云南省红河哈尼族彝族自治州2022-2023学年高一物理下学期7月期末试题（Word版附解析）.docx

1、红河州2023年中小学学业质量监测高一物理一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意。）1. “企鹅服”是一个失重对抗防护的设备，人长期生活在完全失重状态下，人体的肌肉会萎缩。“企鹅服”里面有很多弹力袋，对人体肌肉有一定的压力，压力的单位用国际单位制中的基本单位可表示为（）A. NB. kgm/s2C. kgm/sD. kg/ms2【答案】B【解析】【详解】根据质量与加速度的单位用国际单位制中的基本单位表示分别为kg、ms2，根据单位运算，可知压力的单位用国际单位制中的基本单位可表示为kgm/s2。故选B。2. 中国第三艘航母“福建舰”已成

2、功下水，该航母上有帮助飞机起飞的电磁弹射系统，若经过弹射后，飞机依靠自身动力以16m/s2的加速度匀加速滑行100m，达到60m/s的起飞速度，则弹射系统使飞机具有的初速度大小为（）A. 20m/sB. 25m/sC. 30m/sD. 35m/s【答案】A【解析】【详解】弹射系统使飞机具有的初速度大小为，由匀变速直线运动规律，可得解得故选A。3. 如图所示，一细线与竖直墙面相接于O点，另一端悬挂一重为20N的工艺品，现用垂直于细线方向的力F拉工艺品，使其处于静止状态，并保持细线与竖直方向夹角为30，则力F大小为（） A. NB. 10NC. ND. 40N【答案】B【解析】【详解】以工艺品为对

3、象，可知细线拉力和力的合力大小等于工艺品的重力，方向竖直向上，由于力与细线拉力垂直，则有故选B。4. 如图所示，某同学对着墙壁练习打乒乓球，某次球与墙壁上A点碰撞后水平弹离，恰好垂直落在球拍上的B点，已知球拍与水平方向夹角30，AB两点高度差为0.8m，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2，则球水平弹离时速度v0为（） A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】当球垂直落在球拍上的B点时，有联立可得故选C。5. 如图所示，“旋转秋千”的座椅通过缆绳悬挂在旋转圆盘上。当旋转圆盘绕竖直中心轴从静止开始转动，稳定后座椅在水平面内做匀速圆周运动。已知悬点到中心轴的距离为R，座椅（可视为质点

4、）质量为m，缆绳长度为L，缆绳与竖直方向的夹角为，不计空气阻力，重力加速度为g，则此时座椅的线速度v大小为（） A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】根据牛顿第二定律得解得故选A。6. 中国空间站在距地高度约为400km轨道运行，地球同步卫星在离地高度约为36000km轨道运行，均可看成做匀速圆周运动。下列关于空间站说法正确的是（）A. 在轨运行的线速度大于7.9km/sB. 空间站中的宇航员没有受到重力C. 运行周期小于地球同步卫星运行的周期D. 运行的加速度小于地球同步卫星运行的加速度【答案】C【解析】【详解】A7.9km/s为第一宇宙速度，为环绕地球做圆周运动的最大速度，即空

5、间站在轨运行的线速度小于7.9km/s，故A错误；B空间站中的宇航员处于完全失重状态，仍受到重力作用，故B错误；C根据万有引力提供向心力可得空间站的轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，则空间站运行的周期小于地球同步卫星运行的周期，故C正确；D根据牛顿第二定律可得空间站的轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，则空间站运行的加速度大于地球同步卫星运行的加速度，故D错误。故选C。7. 一台起重机将一质量为100kg的货物从静止开始匀加速竖直吊起，4s末货物的速度为8m/s，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2。下列选项正确的是（） A. 4s内货物所受合力做功为0B. 4s内拉力对货物做功为320

6、0JC. 4s末起重机的输出功率为1600WD. 4s内起重机的输出功率为4800W【答案】D【解析】【详解】A根据动能定理可得，4s内货物所受合力做功故A错误；B由于货物做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律，有解得所以拉力做的功为故B错误；C4s末起重机的输出功率为故C错误；D4s内起重机的输出功率为故D正确。故选D。8. 一质量m=1kg的物体自倾角=37的固定斜面底端沿斜面向上滑行。该物体开始滑动时的初速度v0=10m/s，减速为零后向下滑动，到达斜面底端时的速度大小为。已知，sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2。则下列选项正确的是（） A. 物体上滑的距离为2.5mB

7、. 物体下滑的加速度大小为2m/s2C. 物体与斜面间的动摩擦因数=0.4D. 物体上滑时间比下滑时间长【答案】B【解析】【详解】AC设物体上滑的距离为L，则物体上滑过程，由动能定理可得物体下滑过程，由动能定理可得解得故AC错误；B物体下滑的加速度大小为故B正确；D物体上滑时的加速度大小为由于物体上滑、下滑距离均为，可得物块上滑、下滑的时间分别为故D错误。故选B。二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题给出的四个选项中，至少有两个选项符合题意。全选对得4分，选对但不全得2分，选错或未选得0分。）9. 如图所示的x-t图像和v-t图像，甲、乙、丙、丁代表四辆汽车由同一地点向同一

8、方向运动的情况，则下列选项正确的是（） A 甲车做曲线运动，乙车做直线运动B. 0t1时间内，甲、乙两车的平均速度相等C. 0t2时间内，丙、丁两车的平均速度相等D. t1时刻乙的速度大于甲的速度，t2时刻丙的加速度大于丁的加速度【答案】BD【解析】【详解】A位移时间图像表示位移随时间的变化规律，不是物体的运动轨迹，所以甲乙都做直线运动，故A错误；B0t1时间内甲乙两车位移相同，根据可知甲乙的平均速度相等，故B正确；C0t2时间内，丙、丁两车的速度时间图像与坐标轴围成图形的面积表示运动的位移，所以丁的位移大于丙的位移，根据可知丁的平均速度大于丙的平均速度，故C错误；D位移时间图像每点切线的斜率

9、表示物体运动的速度，所以结合图像可知t1时刻乙的速度大于甲的速度。速度时间图像每点切线的斜率表示物体的加速度，结合图像可知t2时刻丙的加速度大于丁的加速度，故D正确。故选BD。10. 某同学在学校田径场跑步，用手机软件记录了自己的运动轨迹、运动时间的情况，如图所示，其中A点是起点，B点是终点，且根据实际情况可知，AB间的距离约为40m，跑步路程为5.21km，所用时间约为35分18秒，下列关于该同学运动的描述正确的是（） A. 在记录运动轨迹时，人不能看成质点B. AB间的距离约为40m是指人发生的位移大小C. 平均速率约为2.46m/sD. B点瞬时速度大小约为0.02m/s【答案】BC【解

10、析】【详解】A在记录运动轨迹时，研究的问题是人运动的轨迹，而人的尺寸和大小对于人所运动的轨迹而言可以忽略，因此在研究该问题时可以把人看成质点，故A错误；B位移大小指从初位置指向末位置的有向线段的长度，方向为初位置指向末位置，由此可知AB间的距离约为40m是指人发生的位移大小，故B正确；C根据已知条件可得平均速率为故C正确；D根据已知条件可得平均速度为可知，平均速度大小约为0.02m/s，而不是B点的瞬时速度，故D错误。故选BC。11. 如图所示，一轻弹簧竖直固定在水平面上。一小球从某高处自由落下，从小球接触弹簧到运动至最低点过程中，下列关于小球的说法正确的是（） A. 速度先增大后减小B. 加

11、速度一直减小C. 所受弹力一直增大D. 在最低点时受力平衡【答案】AC【解析】【详解】小球接触弹簧后受重力和弹簧的弹力，根据牛顿第二定律弹簧被压缩后，弹力逐渐增大，可知加速度逐渐减小，当弹力和重力相等时，加速度为零，速度最大，之后，弹簧继续被压缩，弹力继续增大，根据牛顿第二定律可知加速度反向增大，速度为零时，弹簧被压缩最短，弹力最大，反向加速度最大。综合上述分析可知小球速度先增大后减小、加速度先减小后反向增大、弹力一直增大，在最低点时加速度不为零，受力不平衡。故选AC。12. 如图所示，一条轻绳跨过定滑轮，绳两端各系质量为m和2m的物体A和B，用手压住物体A，使A、B均处于静止状态，不考虑一切

12、阻力。由静止释放物体A，在其向右运动s的过程中（A未与滑轮碰撞且B未落地），下列选项正确的是（） A. A、B间拉力大小为2mgB. 物体B减少的重力势能等于物体A增加的动能C. 物体B减少的重力势能为2mgsD. 物体B减少的机械能为【答案】CD【解析】【详解】A对A分析对B分析解得故A错误；B由于AB构成的系统机械能守恒，B减少的重力势能等于AB增加的动能，故B错误；C物体B重力做正功大小为故物体B减少的重力势能为2mgs，故C正确；D拉力对B做负功，机械能减少，物体B减少的机械能为故D正确。故选CD。三、实验题（本题共2小题，其中13题8分，14题10分，共18分。）13. 某兴趣小组在

13、探究小车加速度a与质量m的关系实验中，平衡摩擦力后，得到的部分纸带数据如图所示，所用交变电流的频率为50Hz，相邻两计数点间有四个点未画出，根据图中的数据，回答下列问题：（1）打下点2时，小车的速度大小为_m/s，求出小车的加速度大小为_m/s2。（结果均保留两位有效数字） （2）保持小车所受的拉力不变，改变小车质量m，分别测出不同质量时小车加速度a的数据如下表：次数12345质量m/kg0.250.290.330.400.50加速度0.6180.5570.4820.4030.317质量倒数4.003.453.032.502.00请在坐标纸中作出图像_ 根据图像，可以得到的结论是：_。【答案】

14、 . 0.13 . 0.60 . 见解析 . 保持小车所受的拉力不变，小车的加速度与小车的质量成反比【解析】【详解】（1）1相邻两计数点间有四个点未画出，则相邻计数点的时间间隔为根据匀变速直线运动中间时刻速度等于该段过程的平均速度，则打下点2时，小车的速度大小为2根据逐差法可知，小车的加速度大小为（2）3根据表格数据，作出图像如图所示 4由于图像是一题过原点的倾斜直线，说明与成正比；所以可以得到的结论是：保持小车所受的拉力不变，小车的加速度与小车的质量成反比。14. 用气垫导轨验证机械能守恒定律的实验，先把导轨调成水平，然后用垫块把导轨的一端垫高H，如图所示。滑块m上面装有宽为d的挡光片，让它

15、由轨道上端任一位置滑下，测出它通过光电门G1和G2时的速度。 （1）通过G1和G2的挡光时间分别为和，则滑块通过G1和G2的速度v1=_，v2=_，及在这段过程中动能的增加量=_（用d、m表示）。（2）由图可知，其中H、L、s已知，则滑块通过这段过程中的重力势能减少量_（用H、L、s、m、g表示）。（3）实验结果得出，就可验证_。（4）实验时，s值应取_（选填“大”或“小”）些，可减少滑块克服阻力做的功，使结果与两个值近似相等。【答案】 . . . . . 滑块下滑过程中机械能守恒 . 小【解析】【详解】（1）12通过G1和G2的挡光时间分别为和，则滑块通过G1和G2的速度,3在这段过程中动能

16、的增加量（2）4由图可知，整理得滑块通过这段过程中的重力势能减少量（3）5实验结果得出，就可验证滑块下滑过程中机械能守恒；（4）6实验时，s值应取小些，可减少滑块克服阻力做的功，使结果与两个值近似相等。四、计算题（本题共3小题，其中15题12分，16题14分，17题16分，共42分。要求写出必要的文字叙述和重要的演算过程，只写出结果的不得分。）15. 为了交通安全，公路上行驶的车辆之间要保持安全的距离。汽车在公路上出现故障时，应在汽车后放置三角警示牌（如图所示），以提醒后面的车辆。在某一最高限速为v0=108km/h的路段，一汽车因故障停下来检修，由于当时天气原因导致视线不好，驾驶员只能看清前

17、方70m处的物体，若后方来车司机的反应时间为t0=0.6s。紧急刹车后，汽车轮胎与路面间的动摩擦因数=0.5，重力加速度g=10m/s2，求：（1）紧急刹车后汽车的加速度a大小；（2）若汽车司机把警示牌放在距离车辆50m处，通过计算判断后方来车是否会与故障汽车发生碰撞？ 【答案】（1）5m/s2；（2）不会【解析】【详解】（1）紧急刹车后汽车的加速度a大小（2）当后方来的司机看到警示牌时距离故障车s=70m+50m=120m后方来车从发现故障车到停止运动的距离则后方来车不会与故障汽车发生碰撞。16. 如图所示，半径为R的光滑半圆轨道CDE在竖直平面内与光滑水平轨道AC相切于C点，一轻质弹簧左端

18、固定在水平轨道A处的挡板上，右端自然伸长到B点，B点与轨道最低点C相距3R，用一质量为m的小球压缩弹簧（小球与弹簧不连接），在弹性限度内将弹簧压缩后由静止释放，小球沿轨道恰能通过最高点E。求：（1）小球通过最高点E时的速度vE大小；（2）小球在水平轨道上的落点与C点的距离x；（3）释放小球时弹簧的弹性势能Ep。 【答案】（1）；（2）2R；（3）【解析】【详解】（1）小球沿轨道恰能通过最高点E，则有解得（2）小球飞出后做平抛运动，则有解得（3）根据能量守恒定律有解得17. 如图所示，一半径为R的光滑圆弧轨道固定在水平面上，圆弧轨道末端B点与长木板上表面相切，长木板与地面之间无摩擦。将质量为m=

19、1kg的小滑块，从圆弧轨道的最高点A由静止释放，经最低点B滑上长木板时无能量损失。已知长木板质量M=2kg，且长木板足够长。从小滑块到达B点开始计时，长木板的v-t图像如右图所示，g取10m/s2。求：（1）滑块经过B点时对圆弧轨道的压力F压大小；（2）滑块与长木板之间的动摩擦因数；（3）滑块在长木板上滑过的距离。 【答案】（1）30N；（2）0.2；（3）1.5m【解析】【详解】（1）小滑块从A到B过程中，根据动能定理有滑块经过B点时，根据牛顿第二定律有解得根据牛顿第三定律可知滑块经过B点时对圆弧轨道的压力F压大小为30N；（2）根据牛顿第二定律可知长木板的加速度为由图可知1s后共速，则有解得（3）根据动量守恒定律有根据能量守恒定律有解得