（4）已知杂合子自交分离比为3：1，测交比为1：1，故X与乙杂交，叶形分离比为3：1，则为AaAa杂交，叶色分离比为1：1，则为Bbbb杂交，能否抗病分离比为1：1，则为Dddd杂交，由于乙的基因型为AabbDd，可知X的基因型为AaBbdd。【点睛】本题考查分离定律和自由组合定律的应用的相关知识，要求考生掌握基因基因分离定律和自由组合定律的实质及相关分离比，并能灵活运用解题。4（2019江苏高考真题）杜洛克猪毛色受两对独立遗传的等位基因控制，毛色有红毛、棕毛和白毛三种，对应的基因组成如下表。请回答下列问题：毛色红毛棕毛白毛

30、基因组成A_B_A_bb、aaB_aabb（1）棕毛猪的基因型有_种。（2）已知两头纯合的棕毛猪杂交得到的F1均表现为红毛，F1雌雄交配产生F2。该杂交实验的亲本基因型为_。F1测交，后代表现型及对应比例为_。F2中纯合个体相互交配，能产生棕毛子代的基因型组合有_种（不考虑正反交）。F2的棕毛个体中纯合体的比例为_。F2中棕毛个体相互交配，子代白毛个体的比例为_。（3）若另一对染色体上有一对基因I、i，I基因对A和B基因的表达都有抑制作用，i基因不抑制，如I_A_B_表现为白毛。基因型为IiAaBb的个体雌雄交配，子代中红毛个体的比例为_，白毛个体的比例为_。【答案】4 AAbb和aaBB 红

31、毛棕毛白毛=121 4 1/3 1/9 9/64 49/64 【分析】由题意：猪毛色受独立遗传的两对等位基因控制，可知猪毛色的遗传遵循自由组合定律。AaBb个体相互交配，后代A_B_：A_bb：aaB_：aabb9:3:3:1，本题主要考查自由组合定律的应用，以及9:3:3:1变型的应用。【详解】（1）由表格知：棕毛猪的基因组成为A_bb、aaB_，因此棕毛猪的基因型有：AAbb、Aabb、aaBB、aaBb 4种。（2）由两头纯合棕毛猪杂交，F1均为红毛猪，红毛猪的基因组成为A_B_，可推知两头纯合棕毛猪的基因型为AAbb和aaBB，F1红毛猪的基因型为AaBb。F1测交，即AaBb与aab

32、b杂交，后代基因型及比例为AaBb:Aabb:aaBb:aabb1:1:1:1，根据表格可知后代表现型及对应比例为：红毛：棕毛：白毛1:2:1F1红毛猪的基因型为AaBb，F1雌雄个体随机交配产生F2，F2的基因型有：A_B_、A_bb、aaB_、aabb，其中纯合子有：AABB、AAbb、aaBB、aabb，能产生棕色猪（A_bb、aaB_）的基因型组合有：AAbbAAbb、aaBBaaBB、AAbbaabb、aaBBaabb 共4种。F2的基因型及比例为A_B_：A_bb：aaB_：aabb9:3:3:1，棕毛猪A_bb：aaB_所占比例为6/16，其中纯合子为AAbb、aaBB，所占比例

33、为2/16，故F2的棕毛个体中纯合体所占的比例为2/6，即1/3。F2的棕毛个体中各基因型及比例为1/6AAbb、2/6Aabb、1/6aaBB、2/6aaBb。棕毛个体相互交配，能产生白毛个体（aabb）的杂交组合及概率为：2/6Aabb2/6Aabb2/6aaBb2/6aaBb2/6Aabb2/6aaBb21/31/31/41/31/31/41/31/31/21/221/9。（3）若另一对染色体上的I基因对A和B基因的表达有抑制作用，只要有I基因，不管有没有A或B基因都表现为白色，基因型为IiAaBb个体雌雄交配，后代中红毛个体即基因型为ii A_B_的个体。把Ii和AaBb分开来做，Ii

34、Ii后代有3/4I _和1/4ii，AaBbAaBb后代基因型及比例为A_B_：A_bb：aaB_：aabb9:3:3:1。故子代中红毛个体（ii A_B_）的比例为1/49/169/64，棕毛个体（ii A_bb、iiaaB_）所占比例为1/46/166/64，白毛个体所占比例为：19/646/6449/64。【点睛】1、两对基因位于两对同源染色体上，其遗传符合基因的自由组合定律。2、具有两对相对性状的双杂合子自交，其后代表现型及比例符合9:3:3:1，测交后代表现型及比例符合1:1:1:1。5（2019全国高考真题）某种甘蓝的叶色有绿色和紫色。已知叶色受2对独立遗传的基因A/a和B/b控制

35、，只含隐性基因的个体表现隐性性状，其他基因型的个体均表现显性性状。某小组用绿叶甘蓝和紫叶甘蓝进行了一系列实验。实验：让绿叶甘蓝（甲）的植株进行自交，子代都是绿叶实验：让甲植株与紫叶甘蓝（乙）植株进行杂交，子代个体中绿叶紫叶=13回答下列问题。（1）甘蓝叶色中隐性性状是_，实验中甲植株的基因型为_。（2）实验中乙植株的基因型为_，子代中有_种基因型。（3）用另一紫叶甘蓝（丙）植株与甲植株杂交，若杂交子代中紫叶和绿叶的分离比为11，则丙植株所有可能的基因型是_；若杂交子代均为紫叶，则丙植株所有可能的基因型是_；若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子代中紫叶与绿叶的分离比为151，则丙植株的基因

36、型为_。【答案】绿色 aabb AaBb 4 Aabb、aaBb AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb AABB 【分析】依题意：只含隐性基因的个体表现为隐性性状，说明隐性性状的基因型为aabb。实验的子代都是绿叶，说明甲植株为纯合子。实验的子代发生了绿叶紫叶13性状分离，说明乙植株产生四种比值相等的配子，并结合实验的结果可推知：绿叶为隐性性状，其基因型为aabb，紫叶为A_B_、A_bb和aaB_。【详解】(1) 依题意可知：只含隐性基因的个体表现为隐性性状。实验中，绿叶甘蓝甲植株自交，子代都是绿叶，说明绿叶甘蓝甲植株为纯合子；实验中，绿叶甘蓝甲植株与紫叶甘蓝乙植株杂交，子代绿叶

37、紫叶13，说明紫叶甘蓝乙植株为双杂合子，进而推知绿叶为隐性性状，实验中甲植株的基因型为aabb。(2) 结合对(1)的分析可推知：实验中乙植株的基因型为AaBb，子代中有四种基因型，即AaBb、Aabb、aaBb和aabb。(3) 另一紫叶甘蓝丙植株与甲植株杂交，子代紫叶绿叶11，说明紫叶甘蓝丙植株的基因组成中，有一对为隐性纯合、另一对为等位基因，进而推知丙植株所有可能的基因型为aaBb、Aabb。若杂交子代均为紫叶，则丙植株的基因组成中至少有一对显性纯合的基因，因此丙植株所有可能的基因型为AABB、AABb、AaBB、AAbb、aaBB。若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子代中紫叶绿叶

38、151，为9331的变式，说明该杂交子代的基因型均为AaBb，进而推知丙植株的基因型为AABB。【点睛】由题意“受两对独立遗传的基因A/a和B/b控制”可知：某种甘蓝的叶色的遗传遵循自由组合定律。据此，以题意呈现的“只含隐性基因的个体表现为隐性性状”和“实验与的亲子代的表现型及其比例”为切入点，准确定位隐性性状为绿叶、只要含有显性基因就表现为紫叶，进而对各问题情境进行分析解答。三、 自交、测交和自由交配题型1.解题方法：分解组合法2.解题思路：将多对等位基因的自由组合分解为若干分离定律分别分析，按照自交、测交和自由交配的情况进行计算，然后将相关的概率按照一定的方法组合，即利用乘法定理或加法定理

39、计算。题型示例纯合黄色圆粒豌豆(YYRR)和纯合绿色皱粒豌豆(yyrr)杂交后得F1，F1再自交得F2，若F2中黄色圆粒豌豆个体和绿色圆粒豌豆个体分别进行自交、测交和自由交配，所得子代的表现型及比例分别如下表所示：3. Y_R_（黄圆）自交、测交和自由交配4. 自交、测交和自由交配（1）自交过程图解自交结果 黄色圆粒绿色圆粒黄色皱粒绿色皱粒25551（2）测交过程图解测交结果 黄色圆粒绿色圆粒黄色皱粒绿色皱粒4221（3）自由交配过程图解自由交配结果：黄色圆粒绿色圆粒黄色皱粒绿色皱粒648814. yyR_(绿圆)自交、测交和自由交配（1）自交过程图解自交结果 绿色圆粒绿色皱粒51（2）测交过

40、程图解测交结果 绿色圆粒绿色皱粒21（3）自由交配过程图解自由交配结果： 绿色圆粒绿色皱粒81归纳汇总：项目表现型及比例Y_R_(黄圆)自交黄色圆粒绿色圆粒黄色皱粒绿色皱粒25551测交黄色圆粒绿色圆粒黄色皱粒绿色皱粒4221自由交配黄色圆粒绿色圆粒黄色皱粒绿色皱粒64881yyR_(绿圆)自交绿色圆粒绿色皱粒51测交绿色圆粒绿色皱粒21自由交配绿色圆粒绿色皱粒81 【典例3】金鱼草正常花冠对不整齐花冠为显性，高株对矮株为显性，红花对白花为不完全显性，杂合子是粉红花。三对相对性状独立遗传，如果纯合的红花、高株、正常花冠植株与纯合的白花、矮株、不整齐花冠植株杂交，在F2中具有与F1相同表现型的植

41、株的比例是（）A. B.C. D.解析：设纯合的红花、高株、正常花冠植株基因型是AABBCC，纯合的白花、矮株、不整齐花冠植株基因型是aabbcc，F1是AaBbCc，自交后F2中植株与F1表现型相同的概率是，C正确。答案：C自交与自由交配1.概念不同：自交是指基因型相同的生物个体交配，植物指自花受粉和雌雄异花的同株受粉，动物指基因型相同的雌雄个体间交配。自由交配是指群体中的个体随机进行交配，基因型相同和不同的个体之间都要进行交配。植物和动物都包括自交和杂交，只是动物仍然是在雌雄个体之间进行。2.交配组合种类不同：若某群体中有基因型AABB、AaBb、aabb的个体，自交方式有AABBAABB

42、、AaBbAaBb、aabbaabb三种交配方式，而自由交配方式除上述三种交配方式外，还有AABBAaBb、AABBaabb、AaBbaabb，共六种交配方式。3.结果不同：含一对等位基因（AaBb）的生物，连续自交n代产生的后代中，基因型为AaBb的个体占1/4n，若自由交配n代产生的后代中，AaBb的个体占1/4。1.(2022南昌一诊)某二倍体植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，Aa为小花瓣，aa为无花瓣。花瓣颜色(红色和黄色)受另一对等位基因R、r控制，R对r为完全显性，两对基因独立遗传。下列有关叙述错误的是()A.若基因型为AaRr的个体测交，则子

43、代表现型有3种，基因型4种B.若基因型为AaRr的亲本自交，则子代共有9种基因型，6种表现型C.若基因型为AaRr的亲本自交，则子代有花瓣植株中，AaRr所占比例约为1/3，而所有植株中的纯合子约占1/4D.若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣的植株占3/8解析若基因型为AaRr的个体测交，则子代基因型有AaRr、Aarr、aaRr、aarr 4种，表现型有3种，分别为：小花瓣红色、小花瓣黄色、无花瓣，A正确；若基因型为AaRr的亲本自交，由于两对基因独立遗传，因此根据基因的自由组合定律，子代共有339种基因型，而Aa自交子代表现型有3种，Rr自交子代表现型有2种，但由于a

44、a表现为无花瓣，故aaR_与aarr的表现型相同，所以子代表现型共有5种，B错误；若基因型为AaRr的亲本自交，则子代有花瓣植株中，AaRr所占比例约为2/31/21/3，子代的所有植株中，纯合子所占比例约为1/4，C正确；若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣(A_Rr)的植株所占比例为3/41/23/8，D正确。答案B2(2021东莞高三调研)有两个纯种的小麦品种：一个抗倒伏(d)但易感锈病(r)，另一个易倒伏(D)但能抗锈病(R)。两对相对性状独立遗传。让它们进行杂交得到F1，F1再进行自交，F2中出现了既抗倒伏又抗锈病的新品种。下列说法中正确的是()AF2中出现的既抗

45、倒伏又抗锈病的新品种都能稳定遗传BF1产生的雌雄配子数量相等，结合的概率相同CF2中出现的既抗倒伏又抗锈病的新品种占9/16DF2中易倒伏与抗倒伏的比例为31，抗锈病与易感锈病的比例为31答案D解析F2中既抗倒伏又抗锈病个体的基因型是ddRR和ddRr，杂合子不能稳定遗传，A项错误；F1产生的雌雄配子数量不相等，B项错误；F2中既抗倒伏又抗锈病的新品种占3/16，C项错误；F1的基因型为DdRr，每一对基因的遗传仍遵循基因的分离定律，D项正确。3（2021南宁高三一模）稻瘟病病菌种类繁多，是严重影响水稻产量的病虫害。现有纯合水稻品系甲和乙，甲对稻瘟病病菌X表现为抗病，对病菌Y感病；乙对稻瘟病病

46、菌Y抗病，对病菌X感病。研究者欲培育出能对病菌x和病菌Y均抗病的新品种，设计了下列育种流程（部分），并对实验结果进行了预测。回答下列问题：P：甲乙F1F2（抗两种病菌：只抗病菌X ：只抗病菌Y：感两种病菌=9 ：3 ：3：1）（1）上述流程采用的育种方法是_；其优点是_。（2）要出现F2预期的实验结果，需要满足三个基本条件：一是水稻品系甲和乙对稻瘟病病菌X的抗病与感病受一对等位基因控制，且符合基因的分离定律；二是_。三是_。（3）研究者欲筛选出F2中抗两种病菌的植株，请你为其提供思路：_。（4）若满足（2）中的条件，筛选出抗两种病菌的植株后，为获得能稳定遗传的新品种，需要继续进行的操作是_，再

47、进一步筛选。【答案】杂交育种 能集中亲本的优良性状 对稻瘟病病菌Y的抗病与感病受对等位基因控制，且符合基因的分离定律 控制这两对相对性状的等位基因分别位于两对同源染色体上 分别用病菌X和病菌Y去感染F2水稻植株，若植株均表现为无相应病症，则该植株具有抗两种病菌的抗性 让抗两种病菌的植株严格自交（或自花传粉） 【分析】基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。【详解】（1）上述流程采用的育种方法是杂交育种，其原理是基因重组，其优点表现为能将两个亲本的优良性状集中

48、到一个个体上，即表现为“集优”。（2）题中F2预期的实验结果表明控制相关性状的两对等位基因在遗传时遵循基因的自由组合定律，且抗病对感病为显性，即要出现上述结果需要满足以下条件：一是水稻品系甲和乙对稻瘟病病菌X的抗病与感病受一对等位基因控制，且符合基因的分离定律；二是对稻瘟病病菌Y的抗病与感病受对等位基因控制，且符合基因的分离定律，三是控制这两对相对性状的等位基因分别位于两对同源染色体上，即控制这两对相对性状的等位基因为非同源染色体上的非等位基因。（3）研究者欲筛选出F2中抗两种病菌的植株，采用个体水平鉴定，即分别用病菌X和病菌Y去感染F2水稻植株，若植株均表现为无相应病症，则该植株具有抗两种病菌的抗性。（4）若满足（2）中的条件，即两对相对性状的遗传符合基因的自由组合定律，则在筛选出抗两种病菌的植株后，为获得能稳定遗传的新品种，让抗两种病菌的植株严格自交（或自花传粉），逐代淘汰不符合要求的个体，连续自交，直到不再发生性状分离为止。【点睛】熟知杂交育种的原理、流程和操作要点是解答本题的关键，自由组合定律的实质与应用是解答本题的另一关键。