安徽省阜阳三中2018—2019学年第一学期高三年级周考物理试卷20180915.docx

1、安徽省阜阳三中20192019学年第一学期高三年级周考 物理试卷（9月15号）本试卷分第卷选择题和第卷两部分满分100分 第卷（选择题 共48分）一、选择题（本题共12小题，共计48分。在每小题给出的四个选项中，18题只有一项符合题目要求，每小题4分。912有多项符合题目要求。全选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.物体受到几个力的作用而做匀速直线运动,如果只撤掉其中的一个力,其他力保持不变,它不可能做()A.匀速直线运动B.匀加速直线运动C.匀减速直线运动D.曲线运动2.如图在水平面上的箱子内，带异种电荷的小球a、b用绝缘细线分别系于上、下两边，处于静止状态地面受到的压力为FN

2、，球b所受细线的拉力为F.剪断连接球b的细线后，在球b上升过程中地面受到的压力()A小于FN B等于FNC等于FNF D大于FNF3.如图所示,一个圆形框架以竖直的直径为转轴匀速转动。在框架上套着两个质量相等的小球A、B,小球A、B到竖直转轴的距离相等,它们与圆形框架保持相对静止。下列说法正确的是()A.小球A的合力小于小球B的合力B.小球A与框架间可能没有摩擦力C.小球B与框架间可能没有摩擦力D.圆形框架以更大的角速度转动,小球B受到的摩擦力一定增大月球半径R0月球表面处的重力加速度g0地球和月球的半径之比RR0=4地球表面和月球表面的重力加速度之比gg0=64.嫦娥五号探测器由轨道器、返回

3、器、着陆器等多个部分组成。探测器于2019年由长征五号运载火箭在中国文昌卫星发射中心发射升空,自动完成月面样品采集,并从月球起飞,返回地球,带回约2kg月球样品。某同学从网上得到一些信息,如表格中的数据所示,请根据题意,判断地球和月球的密度之比为()A.23 B.32 C.4D.65.如图所示为四分之一圆柱体OAB的竖直截面,半径为R,在B点上方的C点水平抛出一个小球,小球轨迹恰好在D点与圆柱体相切,OD与OB的夹角为60,则C点到B点的距离为()A.RB.R2C.3R4D.R46.一工厂用皮带传送装置将从某一高度固定位置平抛下来的物件传到地面,为保证物件的安全,需以最短的路径运动到传送带上,

4、已知传送带的倾角为。则()A.物件在空中运动的过程中,每秒的速度变化不同B.物件下落的竖直高度与水平位移之比为2tanC.物件落在传送带上时竖直方向的速度与水平方向速度之比为2tanD.物件做平抛运动的最小位移为2v02tan7.如图所示,在半径为R的水平圆盘中心轴正上方a处水平抛出一小球,圆盘以角速度匀速转动,当圆盘半径Ob恰好转到与初速度方向相同且平行的位置时,将小球抛出,要使球与圆盘只碰一次,且落点为b,重力加速度为g,小球抛点a距圆盘的高度h和小球的初速度v0可能应满足()A.h=2g2,v0=R2B.h=42g2,v0=R4C.h=22g2,v0=R6D.h=322g2,v0=R88

5、如图所示，传送带的水平部分长为L，传动速率为v，在其左端无初速度释放一小木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为，则木块从左端运动到右端的时间不可能是()A. B. C. D.9.如图所示,半径为R的光滑圆形轨道竖直固定放置,小球m在圆形轨道内侧做圆周运动。对于半径R不同的圆形轨道,小球m通过轨道最高点时都恰好与轨道间没有相互作用力。下列说法中正确的是()A.半径R越大,小球通过轨道最高点时的速度越大B.半径R越大,小球通过轨道最高点时的速度越小C.半径R越大,小球通过轨道最低点时的角速度越大D.半径R越大,小球通过轨道最低点时的角速度越小10.如图所示,一可视为质点的小球以初速度v0从O点被水平

6、抛出,经与两墙壁四次弹性碰撞后刚好落在竖直墙壁的最低点D,此时速度与水平方向的夹角为,其中A、C两点为小球与另一墙壁碰撞的等高点,已知两墙壁间的距离为d,则下列说法正确的是()A.xOAxABxBCxCD=1357B.相邻两点间速度的变化量均相等C.tan=4dgv02D.tan=2dgv0211.如图所示,半径为R,内径很小的光滑半圆形管道竖直放置,其底端与水平地面相切。一质量为m的小球(小球直径很小且略小于管道内径)以某一水平初速度进入管内,小球通过最高点P时,对管壁的压力大小为0.5mg,(不考虑小球落地后反弹情况)则()A.小球落地点到P点的水平距离可能为6RB.小球落地点到P点的水平

7、距离可能为22RC.小球进入圆管道的初速度可能为14gR2D.小球进入圆管道的初速度可能为32gR212如图所示，粗糙水平圆盘上，质量相等的A、B两物块叠放在一起，随圆盘一起做匀速圆周运动，则下列说法正确的是()AB的向心力是A的向心力的2倍 B盘对B的摩擦力是B对A的摩擦力的2倍CA、B都有沿半径向外滑动的趋势 D若B先滑动，则B对A的动摩擦因数A小于盘对B的动摩擦因数B第卷（非选择题 共52分）13.（6分）如图所示为“探究加速度与物体受力的关系”的实验装置图。图中A为小车,质量为m1,连接在小车后面的纸带穿过电火花打点计时器B,它们均置于水平放置的一端带有定滑轮的足够长的木板上,P的质量

8、为m2,C为弹簧测力计,实验时改变P的质量,读出测力计不同读数F,不计绳与滑轮的摩擦。(1)下列说法正确的是()A.一端带有定滑轮的长木板必须保持水平B.实验时应先接通电源后释放小车C.实验中m2应远小于m1D.测力计的读数始终为m2g2(2)如图为某次实验得到的纸带,纸带上标出了所选的四个计数点之间的距离,相邻计数点间还有四个点没有画出。由此可求得小车的加速度的大小是m/s2(交流电的频率为50 Hz,结果保留两位有效数字)。(3)实验时,某同学由于疏忽,遗漏了平衡摩擦力这一步骤,他测量得到的a -F图象可能是图中的图线()14.（10分）测量铅笔芯的电阻率,取一支4B铅笔,去掉两端笔芯外木

9、质部分,不损伤笔芯,如图所示安放在接线支座上。(1)用刻度尺量得笔芯长度L=20.0cm,螺旋测微器测量笔芯的直径如图,则笔芯的直径为d=_mm。(2)若待测电阻约为几欧姆,乙同学采用实验室提供的下列器材测定铅笔芯电阻A.待测笔芯B.电流表(00.6A,03A,内阻分别约1,0.5)C.电压表(03V,015V,内阻分别约6k,30k)D.滑动变阻器(010)E.电源(3V)F.开关、导线若干请根据实验要求在图中用笔画线代替导线(只配有两根导线)完成实物电路连接。(3)实验测量过程中某次电压表、电流表指针偏转如图所示,则电压表读数U=_V,电流表读数I=_A,计算得到铅笔芯电阻R=_(电阻计算

10、结果保留两位有效数字)。15.（10分）如图10所示，为传送带传输装置示意图的一部分，传送带与水平地面的倾角37，A、B两端相距L5.0 m，质量为M10 kg的物体以v06.0 m/s的速度沿AB方向从A端滑上传送带，物体与传送带间的动摩擦因数处处相同，均为0.5.传送带顺时针运转的速度v4.0 m/s，(g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)求： (1)物体从A点到达B点所需的时间；(2)若传送带顺时针运转的速度可以调节，物体从A点到达B点的最短时间是多少？16.（12分）如图所示，长为L=6 m、质量M=4 kg的长木板放置于光滑的水平面上，其左端有一大小可忽略，质

11、量为m=1 kg的物块，物块与木板间的动摩擦因数为=0.4，开始时物块与木板都处于静止状态，现对物块施加方向水平向右的恒定拉力F作用，取g=10 m/s2。（1）为使物块与木板发生相对滑动，恒定拉力至少为多少；（2）若F=8 N，求物块从木板左端运动到右端经历的时间；（3）若F=8 N，为使物块不从木板上滑离，求恒力F的最长作用时间。17（14分）如图所示，光滑半圆形轨道处于竖直平面内，半圆形轨道与光滑的水平地面相切于半圆的端点A.一质量为m的小球在水平地面上C点受水平向左的恒力F由静止开始运动，当运动到A点时撤去恒力F，小球沿竖直半圆形轨道运动到轨道最高点B点，最后又落在水平地面上的D点(图

12、中未画出)已知A、C间的距离为L，重力加速度为g.(1)若轨道半径为R，求小球到达半圆形轨道B点时对轨道的压力FN；(2)为使小球能运动到轨道最高点B，求轨道半径的最大值Rm；(3)轨道半径R多大时，小球在水平地面上的落点D到A点距离最大？最大距离xm是多少？物理周考参考答案（9.15）1、【解析】选A。物体受到几个力的作用而做匀速直线运动,如果只撤掉其中的一个力,其他力保持不变,合力与撤去的力大小相等方向相反,合力大小方向不变,不可能做匀速直线运动,故选项A正确;若撤去的力与运动的方向相反,则物体做匀加速直线运动,故选项B错误;若撤去的力与运动的方向相同,则物体做匀减速直线运动,故选项C错误

13、;若撤去的力与速度的方向不在同一条直线上,物体做曲线运动,故选项D错误。2、解析：剪断连接球b的细线后，b球会向上加速，造成两球之间的静电力F电增大，剪断前由整体法FNMgmagmbg，F电mbgF.剪断后对箱和a球有FNMgmagF电FNmbgF电，由于F电F电，所以FNFNF，故选D.3、【解析】选C。由于合力提供向心力,依据向心力表达式F=mr2,已知两球质量,半径和角速度都相同,可知向心力相同,即合力相同,故选项A错误;小球A受到重力和弹力的合力不可能垂直指向OO轴,故一定存在摩擦力,而B球的重力和弹力的合力可能垂直指向OO轴,故B球摩擦力可能为零,故选项B错误,C正确;由于不知道B是

14、否受到摩擦力以及所受摩擦力的方向,故而无法判定圆形框架以更大的角速度转动,小球B受到的摩擦力的变化情况,故选项D错误。4、【解析】选B。在地球表面,重力等于万有引力,则有GMmR2=mg,解得M=gR2G,故密度为=MV=gR2G43R3=3g4GR,同理,月球的密度为0=3g04GR0,故地球和月球的密度之比为0=gR0g0R=614=32,故选项B正确。5、【解析】选D。设小球平抛运动的初速度为v0,将小球在D点的速度沿竖直方向和水平方向分解,则有vyv0=tan60,得gtv0=3。小球平抛运动的水平位移x=Rsin60,x=v0t,解得v02=Rg2,vy2=3Rg2。设平抛运动的竖直

15、位移为y,vy2=2gy,解得y=3R4,则BC=y-(R-Rcos60)=R4,D选项正确。6、【解析】选C。物件在空中做平抛运动,加速度为重力加速度g,故每秒的速度变化相同,A错误;当物件的位移与传送带垂直,运动路径最短,根据几何关系知,物件下落的竖直高度与水平位移之比为1tan,B错误;根据几何关系知,物件落在传送带上时,位移与水平方向的夹角为90-,则速度与水平方向夹角的正切值tan=2tan(90-)=2tan,物件落在传送带上时竖直方向的速度与水平方向速度之比为2tan,C正确;物件做平抛运动的最小位移s=x2+y2=y1+tan2 =12g(2v0gtan)21+tan2=2v0

16、2gtan21+tan2,D错误。7、【解析】选D。取小球为研究对象,设从抛出到落到b点时间为t,而圆周运动的周期T=2,则有t=nT,又有h=12gt2=12g2n2,当n=1时,则h1=22g2;当n=2时,则h2=82g2;当n=3时,则h3=182g2;当n=4时,则h4=322g2;而初速度v0=Rt=R2n,当n=1时,则v0=R2;当n=2时,则v0=R4;当n=3时,则v0=R6;当n=4时,则v0=R8;由以上分析可知,选项A、B、C错误,D正确。8、解析当小木块刚放到传送带上时mgma得ag设小木块加速到v时运动的距离为L0，由v22aL0得L0(1)当LL0时，小木块一直

17、加速，vat得t或由Lat2得t 或由Lvt得t，故C、D正确(2)当LL0时，小木块先加速后匀速，加速阶段有vat1得t1匀速阶段有LL0vt2得t2由tt1t2得t，故A正确所以不可能的时间是B选项9、【解析】选A、D。小球m通过轨道最高点时恰好与轨道间没有相互作用力,由牛顿第二定律得mg=mv2R,解得v=gR,因此半径R越大,小球通过轨道最高点时的速度越大,故A正确,B错误;小球从最高点运动到最低点的过程中,由动能定理得mg2R=12mv2-12mv2,解得v=v2+4gR=5gR,角速度=vR=5gR,故C错误,D正确。10、【解析】选A、B、C。小球在水平方向上速度的大小相等,根据

18、等时性知,小球经过OA、AB、BC、CD时间相等,小球在竖直方向上做匀加速直线运动,根据初速度为零的匀变速直线运动的推论可知xOAxABxBCxCD=1357,故A正确;因为在相邻两点间运动的时间相等,水平方向上的速度大小不变,竖直方向上做匀加速直线运动,则相邻两点间的速度变化量相等,故B正确;小球从O点运动到D点的时间t=4dv0,则tan=gtv0=4gdv0v0=4gdv02,故C正确,D错误。11、【解析】选A、D。当小球对管下壁有压力时,则有mg-0.5mg=mv12R,解得v1=2gR2,当小球对管上壁有压力时,则有mg+0.5mg=mv22R,解得v2=6gR2,从最低点到最高点

19、的过程中,由动能定理得-mg2R=12mv2-12mv02,解得v0=32gR2或v0=22gR2,小球从管口飞出后做平抛运动,竖直方向上2R=12gt2,解得t=2Rg,则小球落地点到P点的水平距离x1=v1t=2R,x2=v2t=6R,故选项A、D正确,B、C错误。12.【解析】：解：A、因为A、B两物体的角速度大小相等，根据，因为两物块的角速度大小相等，转动半径相等，质量相等，则向心力相等B、对AB整体分析，对A分析，有：，知盘对B的摩擦力是B对A的摩擦力的2倍，故B正确C、A所受的静摩擦力方向指向圆心，可知A有沿半径向外滑动的趋势，B受到盘的静摩擦力方向指向圆心，有沿半径向外滑动的趋势

20、，故C正确D、对AB整体分析，解得，对A分析，解得，因为B先滑动，可知B先达到临界角速度，可知B的临界角速度较小，即BA，故D错误故选：BC13、【解析】(1)一端带有定滑轮的长木板必须稍微倾斜,以平衡摩擦力,选项A错误。实验时应先接通电源后释放小车,选项B正确。实验中m2不必远小于m1,选项C错误。由于P向下加速运动,测力计的读数始终小于m2g2,选项D错误。(2)由x=aT2解得小车的加速度的大小是0.50m/s2。(3)遗漏了平衡摩擦力这一步骤,他测量得到的a -F图象,应该是当F从某一值开始增大,加速度a才开始增大,所以可能是图线C。答案:(1)B(2)0.50(3)C14、【解析】(

21、1)由图示螺旋测微器可知,其示数为1mm+20.00.010mm=1.200mm。(2)由题意可知,待测电阻阻值很小,约为几欧姆,小于滑动变阻器最大阻值,滑动变阻器可以采用限流接法,电压表内阻远大于待测电阻阻值,电流表采用外接法,实物电路图如图所示:(3)由电路图可知,电压表量程是3V,由图示电压表可知,其分度值为0.1V,示数为1.80V,电流表量程为0.6A,分度值为0.02A,示数为0.36A,待测电阻阻值R=UI=1.80.36=5.0。答案:(1)1.200(2)实物电路图见解析(3)1.800.365.015.（1） 设在AB上运动的加速度大小为a，由牛顿第二定律得mgsin十mg

22、cos=ma1设经t1速度与传送带速度相同通过的位移速度小于v1至减为零前的加速度为mgsin-mgcos=ma2物体继续减速，设经t2速度到达传送带B点，t=t1+t2=2.2s（2）若AB部分传送带的速度较大，沿AB上滑时所受摩擦力一直沿皮带向上，则所用时间最短，此种情况加速度一直为a2，t=ls。16.【解析】（1）设物块与木板恰好发生相对滑动时，拉力为F0，整体的加速度大小为a，则：对整体：F0=（m+M）对木板：amg=Ma解之得： F0=5N即，为使物块与木板发生相对滑动，恒定拉力至少为5 N；（2）物块的加速度大小为：木板的加速度大小为：设物块滑到木板右端所需时间为t，则：解之，

23、得：t=2 s（3）设力F作用一段时间t1后撤去，撤去后经时间t2物块与木板相对静止；撤去力F后，木板的加速度不变，物块的加速度大小为： am=g=4 m/s2两物体开始运动至相对静止过程：物块的位移大小为x=amt12+amt1t2-amt22 木板的位移大小为X=aM（t1+t2）2 物块恰不滑离木板，满足x-X=L 根据速度关系，有amt1-amt2= aM（t1+t2） 联立式，代入数据，得即为使物块不从木板上滑离，恒力F的最长作用时间为17.（1）设小球到达B点时速度为，根据动能定理有设B点时轨道对小球的压力为，对小球在B点时进行受力分析如图，则有根据牛顿第三定律可知小球对轨道的压力，方向竖直向上（2）小球能够到达最高点的条件是故轨道半径的最大值（3）从B点飞出后做平抛运动，落地时间D到A的距离相当于二次函数求最大值的问题，最大值在时取到（因为，所以最大值可以取得到）代入，得到此时最大距离