高三物理参考答案--山西.pdf

1、物理参考答案 第 1 页（共 5 页）物理参考答案1【答案】B【解析】设 m1 和 m2 所在部分的绳长分别为 L1 和 L2，绳子拉力为 F，则根据三力平衡知识和相似性得：1212,m gm gFFRLRL，联立可求得1221cot3mLmL，故 B 正确。2【答案】C【解析】设地球质量为 M、半径为 R，近地卫星周期为 T1，同步卫星周期为 T2，则赤道的物体受力2222+()MmGmgmRRT赤，在两极物体受力2MmGmgR极，近地卫星受力2212()MmGmRRT，又因为2124161.51TT，联立以上三式求得255256gg赤极，故 C 正确。3【答案】A【解 析】物 块 下 滑

2、过 程，根 据 牛 顿 第 二 定 律 有mamgmgFcossin，数 学 变 换 得cossin1ggFma，从图像乙可得图线与纵轴的截距为负值，即0cossingg，解得tan，选项 A 正确；从Fa 的函数关系式可得图线的斜率为 m1，与斜面的倾角 无关，所以选项C、D 均错误。4【答案】D【解析】在三角形 AOE 中，根据余弦定理2222cos30OEAOAEAO AE，解得 OEL，所以三角形 AOE 为等腰三角形，则30AEO，120AOE，作出 O 点法线，如图所示，根据几何关系可得光线在 O 点入射角为 60i，折射角为 30r，A 项正确；根据光的折射定律，玻璃砖的折射率3

3、30sin60sinsinsinrin，B 项正确；设发生全反射的临界角为 C，则331sin nC，根据几何关系可得在 AC 面上的入射角为60，332360sin，所以在 AC 面上发生全反射，光不从 AC 面射出，C 项正确；作出 BC 面上入射光线 EF,如图所示，根据几何关系可得在 BC 面上的入射角为30，332130sin，所以在 BC 面上不发生全反射，光最先从 BC 面射出，根据几何关系得LAEABAEACCEEF)60sin(32)(3232，光从 OEF 经历的路程为 2L，光在玻璃砖中的速度为33 c，所以最短时间22 333LLtcc，D 项错误。物理参考答案 第 2

4、 页（共 5 页）5【答案】D【解析】这群氢原子自发跃迁时能发出光子频率的种类为246C，即能辐射出 6 种不同频率的光子，而这 6 种光子中只有从 n=4 能级跃迁 n=2 能级时辐射出的能量在可见光范围，选项 A 错误；这群氢原子中从n=4 能级跃迁 n=1 能级时辐射出的能量为 12.75eV，不在可见光光子能量范围之内，选项 B 错误；辐射出的光中从 n=4 能级跃迁到 n=1 能级发出光的频率最大，选项 C 错误；这群氢原子从 n=4 能级跃迁 n=2 能级时辐射出的能量为 2.55eV，小于钙的逸出功 3.2eV，所以不能发生光电效应，选项 D 正确。6【答案】A【解析】因为平抛运

5、动与抛物线运动都是只用重力做功，所以其机械能守恒，故选项 A 正确；平抛运动水平分速度不变，后来在抛物线轨道上运动水平分速度在变大，故选项 BD 错；因为两个运动过程重力做功相同，所以动能增量相同，故选项 C 错误。7【答案】BD【解析】根据向心力来源可知，带电粒子逆时针运动，选项 A 错误，B 正确；粒子开始匀速圆周运动2vqQmBqvkrr，电量 都加 倍后 匀速圆 周运 动224vqQmBqvkrr，联立 以上 两式求 得3 qQBqvk r，故选项 C 错误，D 正确。8【答案】CD【解析】在水平方向上带电小球受力平衡，则有 mgBqv，求得水平速度为0mgvBq，竖直面内匀速圆周运动

6、半径为222mvm gRBqB q，周期为2 mTBq，MN 两点间距离为20222 m gSv Tq B，故选项 A 错误；小球在运动过程中只有重力做功，洛伦兹力不做功，小球的机械能守恒，故选项 B 错误；小球下落的最大高度为22222m gRB q，故选项 C 正确；小球在水平面内是匀速直线运动，竖直面内是匀速圆周运动，小球的加速度大小恒为0Bqvagm向，故选项 D 正确。9【答案】AC【解析】由题意可知，若是恒定加速度启动，当汽车瞬时功率达到额定功率时保持功率不变，再保持功率不变，增大速度牵引力减少，当牵引力与阻力相等时达到最大速度；若是恒定功率启动，增大速度牵引力减少，当牵引力与阻力

7、相等时达到最大速度，如下图所示：vv，。t 1 t。t2 左边是以恒定功率启动时 速度与时间关系，右图是以恒定加速度启动时的速度与时间关系图，且右图中曲线部分延长后与左边相等，所以!2 !1,S2 S1,故选项AC 正确，BD 错误。JO.【答案】ACD【解析】由千导体棒向上运动，所以安培力竖直向上，由左手定则可知 电流从a端流向 b端，所以a端是AB 正极，b端是负极，故选项A正确；若B 1=10t(T)由 电磁感应定律可求得感应电动势为E=nS=lOV,At E 感应电流为1=5A,导体棒受到的 安培力为F=Bi!L=0.02N,小于导体棒的重力0.05N,导体棒不R+r 会脱离a、b两端

8、点，故 B 选项错误；由楞次定律和左手定则可知凡的方向应该是竖直向下，故 C选项正确；由导体棒可以上升5cm,得导体棒脱离速度为v=五石 lm/s,对导体棒用动显 定理，mv=-mgt区B2ILAt，通过导体棒的电量不会少千l.25C,故 D选项正确。11.(9分）【答案】（I)匀速(2分）(2)A、B 和C(2分）H mgh=-;:(2M+m)（2 2 2)（3分）（3)摩擦阻力和空气阻力对系统做负功(2分）【解析】由题意可知，AB继续向下运动过程中应该是匀速直线运动；要验证系统机械能守恒，则研究对H 象应该是 ABC，机械能守恒定律表达式为mgh=(2M+m)（守；若重力势能减少显大千动能

9、增加械，2 则可能转轴的摩擦力或空气阻力对系统做负功引起的。l2.（l1分）【答案】(1)50 0(3分）（2)10(3分）（3)满刻度(2分）（4)不变(3分）【解析】（I)当电流表满偏时 电路中电流为 I=lOOmA,由闭合电路欧姆定律得 电路中总电阻为R滑 r+R。=350，由题意可求得R滑10 0,当电流半偏时，电路中总电阻为R滑 r+Rx=2 =700,可求得Rx=50 0。(2)若电流表示数为I=20mA,由闭合电路欧姆定律可求得，R滑 r+R1=7=1750,求得此时 压敏电阻阻值为R1=1550,因为R1=R。+kmg,根据题目中条件求得m=lOkg。(3)若电源电动势不变，内

10、阻变大，其他条件不变，则 电路调零之后 总电阻没有变化，测翟结果没有误差。2 13.(13分）【答案】(l)R(2):-R 3【解析】设小球经过圆管D点的速度为VD,小球经过D点时与圆管间的压力大小为mg,因为小球在D点有 速度，所以圆管对小球的压力竖直向下，有：物理参考答案第3页（共5页）VD2 2mg=m R 1 小球从 D 飞出做平抛运动，竖直方向：R=gt。22(2分）(2分）水平方向：OP=AB+R=v0t。（2分）联立G炬）并代入数据解得：AB=R(1分）(2)设小球与圆管之间弹力为零时速度为 V,小球与圆心连线与竖直方向夹角为0,由动能定理得：1 mgR(l-cos 0)=mv2

11、 2(2分）V 2 小球此时圆周运动向心力为mgcos0=m-R 联立式解得：cosO=2 3 此时小球到圆心高度为h=Rcos0=:.R 2 3(2分）(1分）(1分）14.Cl I分）【答案】d=0.9L【解析】初始状态AB两气体压强相等，与外界大气压相等且均为po,活塞M在没有到达卡环之前两气体压强不变，设活塞M刚好到达卡环时气体B温度为T，活塞M为导热活塞，则气体A 温度不变，压强不变，(2分）则体积也不变，即两活塞之间的距离还为L，则气体B的体积变为Va=C3L+0.5L)S 3LS V To=300K，对气体B，根据查理定律 且T T(2分）解得T=350K(1分）T l=4OOK

12、T,即活塞M已到达卡环，气体的压强要发生变化。设此时两气体的压强为pl，两活塞之间的距离为d,对气体A,根据玻意耳定律有p。LS=p1dS Cl分）气体B的体积变为VBI=(3L+L+0.5L-d)S C 2分）对气体B，根据理想气体状态方程有 P。x3LS乌t(2分）以上各式联立解得d=0.9L Cl分）15.(16分）【答案】I=【解析】该微粒受到重力mg、洛伦兹力FB、库仑力FE 三个力的作用，方向如图所示。+lq，仿飞j hi I Br)-y无物理参考答案第4页（共5页）物理参考答案 第 5 页（共 5 页）22EqFk R（1 分）BFqvB（1 分）vr（1 分）由几何关系tanrh（2 分）coshR（1 分）微粒沿在 z 轴方向上受力平衡cos0EFmg（2 分）微粒在 x O y 平面内做圆周运动2sinEBFFmr（2 分）联立，解得220gghh（2 分）解得(21)gh 或(21)gh （不合题意，舍去）（2 分）微粒圆周运动的周期2T（1 分）等效电流强度212qqgITh（1 分）