四川省成都七中2020-2021学年高二上学期半期考试物理试题 WORD版含答案.docx

1、成都七中20202021学年度上期高2022届高二半期考试物理试卷第卷一、单选择题（共8个小题）1关于电流的说法中正确的是A根据，可知I与q成正比 B自由电子定向移动的速率为真空中的光速cC电流有方向，电流是矢量 D电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位2下面说法中不正确的是A关系式表明使导体通过一定的电流所需的电压越高，则导体的电阻越大B关系式表明导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体的电流强度成反比C关系式表明导体中的电流强度跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比D关系式UIR表明对于一个确定的导体，通过的电流越大，那么导体两端的电压也越大3电源电动势反映了电源把其它形式的能量转

2、化为电能的本领，下列说法正确的是A电动势是一种非静电力B电动势越大，表明电源储存的电能越多C电动势的大小是非静电力做功能力的反映D电动势就是闭合电路中电源两端的电压4如图所示，用一根电阻为6R的粗细均匀的镍铬合金线做成一个环，在环上6个对称的点上，焊接6个不计电阻的导线，并与接线柱连接，利用这种方法，可以在任意两个接线柱之间获得的不同电阻值的总个数、最大电阻值以及最小电阻值分别是A2种，最大为1.5R，最小为 B3种，最大为1.5R，最小为C2种，最大为3R，最小为 D3种，最大为3R，最小为5一电流表由小量程电流计G与电阻R并联而成，如图所示，若在使用中发现此电流表的计数总比准确值稍小一些，

3、用下列哪种措施可能加以改进A在R上并联一比R小得多的电阻 B在R上并联一比R大得多的电阻C在R上串联一比R小得多的电阻 D在R上串联一比R大得多的电阻6如图所示，MON是固定的光滑绝缘直角杆，MO沿水平方向，NO沿竖直方向，A、B为两个套在此杆上的带有同种电荷的小球，用一指向竖直杆的水平力F作用在A球上，使两球均处于静止状态现将A球向竖直杆方向缓慢拉动一小段距离后，A、B两小球可以重新平衡则后一种平衡状态与前一种平衡状态相比较，下列说法正确的是AA、B两小球间的库仑力变大BA、B两小球间的库仑力变小CA球对MO杆的压力变大DA球对MO杆的压力变小7如图所示，两极板与电源相连接，电子从负极板边沿

4、垂直电场方向射入匀强电场，且恰好从正极板边沿飞出，现在使电子入射速度变为原来的，而电子仍从原位置射入，且仍从正极板边沿飞出，则两极板的间距应变为原来的A3倍 B9倍 C倍 D倍8如图所示的直线是真空中某电场的一条电场线，A、B是这条直线上的两点，一带正电粒子以速度vA经过A点向B点运动，经过一段时间后，粒子以速度vB经过B点，且vB与vA方向相反，不计粒子重力，下面说法正确的是AA点的场强一定大于B点的场强BA点的电势一定高于B点的电势C粒子在A点的速度一定小于在B点的速度D粒子在A点的电势能一定小于在B点的电势能二多选题（共6个小题）9如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的

5、中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上以下判断正确的是Ab点场强比d点场强小Bb点电势比d点电势低Ca、b两点间的电势差大于b、c两点间的电势差D试探电荷q在a点的电势能小于在c点的电势能10图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定A该粒子一定带正电B粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力C带电粒子经过M点的速度大于经过N点的速度D粒子在M点的电势能大于在N点的电势能11如图所示，在x轴上放有两个电荷量分别为q1和q2的点电荷，其中q1位于x轴的坐标原点，

6、电荷q2的右侧各点电势随x变化的关系如图曲线所示，其余部分的电势变化情况没有画出，其中B点电势为零，BD段中的电势最低点为C点，则AB点的电场强度大小为零BA点的电场强度强度方向向左C两点电荷的电荷量的大小关系为q1q2D将一带负电的试探电荷从C点移到D点，电场力做负功12在如图甲所示的电路中，L1、L2和L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25 A则此时AL1的电压为L2电压的2倍BL1消耗的电功率为0.75 WCL1、L2消耗的电功率的比值大于41DL2的电阻为12 13一平行板电容器C，极板是水平放置的，它和三个可变电阻及电

7、源连接成如图所示的电路今有一质量为m的带电油滴悬浮在两极板之间静止不动，要使油滴上升，可采用办法是A增大R1 B增大R2 C增大R3 D减小R214如图所示，E为电源电动势，r为电源内阻，R1为定值电阻（R1r），R2为可变电阻，以下说法中正确的是A当R1R2r时，R1上获得最大功率 B当R2R1r时，R2上获得最大功率C当R20时，电源的效率最低 D当R20时，电源的输出功率最大第卷二、实验题15某同学用伏安法测量金属丝的电阻率现有器材为：螺旋测微器，待测电阻R（阻值约为5 ），电源（电动势3 V），滑动变阻器（阻值范围010 ）电流表（量程0.6 A，3 A），电压表（量程3 V，15 V

8、），开关，导线若干实验要求在测量电路中将电流表外接，滑动变阻器起限流作用回答下列问题：（1）某次用螺旋测微器测量金属丝直径的结果如图所示，其读数是_mm（2）按照实验要求在图（a）中画出实物连线图（3）若已按实验要求接线，闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数始终约为3 V，电流表的示数始终接近0写出产生这种现象的一个原因：_（4）在连线正确后，闭合开关电压表和电流表的示数分别如图（b）和图（c）所示由图可知，电压表读数为_V，电流表读数为_A由此可得待测电阻的阻值为_（结果保留3位有效数字）16为测量一电源的电动势及内阻（1）在下列三个电压表中选一个改装成量程为9 V的电压表A量程为1

9、 V、内阻大约为1 k的电压V1B量程为2 V、内阻大约为2 k的电压V2C量程为3 V、内阻为3 k的电压V3选择电压表_（填仪器前字母序号）串联_k的电阻可以改转成量程为9 V的电压表（2）利用一个电阻箱、一只开关、若开关导线和改装好的电压表（此表用符号V1、V2、V3与一个电阻串联来表示，且可视为理想电压表），在虚线框内画出电源电动势及内阻的实验原理电路图三、计算题（要求写出必要的步骤）17如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d40 cm电源电动势E24 V，内电阻r1 ，电阻R15 闭合S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v04 m/s竖直向上射入

10、板间若小球带电量为q110-2 C，质量为m210-2 kg，不考虑空气阻力那么，滑动变阻器滑片P在某位置时，小球恰能到达A板（g取10 m/s2）求：（1）两极板间的电场强度大小；（2）滑动变阻器接入电路的阻值18一长为L的细线，上端固定，下端拴一质量为m、带电荷量为q的小球，处于如图所示的水平向右的匀强电场中，开始时，将线与小球拉成水平，然后释放小球由静止开始向下摆动，当细线转过60角时，小球到达B点速度恰好为零，重力加速度为g求：（1）匀强电场的场强大小；（2）小球到达B点时，细线对小球的拉力大小19如图所示，半径为R的光滑绝缘环形轨道竖直放置，在圆轨道的最低点B处固定一带电小球，另有质

11、量为m的带电小球穿在圆环上，从A点（水平最右端）处无初速释放若小球运动到C点时获得最大速度，其大小为vm，且AOC30重力加速度为g求：（1）小球在C点时对轨道的压力；（2）小球在A时的加速度；（3）小球从A点运动到C点的过程中电场力所做的功20两块水平平行放置的导体板如图甲所示，大量电子（质量为m、电荷量为e）由静止开始，经电压为U0的电场加速后，连续不断地沿平行板的方向从两板正中间射入两板之间当两板均不带电时，这些电子通过两板之间的时间为3t0；当在两板间加如图乙所示的周期为2t0、恒为U0的周期性电压时，恰好能使所有电子均从两板间通过（不计电子重力）求：（1）电子进入两板之间后加速度的大

12、小；（2）这些电子通过两板之间后，侧向位移（垂直于入射速度方向上的位移）的最大值和最小值；（3）侧向位移分别为最大值和最小值的情况下，电子在刚穿出两板之间时的动能之比成都七中20202021学年度上期高2022届高二半期考试物理试题参考答案题号1234567891011121314答案DBCBCBADABADBCBCCDBCD15（1）0.200（2）实物连线图（3）待测电阻R断路 （4）2.20 V，0.48 A，5.58 16（1）V3 6； （2）实验原理电路图 17解：（1）对小球恰能从B到A，由动能定理可得：，解得UAB8 V又由可得：（2）由闭合电路欧姆定律可得：EI（Rr）UAB

13、计算得出：I1 A 则有：18解：（1）小球由静止释放至恰好到达B点的过程，由动能定理有：mgLsin60-qEL（1-cos60）0-0 解得：（2）小球到达B点时的受力分析如图所示，因为小球到达B点时速度为零，所以沿绳方向（y轴方向）的合力为零，即：T-mgsin60-qEcos600 解得：19（1）小球在C点速度最大，即此时沿速度方向（切线方向）合力为零，设此时的库仑力为Fc，则有：切线方向：mgcos30-Fccos300法线方向：解得：Fcmg，由牛顿第三定律可知，此时小球对轨道的压力大小为，方向沿OC延长线（2）由几何关系可知：rBCR，设小球在A点时库仑力大小为FA，由可知：，

14、即小球在A点时速度为零，因此向心加速度为零即an0沿切线方向：mg-FAcos45ma又小球在A的加速度为 解得：，方向竖直向下（3）设小球从A点运动到C点的过程中，电场力做功为W，由动能定理可得： 解得：20（1）综合题设条件，电子通过两板间的时间为3t0，且所有电子均从两板间通过，结合两板间电压随时间的变化规律（U-t图象），可知在02t0之间，t0时刻入射板间的粒子沿电场方向加速时间最长侧向位移最大，tt0时刻入射板间的粒子沿电场方向加速时间最短侧向位移最小两种状态在两板间的vy-t图象如图所示：电子进入两板间后，根据牛顿第二定律可得：对于t0时刻入射板间的粒子，其侧向位移为：此时电子恰好从板间通过，则有 解得：，（2）由（1）可解得对于tt0时刻入射板间的粒子，其侧向位移为：将带入可得：（3）电子经过加速电场时，由动能定理可得：电子在两板间偏转时：v1y2（at0）2，v2y2（a2t0）2，即：，对于t0时刻入射板间的粒子，其动能最大：对于tt0时刻入射板间的粒子，其动能最小：由此可得两电子刚穿出两板间的动能之比为：