【中考12年】浙江省绍兴市2001-2022年中考数学试题分类解析 专题12 押轴题.docx

1、【中考12年】浙江省绍兴市2022-2022年中考数学试题分类解析 专题12 押轴题一、选择题1. （2022年浙江绍兴3分）如图，梯形ABC中，ADBC（ADBC，AC、BD交于点O，若，则AOD与BOC的周长比是【 】（A）1：2 （B）2：3 （C）3：4 （D）4：52. （2022年浙江绍兴3分）抛物线与x轴交于A，B两点，Q（2，k）是该抛物线上一点，且AQBQ，则ak的值等于【 】（A）1 （B）2 （C）2 （D）3【答案】A。【考点】二次函数综合题，曲线上点的坐标与方程的关系，一元二次方程根与系数的关系，射影定理，整体思想的应用。【分析】设A点坐标为（x1，0），（x2，0）

2、，且x2x1， 令，则。3. （2022年浙江绍兴4分）如图，有一矩形纸片ABCD，AB=10，AD=6，将纸片折叠，使AD边落在AB边上，折痕为AE，再将AED以DE为折痕向右折叠，AE与BC交于点F，则CEF的面积为【 】A4B6C8D104. （2022年浙江绍兴4分）如图，一张长方形纸沿AB对折，以AB中点O为顶点将平角五等分，并沿五等分的折线折叠，再沿CD剪开，使展开后为正五角星（正五边形对角线所构成的图形）.则OCD等于【 】A108B144C126D1295. （2022年浙江绍兴4分）小敏在今年的校运动会跳远比赛中跳出了满意一跳，函数（t的单位：s，h的单位：m）可以描述他跳跃

3、时重心高度的变化，则他起跳后到重心最高时所用的时间是【 】（A）0.71s（B）0.70s（C）0.63s（D）0.36s6. （2022年浙江绍兴4分）如图，正方形OABC，ADEF的顶点A，D，C在坐标轴上，点F在AB上，点B，E在函数的图象上，则点E的坐标是【】A; BC; D7. （2022年浙江绍兴4分）如图的方格纸中，左边图形到右边图形的变换是【 】A向右平移7格B以AB的垂直平分线为对称轴作轴对称，再以AB为对称轴作轴对称C绕AB的中点旋转1800，再以AB为对称轴作轴对称D以AB为对称轴作轴对称，再向右平移7格【答案】D。【考点】轴对称和平移变换。【分析】观察可得：要使左边图形

4、变化到右边图形，首先以AB为对称轴作轴对称，再向右平移7格。故选D。8. （2022年浙江绍兴4分）本学期实验中学组织开展课外兴趣活动，各活动小班根据实际情况确定了计划组班人数，并发动学生自愿报名，报名人数与计划人数的前5位情况如下：小班名称奥数写作舞蹈篮球航模报名人数2152011547665小班名称奥数舞蹈写作合唱书法计划人数120100908070若用同一小班的报名人数与计划人数的比值大小来衡量进入该班的难易程度，则由表中数据，可预测【 】A奥数比书法容易 B合唱比篮球容易C写作比舞蹈容易 D航模比书法容易写作，舞蹈，2.231.54，写作比舞蹈困难，故C错误；航模，书法，航模比书法困难

5、，D错误。故选B。9. （2022年浙江绍兴4分）如图，在x轴上有五个点，它们的横坐标依次为1，2，3，4，5分别过这些点作x轴的垂线与三条直线相交，其中a0则图中阴影部分的面积是【 】A12.5 B25 C12.5a D25a10. （2022年浙江绍兴4分）如图为某机械装置的截面图，相切的两圆O1，O2均与O的弧AB相切，且O1O2l1（l1为水平线），O1，O2的半径均为30mm，弧AB的最低点到l1的距离为30mm，公切线l2与l1间的距离为100mm则O的半径为【 】A70mm B80mm C85mm D100mm【答案】B。【考点】圆与圆的位置关系，平行线的性质，勾股定理。11.

6、（2022年浙江绍兴4分）李老师从“淋浴龙头”受到启发编了一个题目：在数轴上截取从0到3的对应线段AB，实数m对应AB上的点M，如图1；将AB折成正三角形，使点A，B重合于点P，如图2；建立平面直角坐标系，平移此三角形，使它关于轴对称，且点P的坐标为（0，2），PM与轴交于点N（n，0），如图3当m=时，求n的值 你解答这个题目得到的n值为【 】 A、42 B、24 C、 D、ON=42 。故选A。12. （2022年浙江绍兴4分）如图，直角三角形纸片ABC中，AB=3，AC=4，D为斜边BC中点，第1次将纸片折叠，使点A与点D重合，折痕与AD交与点P1；设P1D的中点为D1，第2次将纸片折叠

7、，使点A与点D1重合，折痕与AD交于点P2；设P2D1的中点为D2，第3次将纸片折叠，使点A与点D2重合，折痕与AD交于点P3；设Pn1Dn2的中点为Dn1，第n次将纸片折叠，使点A与点Dn1重合，折痕与AD交于点Pn（n2），则AP6的长为【 】ABC D当n=14时，AP6=。故选A。二、填空题1. （2022年浙江绍兴3分）某种产品的年产量不超过1000吨，该产品的年产量（单位：吨）与费用（单位：万元）之间函数的图象是顶点在原点的抛物线的一部分（如图1所示）；该产品的年销售量（单位：吨）与销售单价（单位：万元/吨）之间函数的图象是线段（如图2所示）若生产出的产品都能在当年销售完，则年产量

8、是 吨时，所获毛利润最大（毛利润：销售额费用）。2. （2022年浙江绍兴3分）如图，梯形ABCD中，ADBC，D=Rt，BC=CD=12，ABE=45，点E在DC上，AE，BC的延长线相交于点F，若AE=10，则的值是 .【答案】30或48。的值是 30或48。3. （2022年浙江绍兴5分）抛物线与x轴的正半轴交于A，B两点，与y轴交于C点，且线段AB的长为1，ABC的面积为1，则b的值是 .3。4. （2022年浙江绍兴5分）用计数器探索：按一定规律排列的一组数：，如果从中选出若干个数，使它们的和大于0.5，那么至少要选 个数.5. （2022年浙江绍兴5分）（以下两小题选做一题，第（1

9、）小题满分5分，第（2）小题满分为3分。若两小题都做，以第（1）小题计分）选做第_小题，答案为_（1）将一副三角板如图叠放，则左右阴影部分面积:之比等于 （2）将一副三角板如图放置，则上下两块三角板面积:之比等于 A1的2条直角边长为x，； A2的两条直角边均为。 A1、A2的面积分别为 ，。上下两块三角板面积之比。 6. （2022年浙江绍兴5分）如图，将边长为1的正方形OAPB沿x轴正方向连续翻转2 006次，点P依次落在点P1，P2，P3，P4，P2022的位置，则P2022的横坐标x2022=7. （2022年浙江绍兴5分）绍兴黄酒是中国名酒之一某黄酒厂的瓶酒车间先将散装黄酒灌装成瓶装

10、黄酒，再将瓶装黄酒装箱出车间，该车间有灌装、装箱生产线共26条, 每条灌装、装箱生产线的生产流量分别如图1、2所示 某日8:0011:00，车间内的生产线全部投入生产，图3表示该时段内未装箱的瓶装黄酒存量变化情况，则灌装生产线有 条【答案】14。【考点】一次函数和一元一次方程的应用。【分析】从图象1、2可以知道灌装和装箱的速度，从图3可知从8：00至11：00灌装比装箱多300瓶。因此，设灌装生产线有x条，装箱生产线有（26x）条，根据题意：，解得x=14，即灌装生产线有14条。8. （2022年浙江绍兴5分）如图中的圆均为等圆，且相邻两圆外切，圆心连线构成正三角形，记各阴影部分面积从左到右依

11、次为S1，S2，S3，Sn，则S12：S4的值等于 9. （2022年浙江绍兴5分）李老师从拉面的制作受到启发，设计了一个数学问题：如图，在数轴上截取从原点到1的对应点的线段AB，对折后（点A与B重合）再均匀地拉成1个单位长度的线段，这一过程称为一次操作（如在第一次操作后，原线段AB上的 均变成 ，变成1，等）那么在线段AB上（除A，B）的点中，在第二次操作后，恰好被拉到与1重合的点所对应的数之和是 【答案】1。【考点】实数和数轴，折叠的性质。【分析】第一次操作后，原线段AB上的均变成，对应点扩大了2倍。第二次操作后，恰好被拉到与1重合的点所对应的数是和。它们的和是1。10. （2022年浙江

12、绍兴5分）水管的外部需要包扎，包扎时用带子缠绕在管道外部若要使带子全部包住管道且不重叠（不考虑管道两端的情况），需计算带子的缠绕角度（指缠绕中将部分带子拉成图中所示的平面ABCD时的ABC，其中AB为管道侧面母线的一部分）若带子宽度为1，水管直径为2，则的余弦值为 11. （2022年浙江绍兴5分）如图，相距2cm的两个点A、B在直线l上它们分别以2cm/s和1cm/s的速度在l上同时向右平移，当点A，B分别平移到点A1，B1的位置时，半径为1cm的A1，与半径为BB1的B相切则点A平移到点A1，所用的时间为s【答案】或3。【考点】圆与圆的位置关系。【分析】设点A平移到点A1，所用的时间为ts

13、，根据题意得：AB=2cm，AA1=2tcm，A1B=1cm，12. （2022年浙江绍兴5分）如图，矩形OABC的两条边在坐标轴上，OA=1，OC=2，现将此矩形向右平移，每次平移1个单位，若第1次平移得到的矩形的边与反比例函数图象有两个交点，它们的纵坐标之差的绝对值为0.6，则第n次（n1）平移得到的矩形的边与该反比例函数图象的两个交点的纵坐标之差的绝对值为 （用含n的代数式表示）【答案】或。【考点】反比例函数综合题，反比例函数的性质，平移的性质，待定系数法，曲线上点的坐标与方程的关系。【分析】设反比例函数解析式为，则与BC，AB平移后的对应边相交时，则由两交点纵坐标之差的绝对值为0.6和

14、反比例函标之差的绝对值为或。三、解答题1. （2022年浙江绍兴10分）光明中学现有校舍面积20000平方米，为改善办学条件，计划拆除部分旧校舍，建造新校舍，使新造校舍的面积是拆除旧校舍面积的3倍还多1000平方米。这样，计划完成后的校舍总面积可比现有校舍面积增加20。已知拆除旧校舍每平方米费用80元，建造新校舍每平方米需费用700元，问完成该计划需多少费用？【答案】解：设需要拆除的旧校舍的面积是x平方米，那么新造校舍的面积是3x+1000平方米，由题意得：20000-x+3x+1000=20000（1+20%），解得：x=1500。3x+1000=5500。完成计划需要的费用为：801500

15、+5500700=3970000元。答：完成该计划需3970000元。【考点】一元一次方程组的应用。【分析】完成计划需要的费用=拆除旧校舍的费用+新建校舍的费用，那么就要先求出拆除旧校舍的面积和建造新校舍的面积，可根据来列方程求解。2. （2022年浙江绍兴13分）在平面直角坐标系xoy中，已知A（2，0），B（3，0），C（5，6），过点C作x轴的平行线交y轴于点D。（1）若直线过B、C两点，求k、b的值。（2）如图，P是线段BC上的点，PA交y轴于点Q，若点P的横坐标为4，求；（3）设点E在线段DC上，AE交y轴于点F，若CEB=AFB，求cosBAE的值。ABF与ABE的底同是AB，且高

16、分别为OF，NE，。【考点】一次函数综合题，待定系数法，直线上点的坐标与方程的关系，相似三角形的判定和性质，3. （2022年浙江绍兴10分）如图，已知平面直角坐标系中三点A（4，0），（0，4），P（x，0）（x0），作PCPB交过点A的直线l于点C（4，y）.（1）求y关于x的函数解析式；（2）当x取最大整数时，求BC与PA的交点Q坐标.【考点】一次函数综合题，待定系数法，直线上点的坐标与方程的关系，相似三角形的判定和性质。【分析】（1）根据题已知点的坐标和图中几何关系，要求y关于x的函数解析式，得找到相似三角形，由图中垂直条件易知BOPPAC，再根据比例关系求出y关于x的函数解析式。（2

17、）由（1）知函数y的解析式，把x取最大整数时的值代入求得y的值，从而求出C点坐标，用待定系数法求出直线BC的解析式即可求得点Q的坐标。4. （2022年浙江绍兴12分）如图，O的直径AB=6，弦CDAB于H（AHHB，分别切O，AB，CD于点E，F，G.（1）已知CH=，求cosA的值；（2）当AFFB=AF+FB时，求EF的长；（3）设BC=m，的半径为n，用含m的代数式表示n.。. 【分析】（1）根据题意，要求cosA的值，根据三角函数的定义知，即求AC：AB的值，由相交弦定理，先求出AH的长，就可以求出AC，又AB已知，cosA的值可求。（2）求EF的长，可以在OEF中找线段相互间的关系

18、，通过AFFB=AF+FB，AF+FB=AB=6，AFFB，可以求出，FB=再求出OF= ，根据题意可以求出E=FOO=30，得出EF=FO= 。（3）用含m的代数式表示n可以通过射影定理，及RtOOF的勾股定理将两者结合，找到函数关系。5. （2022年浙江绍兴12分）如图，BC是半圆的直径，O是圆心，P是BC延长线上一点，PA切半圆于点A，ADBC于点D. （1）若B=30，问：AB与AP是否相等？请说明理由；（2）求证：PDPO=PCPB；（3）若BD：DC=4：1，且BC=10，求PC的长.（3）BD：DC=4：1，且BC=10，BD=8，CD=2。OD=3。6. （2022年浙江绍兴

19、14分）已知AOB=90，OM是AOB的平分线，按以下要求解答问题：（1）将三角板的直角顶点P在射线OM上移动，两直角边分别与边OA，OB交于点C，D.在图甲中，证明：PC=PD；在图乙中，点G是CD与OP的交点，且PG=PD，求POD与PDG的面积之比.（2）将三角板的直角顶点P在射线OM上移动，一直角边与边OB交于点D，OD=1，另一直角边与直线OA，直线OB分别交于点C，E，使以P，D，E为顶点的三角形与OCD相似，在图丙中作出图形，试求OP的长.过P作PHOA，PNOB，垂足分别为H，N，PDEEDC，PDEODC。PDE=ODC。OECPED，PDE=HCP。而PH=PN，RtPHC

20、RtPND（AAS）。【分析】（1）可通过构建全等三角形来求解。可根据相似比来求面积比。 （2）分两种情况进行讨论：当C在OA上上时；当C在OA延长线上时。7. （2022年浙江绍兴12分）课本第五册第65页有一题：已知一元二次方程的两个根满足，且a，b，c分别是ABC的A，B，C的对边.若a=c，求B的度数.小敏解得此题的正确答案“B=120”后，思考以下问题，请你帮助解答.（1）若在原题中，将方程改为，要得到B=120，而条件“a=c”不变，那么应对条件中的的值作怎样的改变？并说明理由.（2）若在原题中，将方程改为（n为正整数，n2），要得到B=120，而条件“a=c”不变，那么条件中的的

21、值应改为多少（不必说明理由）？【答案】（1）。理由如下： 若B=1200，a=c， b=a。【考点】一元二次方程根的判别式和根与系数的关系，等腰三角形的性质，锐角三角函数定义，特殊角的三角函数值。 ，得：。 。C=300。B=1200。8. （2022年浙江绍兴14分）在平面直角坐标系中，A（1，0），B（3，0）.（1）若抛物线过A，B两点，且与y轴交于点（0，3），求此抛物线的顶点坐标；（2）如图，小敏发现所有过A，B两点的抛物线如果与y轴负半轴交于点C，M为抛物线的顶点，那么ACM与ACB的面积比不变，请你求出这个比值；（3）若对称轴是AB的中垂线l的抛物线与x轴交于点E，F，与y轴交于

22、点C，过C作CPx轴交l于点P，M为此抛物线的顶点.若四边形PEMF是有一个内角为60的菱形，求此抛物线的解析式.。作MDx轴于D，【考点】二次函数综合题，待定系数法，曲线上点的坐标与议程的关系，二次函数的性质，菱形的性质，一元二次议程根与系数的关系，锐角三角函数定义，特殊角的三角函数值，分类思想的应用。9. （2022年浙江绍兴12分）E、F为ABCD的对角线DB上三等分点，连AE并延长交DC于P，连PF并延长交AB于Q，如图（1）在备用图中，画出满足上述条件的图形，记为图，试用刻度尺在图、中量得AQ、BQ的长度，估计AQ、BQ间的关系，并填入下表长度单位：cmAQ长度BQ长度AQ、BQ间的

23、关系图中图中 由上表可猜测AQ、BQ间的关系是_（2）上述（1）中的猜测AQ、BQ间的关系成立吗？为什么？（3）若将ABCD改为梯形（ABCD）其他条件不变，此时（1）中猜测AQ、BQ间的关系是否成立？（不必说明理由）【答案】解：（1）画出满足条件的图形，填表如下：AQ长度BQ长度AQ、BQ间的关系图中2.70.9AQ=3BQ图中3.31.1AQ=3BQ猜想：AQ=3QB。10. （2022年浙江绍兴14分）一张矩形纸片OABC平放在平面直角坐标系内，O为原点，点A在x的正半轴上，点C在y轴的正半轴上，OA5，OC4。如图，将纸片沿CE对折，点B落在x轴上的点D处，求点D的坐标；在中，设BD与

24、CE的交点为P，若点P，B在抛物线上，求b，c的值；若将纸片沿直线l对折，点B落在坐标轴上的点F处，l与BF的交点为Q，若点Q在的抛物线上，求l 的解析式。当Q点坐标为（3，2）时，Q点坐标，后同（本题也可先求出直线BQ的解析式，由于直线l垂直BQ，那么直线l的斜率和直线BQ的斜率的积为1，又知直线l过Q点可求出直线l的解析式）。11. （2022年浙江绍兴12分）我们知道，两边及其中一边的对角分别对应相等的两个三角形不一定全等那么在什么情况下，它们会全等?（1）阅读与证明： 对于这两个三角形均为直角三角形，显然它们全等 对于这两个三角形均为钝角三角形，可证它们全等(证明略) 对于这两个三角形

25、均为锐角三角形，它们也全等，可证明如下： 已知：ABC、A1B1C1均为锐角三角形，AB=A1B1，BC=B1Cl，C=Cl 求证：ABCA1B1C1(请你将下列证明过程补充完整)证明：分别过点B，B1作BDCA于D， B1 D1C1 A1于D1. 则BDC=B1D1C1=900， BC=B1C1，C=C1， BCDB1C1D1， BD=B1D1（2）归纳与叙述：由（1）可得到一个正确结论，请你写出这个结论12. （2022年浙江绍兴14分）某校部分住校生，放学后到学校锅炉房打水，每人接水2升，他们先同时打开两个放水笼头，后来因故障关闭一个放水笼头假设前后两人接水间隔时间忽略不计，且不发生泼洒

26、，锅炉内的余水量y(升)与接水时间x(分)的函数图象如图 请结合图象，回答下列问题：（1）根据图中信息，请你写出一个结论；（2）问前15位同学接水结束共需要几分钟?（3）小敏说：“今天我们寝室的8位同学去锅炉房连续接完水恰好用了3分钟”你说可能吗?请说明理由 （3）可能。理由如下：若小敏他们是一开始接水的，则接水时间为828=2（分），13. （2022年浙江绍兴12分）课外兴趣小组活动时，许老师出示了如下问题：如图1，已知四边形ABCD中，AC平分DAB，DAB=60，B与D互补，求证：AB+AD=AC小敏反复探索，不得其解她想，若将四边形ABCD特殊化，看如何解决该问题（1）特殊情况入手添

27、加条件：“B=D”，如图2，可证AB+AD=AC；（请你完成此证明）（2）解决原来问题受到（1）的启发，在原问题中，添加辅助线：如图3，过C点分别作AB、AD的垂线，垂足分别为E、F（请你补全证明）【答案】解：（1）证明：B与D互补，B=D，B=D=90。因此我们可在直角三角形ADC和ABC中得出AD=AB=AC，那么AD+AB=AC。（2）按（1）的思路，作好辅助线后，我们只要证明三角形CFD和BCD全等即可得到（1）的条件根据AAS可证两三角形全等，DF=BE然后按照（1）的解法进行计算即可。14. （2022年浙江绍兴14分）如图，在平面直角坐标系xOy中，O为原点，点A、C的坐标分别为

28、（2，0）、（1，3 ）将AOC绕AC的中点旋转180，点O落到点B的位置，抛物线经过点A，点D是该抛物线的顶点（1）求证：四边形ABCO是平行四边形；（2）求a的值并说明点B在抛物线上；（3）若点P是线段OA上一点，且APD=OAB，求点P的坐标；（4）若点P是x轴上一点，以P、A、D为顶点作平行四边形，该平行四边形的另一顶点在y轴上，写出点P的坐标则tanBOE=， tanDAF=， tanBOE=tanDAF。BOE=DAF。APD=OAB，APDOAB。设点P的坐标为（x，0），APD=OAB时，可得出APDOAB，进而可得出关于AP，AD、OA、OB的比例关系式设出P点的坐标，然后用

29、P的横坐标表示出AP的长，即可根据上面的比例关系式求出P点的坐标。如图1：此时QD=AP=1，因此OP=OA1=1，P点的坐标为（1，0）；如图2：此时OP=OA+AP=3，P点的坐标为（3，0）如图3：此时D，Q两点的纵坐标互为相反数，因此Q点的坐标为（0，），根据A，D的坐标可求出直线AD的解析式为，由于QPAD，因此直线PQ的解析式为 ，可求得P点的坐标为（1，0）。因此共有3个符合条件的P点的坐标。15. （2022年浙江绍兴12分）学完“几何的回顾”一章后，老师布置了一道思考题：如图，点M，N分别在正三角形ABC的BC，CA边上，且BM=CN，AM，BN交于点Q求证：BQM=60度（

30、1）请你完成这道思考题；（2）做完（1）后，同学们在老师的启发下进行了反思，提出了许多问题，如：若将题中“BM=CN”与“BQM=60”的位置交换，得到的是否仍是真命题？若将题中的点M，N分别移动到BC，CA的延长线上，是否仍能得到BQM=60？若将题中的条件“点M，N分别在正三角形ABC的BC，CA边上”改为“点M，N分别在正方形ABCD的BC，CD边上”，是否仍能得到BQM=60？请你作出判断，在下列横线上填写“是”或“否”： ； ； 并对，的判断，选择一个给出证明【答案】解：（1）证明：在ABM和BCN中， ，ABMBCN（SAS）。BAM=CBN。16. （2022年浙江绍兴14分）将

31、一矩形纸片OABC放在平面直角坐标系中，O（0，0），A（6，0），C（0，3）动点Q从点O出发以每秒1个单位长的速度沿OC向终点C运动，运动秒时，动点P从点A出发以相等的速度沿AO向终点O运动当其中一点到达终点时，另一点也停止运动设点P的运动时间为t（秒）（1）用含t的代数式表示OP，OQ；（2）当t=1时，如图1，将沿OPQ沿PQ翻折，点O恰好落在CB边上的点D处，求点D的坐标；（3）连接AC，将OPQ沿PQ翻折，得到EPQ，如图2问：PQ与AC能否平行？PE与AC能否垂直？若能，求出相应的t值；若不能，说明理由，当时， PQAC。PE不能与AC垂直。理由如下：若PEAC，延长QE交OA于

32、F，如图，（2）利用翻折得到的线段长，再利用勾股定理可求得点D的横坐标，纵坐标和点C的纵坐标相等。（3）当平行的时候，所截得的线段对应成比例，即可求得时间值当垂直的时候也要找到一组平行线，得到对应线段成比例看是否在相应的范围内。17. （2022年浙江绍兴12分）如图1的矩形包书纸示意图中，虚线是折痕，阴影是裁剪掉的部分，四角均为大小相同的正方形，正方形的边长为折叠进去的宽度（1）如图2，思维游戏这本书的长为21cm，宽为15cm，厚为1cm，现有一张面积为875cm2的矩形纸包好了这本书，展开后如图1所示求折叠进去的宽度；（2）若有一张长为60cm，宽为50cm的矩形包书纸，包2本如图2中的

33、书，书的边缘与包书纸的边缘平行，裁剪包好展开后均如图1所示问折叠进去的宽度最大是多少？【考点】一元一次方程和不等式组的应用，分类思想的应用。【分析】（1）方程的应用解题关键是找出等量关系，列出方程求解。本题等量关系为：矩形面积=（2宽+1+2折叠进去的宽度）（长+2折叠进去的宽度）。18. （2022年浙江绍兴14分）定义一种变换：平移抛物线F1得到抛物线F2，使F2经过F1的顶点A设F2的对称轴分别交F1，F2于点D，B，点C是点A关于直线BD的对称点（1）如图1，若F1：，经过变换后，得到F2：，点C的坐标为（2，0），则：b的值等于 ；四边形ABCD为【 】A、平行四边形；B、矩形；C、

34、菱形；D、正方形（2）如图2，若F1：，经过变换后，点B的坐标为（2，c1），求ABD的面积；（3）如图3，若F1：，经过变换后，AC=2 ，点P是直线AC上的动点，求点P到点D的距离和到直线AD的距离之和的最小值DB=。当点C在点A的左侧时，同理可得最小值为。19. （2022年浙江绍兴12分）（1）如图1，在正方形ABCD中，点E、F分别在边BC、CD上，AE、BF交于点O，AOF=90求证：BE=CF（2）如图2，在正方形ABCD中，点E、H、F、G分别在边AB、BC、CD、DA上，EF、GH交于点O，FOH=90，EF=4求GH的长（3）已知点E、H、F、G分别在矩形ABCD的边AB、

35、BC、CD、DA上，EF、GH交于点O，FOH=90，EF=4直接写出下列两题的答案：如图3，矩形ABCD由2个全等的正方形组成，则GH= ；如图4，矩形ABCD由n个全等的正方形组成，则GH= （用n的代数式表示）EOH=90，结合平行线的性质，可知AON=90，那么此题就转化成（1），求BCNABM即可。（3）若是两个正方形，则GH=2EF=8；若是n个正方形，那么GH=n4=4n。20. （2022年浙江绍兴14分）如图，设抛物线C1：，C2：，C1与C2的交点为A，B，点A的坐标是（2，4），点B的横坐标是2（1）求a的值及点B的坐标；（2）点D在线段AB上，过D作x轴的垂线，垂足为点

36、H，在DH的右侧作正三角形DHG记过C2顶点M的直线为l，且l与x轴交于点N若l过DHG的顶点G，点D的坐标为（1，2），求点N的横坐标；若l与DHG的边DG相交，求点N的横坐标的取值范围过点G作GEDH，垂足为E，由DHG是正三角形，可得EG=，EH=1，点M作MFx轴于F，设出点N的横坐标，然后分别表示出NQ、NF的长，通过证NQGNFM，根据所得比例线段，即可求得此时N点的横坐标；ii当点D、B重合，直线l过点D时，N点的横坐标最小，解法同。21. （2022年浙江绍兴12分）数学课上，李老师出示了如下框中的题目小敏与同桌小聪讨论后，进行了如下解答：（1）特殊情况探索结论当点E为AB的中

37、点时，如图1，确定线段AE与的DB大小关系请你直接写出结论：AE DB（填“”，“”或“=”）（2）特例启发，解答題目解：题目中，AE与DB的大小关系是：AE DB（填“”，“”或“=”）理由如下：如图2，过点E作EFBC，交AC于点F，（请你完成以下解答过程）（3）拓展结论，设计新题在等边三角形ABC中，点E在直线AB上，点D在直线BC上，且ED=EC若ABC的边长为1，AE=2，求CD的长（请你直接写出结果）二是E在BA的延长线上，D在线段BC的延长线上，求出CD=1，即可得到答案。22. （2022年浙江绍兴14分）抛物线与轴交于点A，顶点为B，对称轴BC与轴交于点C（1）如图1求点A的

38、坐标及线段OC的长；（2）点P在抛物线上，直线PQBC交x轴于点Q，连接BQ若含45角的直角三角板如图2所示放置其中，一个顶点与点C重合，直角顶点D在BQ上，另一个顶点E在PQ上求直线BQ的函数解析式；若含30角的直角三角板一个顶点与点C重合，直角顶点D在直线BQ上，另一个顶点E在PQ上，求点P的坐标把B（1，3），Q（4，0）代入解析式，得，解得。直线BQ的解析式为。23. （2022年浙江绍兴12分）把一边长为40cm的正方形硬纸板，进行适当的剪裁，折成一个长方形盒子（纸板的厚度忽略不计）。（1）如图，若在正方形硬纸板的四角各剪一个同样大小的正方形，将剩余部分折成一个无盖的长方形盒子。要使

39、折成的长方形盒子的底面积为484cm2，那么剪掉的正方形的边长为多少？折成的长方形盒子的侧面积是否有最大值？如果有，求出这个最大值和此时剪掉的正方形的边长；如果没有，说明理由。（2）若在正方形硬纸板的四周剪掉一些矩形（即剪掉的矩形至少有一条边在正方形硬纸板的边上），将剩余部分折成一个有盖的长方形盒子，若折成的一个长方形盒子的表面积为550cm2，求此时长方形盒子的长、宽、高（只需求出符合要求的一种情况）。【考点】二次函数的应用，一元二次方程的应用。【分析】（1）假设剪掉的正方形的边长为xcm，根据题意得出（402x）2=484，求出即可 假设剪掉的正方形的边长为xcm，盒子的侧面积为ycm2，

40、则y与x的函数关系为：y=4（40-2x）x，利用二次函数最值求出即可。（2）假设剪掉的正方形的边长为xcm，利用折成的一个长方形盒子的表面积为550cm2，得出等式方程求出即可。24. （2022年浙江绍兴14分）如图，矩形OABC的两边在坐标轴上，连接AC，抛物线经过A，B两点。（1）求A点坐标及线段AB的长；（2）若点P由点A出发以每秒1个单位的速度沿AB边向点B移动，1秒后点Q也由点A出发以每秒7个单位的速度沿AO，OC，CB边向点B移动，当其中一个点到达终点时另一个点也停止移动，点P的移动时间为t秒。当PQAC时，求t的值；当PQAC时，对于抛物线对称轴上一点H，HOQPOQ，求点H的纵坐标的取值范围。当Q点在OA上时，即，时，即当t=2时，PQAC。此时AP=2，BQ=CQ=1。P（2，2），Q（4，1）。抛物线对称轴的解析式为x=2，当H1为对称轴与OP的交点时，有H1OQ=POQ，当yH2时，HOQPOQ。称点P，OP与NP的交点H2，亦可得到H2OQ=POQ，而题目要求的是HOQPOQ，那么H1点以下、H2点以上的H点都是符合要求的。