2022届高考物理一轮复习知识点全方位练习：电磁感应现象、楞次定律.docx

1、2022届高考物理一轮复习知识点全方位练习：电磁感应现象、楞次定律􀳊 基础达标􀳊1.人教版必修第三册改编 从奥斯特发现电流周围存在磁场后,法拉第坚信磁一定能生电.他使用如图所示的装置进行实验研究,但经过了10年都没发现“磁生电”.主要原因是()A.励磁线圈A中的电流较小,产生的磁场不够强B.励磁线圈A中的电流是恒定电流,不会产生磁场C.感应线圈B的匝数较少,产生的电流很小D.励磁线圈A中的电流是恒定电流,产生稳恒磁场2.(多选)如图所示,一轻质绝缘横杆两侧各固定一金属环,横杆可绕中心点自由转动.拿一个条形磁铁插向其中一个小环后,又取出插向另一个小环,看到的现

2、象及现象分析正确的是()A.磁铁插向左环,横杆发生转动B.磁铁插向右环,横杆发生转动C.磁铁插向左环,左环中不产生感应电动势和感应电流D.磁铁插向右环,右环中产生感应电动势和感应电流3.人教版选择性必修第二册改编 如图所示,导线框abcd与直导线在同一平面内,直导线通有恒定电流I,在线框由左向右匀速通过直导线过程中,线框中感应电流的方向()A.先为abcd,后为dcba,再为abcdB.先为abcd,后为dcbaC.始终为dcbaD.先为dcba,后为abcd,再为dcba4.(多选)如图所示,在两根竖直放置的平行长直导线M、N中通入大小、方向均相同的恒定电流,圆形导线框在图示位置,线框和两导

3、线在同一竖直平面(纸面)内.下列说法正确的是()A.若线框从图示位置由静止释放,则线框做直线运动B.若线框从图示位置由静止释放,则线框做曲线运动C.若线框沿着水平方向从右向左在两导线间匀速移动,则线框中感应电流一直沿逆时针方向D.若线框沿着水平方向从右向左在两导线间匀速移动,则线框中感应电流先沿逆时针方向,后沿顺时针方向5. 如图所示,两个闭合的金属环穿在一根光滑的绝缘杆上,当条形磁铁的S极自右向左插向圆环时,圆环的运动情况是()A.两圆环同时向左移动,间距变大B.两圆环同时向左移动,间距变小C.两圆环同时向右移动,间距变小D.两圆环同时向左移动,间距不变􀳊 技能提升

4、51850;6. 某同学学习了电磁感应相关知识之后,做了如下探究性实验:将闭合线圈按图所示方式放在电子秤上,线圈正上方有一N极朝下竖直放置的条形磁铁,手握磁铁在线圈的正上方静止,此时电子秤的示数为m0.下列说法正确的是()A.将磁铁N极加速插向线圈的过程中,电子秤的示数小于m0B.将静止于线圈内的磁铁匀速抽出的过程中,电子秤的示数大于m0C.将磁铁N极加速插向线圈的过程中,线圈中产生的电流沿逆时针方向(俯视)D.将磁铁N极加速插向线圈的过程中,线圈中产生的电流沿顺时针方向(俯视)7.(多选) 现在人们可以利用无线充电板为手机充电.如图所示为无线充电板充电原理示意图,充电板接交流电源,对充电板供

5、电,充电板内的送电线圈可产生交变磁场,从而使手机内的受电线圈产生交变电流,再经整流电路转变成直流电后对手机电池充电.若在某段时间内,磁场垂直于受电线圈平面向上穿过线圈,其磁感应强度增加,则下列说法正确的是()A.c点电势高于d点电势B.c点电势低于d点电势C.感应电流方向为c受电线圈dD.感应电流方向为d受电线圈c8.人教版选择性必修第二册改编 把两个线圈绕在一个铁环上,A线圈与电源、滑动变阻器R组成一个闭合回路,B线圈与开关S、电流表G组成另一个回路,实验电路如图所示.关于该实验,下列说法正确的是()A.闭合开关S的瞬间,电流表G中有ab的感应电流B.闭合开关S的瞬间,电流表G中有ba的感应

6、电流C.闭合开关S后,在增大R接入电路阻值的过程中,电流表G中有ab的感应电流D.闭合开关S后,在增大R接入电路阻值的过程中,电流表G中有ba的感应电流9.(多选) 甲、乙、丙、丁四个铜制线圈按照如图所示的位置固定在同一绝缘竖直平面上,通电直导线AB固定在乙线圈中央的正前方且足够长.若导线AB中电流I增大,则下列说法正确的是()A.甲线圈有扩张的趋势B.乙线圈中感应电流始终为零C.丙线圈中感应电流方向为顺时针D.丁线圈有远离导线AB的趋势10.(多选)航母上飞机弹射起飞是利用电磁驱动来实现的.电磁驱动原理如图所示,当固定线圈上突然通有直流电流时,线圈端点的金属环就会被弹射出去.现在固定线圈左侧

7、同一位置先后放有用横截面积相等的铜导线和铝导线制成的形状、大小相同的两个闭合金属环,且电阻率铜I2,不计匀强磁场对导线ab和cd的作用,用F1和F2分别表示导线cd对ab的安培力大小和ab对cd的安培力大小.下列说法中正确的是()A.若MN向左运动,则ab与cd两导线相互吸引,F1=F2B.若MN向右运动,则ab与cd两导线相互吸引,F1=F2C.若MN向左运动,则ab与cd两导线相互吸引,F1F2D.若MN向右运动,则ab与cd两导线相互吸引,F1F212.(多选) 竖直放置的长直密绕螺线管接入如图甲所示的电路中,通有俯视顺时针方向的电流,其大小按如图乙所示的规律变化.螺线管内中间位置固定一

8、水平放置的硬质闭合金属小圆环(未画出),圆环轴线与螺线管轴线重合.下列说法正确的是()A.t=T4时刻,圆环有扩张的趋势B.t=T4时刻,圆环有收缩的趋势C.t=T4和t=3T4时刻,圆环内的感应电流大小相等D.t=3T4时刻,圆环内有俯视逆时针方向的感应电流13.如图所示,通电螺线管置于水平放置的光滑平行金属导轨MN和PQ之间,ab和cd是放在导轨上的两根金属棒,它们分别静止在螺线管的左、右两侧.现使滑动变阻器的滑片向左滑动,则ab和cd的运动情况分别是() A.ab向左运动,cd向右运动B.ab向右运动,cd向左运动C.ab、cd都向右运动D.ab、cd都保持静止第26讲电磁感应现象、楞次

9、定律1.D【解析】 励磁线圈A中的电流是恒定电流,产生稳恒磁场,穿过线圈B的磁通量不发生变化,不产生感应电流,D正确.2.BD【解析】 左环不闭合,磁铁插向左环时,产生感应电动势,不产生感应电流,环不受力,横杆不转动,故A、C错误;右环闭合,磁铁插向右环时,环内产生感应电动势和感应电流,环受到磁场的作用力,横杆转动,故B、D正确.3.D【解析】 通电直导线周围磁场分布如图所示,根据楞次定律和安培定则判断,选项D正确.4.AC【解析】 线框从图示位置由静止释放后,在重力作用下向下运动,穿过线框的磁通量不变,故不产生感应电流,一直只受到重力,因此线框做直线运动,A正确,B错误;线框从右向左移动时,

10、穿过线框的磁通量先向外减小,再向里增加,根据楞次定律和安培定则可判断,线框中感应电流一直沿逆时针方向,C正确,D错误.5.B【解析】 当磁铁的S极靠近时,穿过两圆环的磁通量变大,由楞次定律可知,两圆环的感应电流方向都是顺时针方向(从右向左看),根据左手定则可知,两圆环受到磁铁向左的安培力,远离磁铁,即向左移,由于两圆环的电流方向相同,所以两圆环相互吸引,间距变小,故B正确,A、C、D错误.6.C【解析】 将条形磁铁插向线圈或从线圈中抽出的过程中,穿过线圈的磁通量发生了变化,线圈中产生了感应电流,线圈与条形磁铁会发生相互作用,根据楞次定律的推论“来拒去留”可知,在将磁铁插向线圈(无论是匀速、加速

11、还是减速)的过程中,线圈与磁铁相互排斥,导致电子秤的示数大于m0,在抽出磁铁(无论是匀速、加速还是减速)的过程中,线圈与磁铁相互吸引,导致电子秤的示数小于m0,故A、B错误;根据楞次定律和安培定则可判断,将一条形磁铁的N极加速插向线圈时,线圈中产生的感应电流方向为逆时针方向(俯视),故C正确,D错误.7.BC【解析】 根据楞次定律可知,受电线圈相当于电源,产生的感应电流方向为顺时针(俯视),受电线圈中感应电流方向为c受电线圈d,所以c点的电势低于d点的电势,故A、D错误,B、C正确.8.D【解析】 闭合S的瞬间,穿过B的磁通量没有变化,G中无感应电流,选项A、B错误.当闭合S后,若R接入电路的

12、阻值增大,则A中电流减小,由右手螺旋定则知,穿过B的磁通量向下且减小,由楞次定律和安培定则可判断,G中电流方向为ba,故选项C错误,D正确.9.BD【解析】 电流从左向右通入导线AB中,根据右手螺旋定则可知,导线AB上方磁场垂直于纸面向外,下方磁场垂直于纸面向里,甲线圈在导线AB上方,当电流增大时,穿过甲线圈的磁通量增强,根据楞次定律的“增缩减扩”可知,甲线圈有收缩的趋势,故A错误;导线AB放在乙线圈中间位置,则在乙线圈中上下两侧的磁通量相互抵消,磁通量为零,当电流增大时,磁通量不变,所以没有感应电流,故B正确;导线AB在丙线圈中间偏上,则在丙线圈中上下两侧的磁通量部分抵消,整体磁通量向里,因

13、电流增大,则向里的磁通量增大,根据楞次定律的“增反减同”可知,丙线圈的感应电流方向为逆时针,故C错误;丁线圈在导线AB下方,当电流增大时,向里的磁通量增大,为阻碍增大,丁线圈有远离导线AB的趋势,故D正确.10.AB【解析】 闭合开关S的瞬间,金属环中向左的磁通量增大,根据楞次定律和安培定则可判断,从左侧看,环中产生沿顺时针方向的感应电流,A正确;由于电阻率铜铝,先后放上用横截面积相等的铜导线和铝导线制成的形状、大小相同的两个闭合环,铜环中产生的感应电流大于铝环中产生的感应电流,由安培力公式可知,铜环受到的安培力大于铝环受到的安培力,B正确;若将金属环置于线圈右侧,则闭合开关S的瞬间,环将向右

14、弹射,C错误;电池正、负极调换后,同理可以得出金属环仍向左弹射,D错误.11.B【解析】 导体棒MN向左运动时,由右手定则可判断,cd中感应电流方向为由d到c,而ab中的电流方向是由a到b的,即ab、cd中电流方向相反,则两导线相互排斥,故选项A、C错误;MN向右运动时,由右手定则可判断,cd中的感应电流方向为由c到d,而ab中的电流方向是由a到b的,故两导线相互吸引,根据力的作用是相互的,可知这两个力大小相等,故选项B正确,选项D错误.12.BC【解析】 t=T4时刻,螺线管中通有顺时针逐渐增大的电流,则螺线管中由电流产生的磁场方向向下且磁感应强度逐渐增强,由楞次定律可知,圆环有收缩的趋势,

15、A错误,B正确;t=3T4时刻,螺线管中通有顺时针逐渐减小的电流,则螺线管中由电流产生的磁场方向向下且磁感应强度逐渐减小,由楞次定律可知,圆环中产生的感应电流为俯视顺时针,D错误;t=T4和t=3T4时刻,螺线管中电流的变化率一致,即由螺线管电流产生的磁场变化率一致,则圆环中的感应电流大小相等,C正确.13.A【解析】 由安培定则可判断,螺线管中磁感线方向向上,金属棒ab、cd处的磁感线方向均向下,当滑片向左滑动时,螺线管中电流增大,因此磁场变强,即磁感应强度变大,回路中的磁通量增大,由楞次定律可判断,感应电流方向为acdba,由左手定则可判断,ab受到的安培力方向向左,cd受到的安培力方向向右,故ab向左运动,cd向右运动,A正确.