2021版高考物理一轮复习考点集训四十第1节电磁感应现象楞次定律含解析.docx

1、考点集训(四十)第1节电磁感应现象楞次定律A组1科学发现或发明是社会进步的强大推动力，青年人应当崇尚科学在下列关于科学发现或发明的叙述中，存在错误的是()A奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电与磁的联系B法拉第不仅提出了场的概念，而且直观地描绘了场的清晰图象C安培发现了电磁感应现象D楞次在分析许多实验事实后提出，感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化解析 奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电与磁的联系，选项A正确；法拉第不仅提出了场的概念，而且直观地描绘了场的清晰图象，B正确；法拉第发现了电磁感应现象，选项C错误；楞次在分析许多实验事实后提出，感应电流具有这样的

2、方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，选项D正确答案 C2如图，a、b、c三个上下平行的圆形线圈同轴水平放置，现闭合b线圈中的开关S，则在闭合S的瞬间，由上向下观察()Aa、c线圈中无感应电流Ba、c线圈中的感应电流都沿顺时针方向Ca、c线圈中的感应电流都沿逆时针方向Da、c线圈中感应电流的方向相反解析 闭合S时，b线圈中电流由上向下观察沿逆时针方向，根据安培定则穿过a、c线圈的磁场方向向上，磁通量增大，根据楞次定律，感应电流的磁场方向向下，由安培定则判断，由上向下观察a、c线圈的感应电流均为顺时针方向；故选B.答案 B3(多选)如图所示，水平桌面上放有一铜板，铜板上方有一

3、条形磁铁若铜板始终处于静止状态，则()A当条形磁铁静止在铜板上方时，铜板对桌面的压力大于铜板受到的重力B当条形磁铁向下运动时，铜板对桌面的压力大于铜板受到的重力C当条形磁铁向右运动时，铜板对桌面的摩擦力向右D当条形磁铁向左运动时，桌面对铜板的摩擦力向左解析 当条形磁铁静止在铜板上方时，穿过铜板的磁通量不变，铜板对桌面的压力等于铜板受到的重力，故A错误；当条形磁铁向下运动时，穿过铜板的磁通量增大，铜板与磁铁之间存在排斥力，所以对桌面的压力大于铜板受到的重力，故B正确；当条形磁铁向右运动时，根据楞次定律“来拒去留”铜板有相对于桌面向右运动的趋势，所以铜板对桌面的摩擦力向右，故C正确；当条形磁铁向左

4、运动时，根据楞次定律“来拒去留”，铜板有相对于桌面向左运动的趋势，所以桌面对铜板的摩擦力向右，故D错误答案 BC4如图所示，1831年法拉第把两个线圈绕在一个铁环上，A线圈与电源、滑动变阻器R组成一个回路，B线圈与开关S、电流表G组成另一个回路通过多次实验，法拉第终于总结出产生感应电流的条件关于该实验下列说法正确的是()A闭合开关S的瞬间，电流表G中有ab的感应电流B闭合开关S的瞬间，电流表G中有ba的感应电流C闭合开关S，滑动变阻器的滑片向左滑的过程中，电流表G中有ab的感应电流D闭合开关S，滑动变阻器的滑片向左滑的过程中，电流表G中有ba的感应电流解析 因为左端线圈产生恒定的磁场，所以右侧

5、线圈中的磁通量不发生变化，闭合开关瞬间不会产生感应电流，AB错误；闭合开关S，滑动变阻器的滑片向左滑的过程中，回路电阻变大，电流变小，产生磁场强度变小，根据右手定则可以判断，B线圈感应电流产生的磁场向下，根据右手定则判断流经电流表的电流为ba，C错误D正确答案 D5如图所示，一有限范围的匀强磁场宽度为d5 cm，若将一个边长L1 cm的正方形导线框以速度v1 cm/s匀速通过磁场区域，则导线框中无感应电流的时间为()A1 s B2 sC4 s D无法计算解析 导线框完全在磁场中时，导线框不产生感应电流，此过程的路程sdL，则无感应电流的时间t4 s，C正确答案 C6如图所示， a、 b 为两弹

6、性金属线圈，线圈 a 套在通电螺线管外部，线圈 b 置于通电螺线管的内部，两线圈所在平面都垂直于通电螺线管的轴线，通电螺线管中的电流方向如图所示当通电螺线管中的电流增大时，对两线圈中的感应电流方向和缩扩情况说法正确的是()A自左向右看， a 线圈中的感应电流方向为顺时针B自左向右看， b 线圈中的感应电流方向为顺时针Ca 线圈会扩张Db 线圈会扩张解析 通电螺线管中的电流增大时，穿过线圈a的磁通量向右增加，根据楞次定律可知，a中产生的感应电流方向为逆时针；穿过线圈b的磁通量向右增加，根据楞次定律可知，b中产生的感应电流方向为逆时针，选项AB错误；因螺线管外部磁场向左，根据左手定则可知，a线圈的

7、各个小段均受到向外的磁场力，有扩张的趋势，选项C正确；同理可知因螺线管内部磁场向右，根据左手定则可知，a线圈的各个小段均受到指向圆心向里的磁场力，有收缩的趋势，选项D错误答案 C7如图甲所示为“研究电磁感应现象”的实验装置(1)将图甲中所缺的导线补接完整(2)如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏转了一下，那么闭合开关后进行下述操作时可能出现的情况是：将通电线圈迅速插入感应线圈时，灵敏电流计指针将向_偏转；通电线圈插入感应线圈后，将滑动变阻器的滑片迅速向左滑动时，灵敏电流计指针将向_偏转(3)如图乙所示，A、B分别表示通电线圈和感应线圈，若感应线圈B中产生顺时针方向的感应电流，可能是因为_

8、A通电线圈中通入顺时针方向的电流，且正从感应线圈中取出B通电线圈中通入顺时针方向的电流，且其中的铁芯正被取出C通电线圈中通入顺时针方向的电流，且正将滑动变阻器的阻值调小D通电线圈中通入逆时针方向的电流，且正在断开电源解析 (1)将电源、开关、滑动变阻器、线圈串联成一个回路，再将电流计与感应线圈串联成另一个回路，注意滑动变阻器接“一上一下”两个接线柱，实验电路如图所示：(2)闭合开关时灵敏电流计的指针向右偏转了一下，说明穿过感应线圈的磁通量增加时，指针向右偏转；将通电线圈迅速插入感应线圈时，穿过感应线圈的磁通量增加，灵敏电流计的指针将向右偏转通电线圈插入感应线圈后，将滑动变阻器的滑片向左滑动时，

9、滑动变阻器接入电路的电阻增大，回路中电流减小，穿过感应线圈的磁通量减少，则灵敏电流计的指针将向左偏转(3)若感应线圈中产生顺时针方向的感应电流，由安培定则可知，感应电流产生的磁场方向垂直于纸面向里；若通电线圈通入顺时针方向的电流且正从感应线圈中取出，则穿过感应线圈的磁通量垂直于纸面向里减小，由楞次定律可知，感应线圈产生顺时针方向的感应电流，故A正确；如果通电线圈通入顺时针方向的电流且其中的铁芯正被取出，则穿过感应线圈的磁通量垂直于纸面向里减小，由楞次定律可知，感应线圏产生顺时针方向的感应电流，故B正确；如果通电线圈通入顺时针方向的电流且将滑动变阻器的阻值调小，则穿过感应线圈的磁通量垂直于纸面向

10、里增大，由楞次定律可知，感应线圈产生逆时针方向的感应电流，故C错误；如果通电线圈通入逆时针方向的电流且正在断开电源，则穿过感应线圈的磁通量垂直于纸面向外减小，由楞次定律可知，感应线圈产生逆时针方向的感应电流，故D错误答案 (1)见解析(2)右左(3)ABB组8(多选)如图所示，两同心金属圆环共面，其中大闭合圆环与导轨绝缘，小圆环的开口端点与导轨相连，平行导轨处在水平面内，磁场方向竖直向下，金属棒ab与导轨接触良好，为使大圆环中产生图示电流，则ab应当()A向右加速运动 B向右减速运动C向左加速运动 D向左减速运动解析 大圆环中逆时针电流对应的感应磁场方向垂直纸面向外，根据楞次定律要想产生垂直纸

11、面向外的磁场，那么可能是小圆中磁场方向向外在减小，即导体棒向右减速运动；也可能是小圆中的磁场方向向里在增强，即导体棒向左加速运动，故BC正确答案 BC9如图所示，同一水平面内有一金属圆线圈M和一带正电橡胶圆环N，当N绕其圆心在水平面内顺时针加速转动时，可判断出M环中产生的感应电流方向及M变化趋势是()A逆时针；收缩 B逆时针；扩张C顺时针；收缩 D顺时针；扩张解析 当带正电的绝缘圆环N顺时针加速旋转时，相当于顺时针方向电流，并且在增大，根据右手定则，其内(金属圆环N内)有垂直纸面向里的磁场，其外(金属圆环M处)有垂直纸面向外的磁场，并且磁场的磁感应强度在增大，金属圆环M包围的面积内的磁场的总磁

12、感应强度是垂直纸面向里(因为向里的比向外的磁通量多，向里的是全部，向外的是部分)而且增大，根据楞次定律，M中产生的感应电流的磁场垂直纸面向外，所以M中产生逆时针方向的感应电流，根据左手定则，磁场对电流的作用力向外，所以具有扩张趋势，故B正确答案 B10(多选)沿着光滑的长直水平轨道放一个条形磁铁，质量为M，它的正前方隔一定距离在轨道上再放质量为m的铝块给铝块一个初速度v0使它向着磁铁一个磁极运动，如图假如有碰撞时认为不损失机械能且只考虑在轨道上的情况，以下说法可能的是()A铝块将保持v0不变撞到磁铁上B铝块的速度减到 为止C铝块与磁铁最后的总动能是mvD铝块和磁铁将沿同方向运动解析 由于铝块的移动，导致产生感应电动势，从而产生感应电流，出现安培阻力，使其速度越来越小，故A错误；铝块与磁铁组成的系统动量守恒，当两者速度相等时，穿过铝块磁通量不变，不产生感应电流，没有安培阻力，两者沿同一方向匀速运动由动量守恒定律得mv0(mM)v，解得v，故BD正确；铝块与磁铁相对运动过程中，一部分机械能转化为电能，最终转化为内能，则铝块与磁铁最后的总动能小于mv，故C错误答案 BD