专题14 电路基础 练习-2024年浙江省科学中考一轮复习.docx

1、专题14 电路基础2024年浙江省中考一轮复习一 、选择题将塑料包装袋撕成细丝后，上端打结，然后用干燥的丝绸或毛皮等顺着细丝向下捋几下，希望做成如图的各种情形，其中无法完成的是（）ABCD电源电压U保持不变，在甲、乙两处分别接入电流表，闭合开关S、断开S1，测得I甲：I乙1：2。若拆去电流表，并在甲、乙两处分别接入电压表，闭合开关S、S1，此时U甲：U乙是（）A1：1B1：2C2：1D3：2如图所示，AB两导体用同种材料制成，粗细相同，但A导体比B导体长，通过它们的电流分别为IA，IB，AB两导体两端的电压分别为UAUB，则下列关于两导体电流、电压关系的表述正确的是()。 AUA=UB，IA=

2、IBBUAUB，IAUB，IA=lBDUA=UB，IARB；根据公式I=UR可知，当电压相同时，通过导体的电流与电阻成反比；因此通过它们的电流IAIB。故D正确，而AB、C错误。故选D。解：由题意知，排气扇和照明灯既能同时工作，又能分别独立工作，所以排气扇（电动机）和灯泡是并联关系，且各自的支路有一个开关控制，干路上没有开关；由各选项可知，ABC错误，D正确。故选：D。B【解析】由图可知，滑动变阻器与L1串联后与L2并联，并联电路互不影响，所以L2的亮度不变；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则可知支路电阻的变化，由欧姆定律可得出所在支路中电流的变化，则可知L1亮度的变化；由图可知，滑

3、动变阻器与L1串联后与L2并联，当滑片向左移动时，滑动变阻器接入的电阻变小，通过它的电流变大，则可知L1亮度的变亮；而并联电路互不影响，所以L2的亮度不变.故答案为：B.C【解析】根据电流表的使用规则分析判断。A电流表的正负接线柱接反了，故A错误；B.电流表在干路上测总电流，故B错误；C.电流表与灯泡L1串联，且电流从“+”接线柱流入，从“-”接线柱流出，故C正确；D.电流表与灯泡L2串联，测通过L2的电流，故D错误。故选C。C【解析】（1）串联电路的总电压等于各处电压之和；（2）首先分析两个电压表所测量的电压，然后根据串联电路的电压规律确定二者的大小，接下来分别读出两个电压值，并与之对应起来

4、，最后根据同样的规律计算出另一个电压即可。根据甲图可知，电阻R1与R2串联，电压表V1测总电压，V2测R2的电压；根据串联电路的电压规律可知，V1的示数大于V2；根据乙图可知，当量程为03V时，分度值为0.1V，读数为1.2V；当电压表的量程为015V时，分度值为0.5V，那么读数为6V；因此V1的示数为6V，V2的示数为1.2V，即电阻R2的电压为1.2V；那么电阻R1的电压为：U1=U总-U2=6V-1.2V=4.8V。故选C。D【解析】影响电阻大小的因素有导体长度、横截面积、导体材料、温度等。其他条件相同时，导体的横截面积越大，电阻越小。两根铅笔芯并列接入电路中时长度、材料和温度都没变，

5、横截面积增大，所以电阻减小，灯泡变亮，D正确。故答案为：D解：根据题意可知，当电动车上的信号接收器（S1）接收到信号，再转动电动车钥匙（S2），车才能正常启动，这说明两个开关相互影响，是串联在一起的，一起控制电动机，故A正确，BCD错误。故选：A【分析】（1）由电路图可知，R1、R、R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2测R两端的电压，V3测电源的电压与R1两端的电压之差；根据滑片的移动判断滑动变阻器接入电路电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，从而判断、图线表示的电压表。（2）当滑片位于左端时，R1与R2串联，根据图像得出R1两端的电压和通过的电流，根据欧姆定

6、律求出R1的阻值，根据串联电路的电压特点表示出电源的电压。当滑片位于右端时，R1、R、R2串联，根据串联电路的电压特点表示出电源的电压，联立等式求出电源的电压；（3）根据串联电路的电压特点得出电压表V3与V1之间的关系，即可判断图像。【解答】解：（1）将滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据I可知，电路中的电流变大；根据UIR可知，R1两端的电压变大，故表示电压表V1、表示电压表V2。（2）当滑片位于左端时，R1与R2串联，由（b）图像可知：R1两端的电压U14V，通过的电流I10.4A，则R110；电源的电压UU1+I1R24V+0.4AR2当滑片位于右

7、端时，R1、R、R2串联，由（b）图可知，I20.2A，R两端的电压UR3V，U12V，则电源的电压UUR+U1+I2R23V+2V+0.2AR2由两式可得：U6V。（3）因V3测电源的电压与R1两端的电压之差，所以，当U14V、I10.4A时，V3的示数为UU16V4V2V；当U12V、I20.2A时，V3的示数为UU16V2V4V；结合选项可知A符合，BCD不符合。故选：A二 、填空题不变；6【解析】（1）根据图片确定电路的串并联关系，以及各个电表所测的物理量，最后结合欧姆定律分析判断； （2）根据电源电压不变，以及欧姆定律列方程计算即可。 （1）根据图片可知，定值电阻R1与变阻器R2串联

8、，电压表测R1的电压，电流表测通过R1的电流。根据公式 R1=U1I1可知，电压表和电流表的示数的比值就是R1，则无论变阻器的滑片怎样移动，二者的比值都不变。 （2）当电流表的示数为0.3A时，电压表的示数为1.5V， 则R1的阻值为： R1=U1I1=1.5V0.3A=5； 当滑片P移至某一位置时，读出电流表的示数为0.4A； 根据U总=I总R总得到：U总=0.4A（5+R变） ； 当滑片P移至另一位置时，读出电流表的示数为0.3A； 根据U总=I总R总得到：U总=0.3A（5+ 32R变） ； 解得：U总=6V，R变=10。B；0.4；15【解析】（1）由图中电压表指针的偏转方向可判断电流

9、方向，同时能判断水果电池的极性；（2）先判断出电压表的量程，而后再据指针的位置读出示数来即可；（3）串联电池组的总电压等于各节电池的电压之和（1）由图知，电压表指针向右偏转时，说明“+”接线柱连接的是电池的正极，“-”接线柱连接的是电池的负极，故金属片B为电池的负极（2）此时该电压表的量程是03V，故分度值是0.1V，所以此时电池电压是0.4V；（3）串联电池组的总电压等于各节电池的电压之和，1节十电池的电压为1.5V，4节干电池串联的电压为6V，故需要这种电池的个数是n=6V0.4V=15个.故答案为：B；0.4；15并联；S2【解析】（1）如果只有一条通路，那么电路为串联；如果有多条通路，

10、那么电路为并联；（2）根据电动机和照明灯的工作情况分析。（1）根据图片可知，电流可以经过灯泡和开关S2流回负极，也可以经过开关S1和电动机流回负极，因此有两条通路，那么它们为并联。（2）无论冰箱门是否关闭，压缩机都要工作；而照明灯是为了打开冰箱门时照明使用，那么关上冰箱门时，照明灯就要熄灭，因此断开的开关应该是S2。会；断开【解析】根据图片分析电器原件串并联关系的变化即可。（1）根据图片可知，闭合开关S，当“定时开关”处于断开状态时，指示灯和播放器串联，此时会有电流经过指示灯和播放器，则指示灯会亮，同时播放音乐。（2）到上课时间时，“定时开关”闭合，此时将播放器短路，则此时指示灯发光，而音乐停

11、止。（1）因为手与塑料膜摩擦起电塑料膜带同种电荷相互排斥而散开。（2）饮料吸管的外壁比较光滑，它与药液的橡胶瓶盖紧密接触，空气很难进入，因此很难形成这个“气压差” ，所以很难“吸”上药液； 而口服液液吸管的外壁是有棱的，利于空气的进入，药液在大气压的作用下很容易被压入口中。（合理即可）【解析】（1）根据摩擦起电和电荷之间的相互作用规律分析解答；（2）用吸管吸取饮料时，饮料之所以能够沿着吸管流入口中，是因为饮料瓶内气压大于吸管内气压。当吸取饮料后，饮料瓶内的气压会下降，如果能够保证外面的空气进入瓶内，始终保证这个压强差存在，那么就能继续，否则就不能完成吸取，据此对两种吸管的表面不同产生的不同效果

12、进行分析判断。（1）用干燥的手将撕成条状的塑料膜从上到下摩擦几下，会看到塑料膜散开，原因是：手与塑料膜摩擦起电塑料膜带同种电荷相互排斥而散开。（2）口服液的吸管截面如图所示，外壁有棱，相比较截面为圆形的饮料吸管更容易吸瓶中的药物，原因是：饮料吸管的外壁比较光滑，它与药液的橡胶瓶盖紧密接触，空气很难进入，因此很难形成这个“气压差” ，所以很难“吸”上药液； 而口服液液吸管的外壁是有棱的，利于空气的进入，药液在大气压的作用下很容易被压入口中。三 、实验题（1）1.8；0.24（2）；R0（U1-U2）/U2【解析】（1）根据量程确定电表的分度值，然后根据指针位置读数；（2）根据电路图连接实物图，首

13、先连接好一条通路，然后分别找到对应的分流点和汇流点，将这两点之间的剩余元件依次连接即可；当两个开关都闭合时，电阻Rx被短路，此时电压表的示数就是电源电压；当S2断开，两个电阻串联，此时电压表的示数为R0两端的电压，最后根据串联电路电压与电阻成正比的规律列式计算即可。（1）电压表选择量程03V，分度值为0.1V，读数为1.8V；电流表选择量程00.6A，分度值为0.02A，读数为0.24A；（2） a.从正极开始，依次连接电阻Rx、R0、开关S1回到负极；b.在R1与正极之间找到分流点A，在R1与R0之间找到汇流点B，将开关S2接在这两点之间；c.在R0与S1之间找到汇流点C，将电压表接在B和C

14、之间即可。如下图：先闭合S1、S2，读出此时电压表读数为U1，即总电压；再闭合S1，断开S2，读出此时电压表读数为U2， 即电阻R0的电压；那么电阻Rx两端的电压为：Ux=U1-U2；根据串联电路的分压规律得到：U1-U2U2=RxR0；解得：Rx=R0U1-U2U2。解：（1）电源电压恒为3伏，故电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为1.5V；（2）移动滑片，电压表和电流表示数都不变，说明滑动变阻器都接上面或都接下面两个接线柱；电压表的读数为1.5V，说明：把滑动变阻器电阻丝的两个接线柱接入电路；（3）由图丙知，c曲线控制电阻两端电压为UVIR0.2A51V，根据串联电路电压的规律，变阻

15、器两端电压为U滑UUV3V1V2V，根据分压原理可知：，即：，当R定20时，变阻器接入电路的阻值为R滑2R定22040，滑动变阻器最大阻值为20欧，故c曲线不是根据本实验数据绘制的，理由是滑动变阻器最大阻值太小，不能保持定值电阻两端电压为1V。故答案为：（1）1.5；（2）把滑动变阻器电阻丝的两个接线柱接入电路；（3）c曲线不是根据本实验数据绘制的，理由是滑动变阻器最大阻值太小，不能保持定值电阻两端电压为1V。四 、解答题（1）解：由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路电流，电压表测电阻R2的电压。由欧姆定律公式I UR 变形得R2 U2I=2伏0.2安=10欧（2）解：由欧姆定律公式I

16、UR 变形得电阻R1两端的电压：U1IR10.2安20欧4伏所以电源电压：UU1U24伏2伏6伏【解析】图中，R1与R2串联，电流表测电路电流，电压表测电阻R2的电压。由欧姆定律求出电阻R2的阻值；再求出电阻R1两端的电压，由串联电路的电压规律算出电源电压.（1）不变；变小（2）图中电路的电流为：I=6V10+8=0.33A，所以电压表所测电阻BP大小为：RBP=2V0.33A=6， 由此可知弹簧改变量为：（10-6）1020cm=8cm， 由乙图可知改变8cm对应受到的弹簧弹力为7N.（3）由电路图可知，当无风时电压表的示数是最大的，风力增大时电压表的示数会变小，与我们的习惯有区别，可以通过

17、改进变成一个随风力增大电压增大的风力仪。电路图为：【解析】1、先分析清楚电路的连接情况，由图中电压表的连接可知，此滑片P在移动的过程中接入电路的总电阻是不变的，始终等于BA的总电阻。滑片P将BA电阻分成了可变的两部分，电压表测量BP部分的电压，由串联电路中的分压规律可以得到电压表的变化情况；2、根据电压表的示数去计算出滑片P距离A的长度，再利用乙图得出弹簧的弹力；3、由电路图可知，当无风时电压表的示数是最大的，风力增大时电压表的示数会变小，与我们的习惯有区别，可以通过改进变成一个随风力增大电压增大的风力仪。（1）由图中电压表的连接可知，此滑片P在移动的过程中接入电路的总电阻是不变的。电压表示数随风力的增大，所测的电阻减小，分到的电压减小，所以填变小；（2）图中电路的电流为：I=6V10+8=0.33A，所以电压表所测电阻BP大小为：RBP=2V0.33A=6，由此可知弹簧改变量为：（10-6）1020cm=8cm，由乙图可知改变8cm对应受到的弹簧弹力为：7N；（3）由电路图可知，当无风时电压表的示数是最大的，风力增大时电压表的示数会变小，与我们的习惯有区别，可以通过改进变成一个随风力增大电压增大的风力仪。电路图为：故答案为：（1）不变；变小 （2）7N （3）