2014年浙科版高中生物必修一同步系列：《自由组合定律》课件7.ppt

1、回扣基础要点一、两对相对性状的杂交实验1.过程P 黄圆绿皱 孟德尔的豌豆杂交实验(二)必备知识梳理 F1 _ F2 _3黄皱3绿圆_2.归纳(1)F1全为_。(2)F2中出现了不同性状之间的_。(3)F2中4种表现型的分离比为_。(4)F2中重组类型(与P不同，不是与F1不同的表现型)为_，所占比例为_，若亲本改为黄皱绿圆（均纯合），则重组类型所占比例为_。黄圆黄圆自由组合9331黄皱和绿圆6/16(3/8)10/16(5/8)9黄圆1绿皱二、对自由组合现象的解释和验证1.假说(1)F1在形成配子时,每对_彼此分离,_ _自由组合。(2)F1产生雌雄配子各_种类型,且数目_。(3)受精时,雌雄

2、配子的结合是_,结合方式有_种，遗传因子的组合形式有_种，性状表现为_种。遗传因子不同对的遗传因子4相等随机的16942.图解YRyrY_R_Y_rrYyRrYYRR2/164/16YyRrYYrrYyrr1/161/163.验证(1)验证方法:_,所用亲本为F1黄圆_,目的是检测F1产生配子的情况。(2)实验结果:后代出现_种基因型,_种表现型，比例为_。测交实验绿皱441111练一练(2009广东理基,44)基因A、a和基因B、b分别位于不同对的同源染色体上,一个亲本与aabb测交,子代基因型为AaBb和Aabb,分离比为11,则这个亲本基因型为()A.AABb B.AaBb C.AAbb

3、 D.AaBB A四、孟德尔实验方法的启示和遗传规律的再发现1.实验方法启示孟德尔获得成功的原因：正确选材(豌豆);对相对性状遗传的研究,从_对到_对；对实验结果进行_的分析；运用_法(包括“提出问题作出假设演绎推理实验检验得出结论”五个基本环节)这一科学方法。2.遗传规律再发现(1)1909年,丹麦生物学家_把“遗传因子”叫做_。(2)因为孟德尔的杰出贡献,他被公认为“_ _”。一多统计学假说演绎约翰逊基因遗传学之父考点一孟德尔两对相对性状杂交实验的规律分析1.实验分析PYYRR(黄圆)yyrr(绿皱)F1YyRr(黄圆)高频考点突破F22.相关结论(1)F2中黄绿=31,圆皱=31,都符合

4、基因的分离定律。(2)F2中共有16种组合,9种基因型,4种表现型。(3)两对相对性状由两对等位基因控制,分别位于两对同源染色体上。1YY(黄)2Yy(黄)1yy(绿)1RR(圆)1YYRR(黄圆)2YyRR(黄圆)1yyRR(绿圆)2Rr(圆)2YYRr(黄圆)4YyRr(黄圆)2yyRr(绿圆)1rr(绿)1YYrr(黄皱)2Yyrr(黄皱)1yyrr(绿皱)(4)纯合子共占杂合子占其中双杂合个体(YyRr)占单杂合个体(YyRR、YYRr、Yyrr、yyRr)各占共占(5)YYRR基因型个体在F2的比例为1/16,在黄色圆粒豌豆中的比例为1/9,注意范围不同。黄圆中杂合子占8/9,绿圆中

5、杂合子占2/3。(6)重组类型：指与亲本不同的表现型。P：YYRRyyrrF1F2中重组性状类型为单显性,占 P：YYrryyRRF1F2中重组性状类型为双显性和双隐性,共占2.已知玉米子粒黄色对红色为显性，非甜对甜为显性。纯合的黄色非甜玉米与红色甜玉米杂交得到F1,F1自交或测交,下列预期结果不正确的是()A.自交结果中黄色非甜与红色甜比例为91 B.自交结果中黄色与红色比例31,非甜与甜比例为31 C.测交结果中红色甜黄色非甜红色非甜黄色甜比例为9311 D.测交结果为红色与黄色比例11,甜与非甜比例为11 解析两对等位基因控制两对相对性状的遗传，符合基因的自由组合定律(不考虑连锁互换)。

6、显性纯合子与双隐性纯合子杂交得F1,其基因型是AaBb。让F1自交,F2有16种组合,9种基因型,4种表现型,双显性性状和双隐性性状分别占9/16和1/16,就一对基因看,显性隐性=31；让F1测交,后代有4种基因型、4种表现型,表现型比例为1111,就一对基因看,显性隐性=11。答案C3.(2008广东理基，45)两对基因(Aa和Bb)位于非同源染色体上,基因型为AaBb的植株自交,产生后代的纯合子中与亲本表现型相同的概率是()A.3/4 B.1/4 C.3/16 D.1/16解析基因型为AaBb的植株自交,后代有4种表现型不同的纯合子,与亲本(AaBb)表现型相同的概率为1/4。B考点二自

7、由组合定律解题指导1.熟记子代表现型及比例与亲代杂交组合的关系子代表现型比例亲代基因型31AaAa11Aaaa9331AaBbAaBb1111AaBbaabb或AabbaaBb3311AaBbaaBb或AaBbAabb示例小麦的毛颖(P)对光颖(p)是显性,抗锈(R)对感锈(r)为显性,这两对性状可自由组合。已知毛颖感锈与光颖抗锈两植株做亲本杂交,子代有毛颖抗锈毛颖感锈光颖抗锈光颖感锈=1111,写出两亲本的基因型。分析：将两对性状分解为：毛颖光颖=11,抗锈感锈=11。根据亲本的表现型确定亲本基因型为P rrppR ,只有Pppp,子代才有毛颖光颖=11,同理,只有rrRr,子代抗锈感锈=1

8、1。综上所述,亲本基因型分别是Pprr与ppRr。2.乘法法则的熟练运用(1)原理：分离定律是自由组合定律的基础。(2)思路：首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题。在独立遗传的情况下,有几对基因就可分解为几个分离定律问题,如AaBbAabb可分解为如下两个分离定律：AaAa;Bbbb。(3)题型 配子类型的问题示例AaBbCc产生的配子种类数Aa Bb Cc 2 2 2=8种配子间结合方式问题示例AaBbCc与AaBbCC杂交过程中,配子间的结合方式有多少种？先求AaBbCc、AaBbCC各自产生多少种配子。AaBbCc8种配子、AaBbCC4种配子。再求两亲本配子间的结合方式。由于

9、两性配子间的结合是随机的,因而AaBbCc与AaBbCC配子之间有84=32种结合方式。基因型类型的问题示例AaBbCc与AaBBCc杂交,求其后代的基因型数先分解为三个分离定律：AaAa后代有3种基因型(1AA2Aa1aa)BbBB后代有2种基因型(1BB1Bb)CcCc后代有3种基因型(1CC2Cc1cc)因而AaBbCcAaBBCc,后代中有323=18种基因型。表现型类型的问题示例AaBbCcAabbCc，其杂交后代可能的表现型数可分解为三个分离定律：AaAa后代有2种表现型Bbbb后代有2种表现型CcCc后代有2种表现型所以AaBbCcAabbCc，后代中有222=8种表现型。亲本相

10、对性状的对数F1配子F2表现型F2基因型种类分离比可能组合数种类分离比种类分离比12(1:1)142(3:1)13(1:2:1)124(1:1)2164(3:1)29(1:2:1)238(1:1)3648(3:1)327(1:2:1)3416(1:1)425616(3:1)481(1:2:1)4n2n(1:1)n4n2n(3:1)n3n(1:2:1)n对位训练4.(2009江苏卷，10)已知A与a、B与b、C与c 3对等位基因自由组合,基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测,正确的是()A.表现型有8种,AaBbCc个体的比例为116 B.表现型有4种,

11、aaBbcc个体的比例为116 C.表现型有8种,Aabbcc个体的比例为18 D.表现型有8种,aaBbCc个体的比例为116 解析亲本基因型为AaBbCc和AabbCc,每对基因分别研究：AaAa的后代基因型有3种,表现型有2种；Bbbb的后代基因型有2种,表现型有2种；CcCc的后代基因型有3种,表现型有2种。3对基因自由组合,杂交后代表现型有222=8种；基因型为AaBbCc的个体占2/41/22/4=4/32=1/8,基因型为aaBbcc的个体占1/41/21/4=1/32,基因型为Aabbcc的个体占1/41/22/4=1/16,基因型为aaBbCc的个体占1/41/22/4=1/

12、16,故D项正确。答案D5.小麦的毛颖和光颖是一对相对性状（显、隐性由P、p基因控制),抗锈和感锈是一对相对性状(由R、r控制)，控制这两对相对性状的基因位于两对同源染色体上。以纯种毛颖感锈（甲）和纯种光颖抗锈(乙)为亲本进行杂交,F1均为毛颖抗锈(丙)。再用F1 与丁进行杂交,F2有四种表现型，对每对相对性状的植株数目作出的统计结果如图所示，则丁的基因型是()A.Pprr B.PPRr C.PpRR D.ppRr 解析本题重点考查了遗传的基本规律基因的自由组合定律。具有两对相对性状的亲本杂交,子一代表现为显性性状,基因型为PpRr,其与丁杂交,根据图示可知,抗锈与感锈表现型比为31,则丁控制

13、此性状的基因型为Rr；毛颖与光颖表现型比为11,则丁控制此性状的基因型为pp,因此丁的基因型为ppRr。答案D6.(2008宁夏理综,29)某植物的花色由两对自由组合的基因决定。显性基因A和B同时存在时,植株开紫花,其他情况开白花。请回答：开紫花植株的基因型有_种,其中基因型是_的紫花植株自交,子代表现为紫花植株白花植株=97。基因型为_和_的紫花植株各自自交,子代表现为紫花植株白花植株=31。基因型为_的紫花植株自交,子代全部表现为紫花植株。解析AaBb植株自交,可产生9种基因型,其中AaBb、AaBB、AABb和AABB植株都含有基因A和B，开紫花,开紫花的表现型比例为3/4A3/4B=9

14、/16,其余的开白花；同理可推知其他亲代的基因型。答案4 AaBb AaBB AABb AABB2.(2008广东文基，72)两对基因(A-a和B-b)自由组合,基因型为AaBb的植株自交,得到的后代中表现型与亲本不相同的概率是()A1/4 B3/4 C7/16 D9/16解析与亲本表现不同的A_bb、aaB_、aabb,约占7/16。或者求表现型相同的为9/16A_B_,再求不同的为1-9/16=7/16。C4.水稻高秆(T)对矮秆(t)为显性,抗病(R)对感病(r)为显性，这两对基因在非同源染色体上。现将一株表现型为高秆抗病的植株的花粉授给另一株表现型相同的植株，所得后代表现型如图所示。根

15、据以上实验结果,判断下列叙述错误的是()A.以上后代群体的表现型有4种B.以上后代群体的基因型有9种C.以上两株亲本可以分别通过不同杂交组合获得D.以上两株表现型相同的亲本,基因型不相同解析根据题意可知,每对性状的分离比都是31,所以杂交亲本的基因型为TtRr、TtRr,上述答案中D项错。答案D1.现有AaBb和Aabb两种基因型的豌豆个体自交，假设这两种基因型个体的数量和它们的生殖能力均相同,在自然状态下,子一代中能稳定遗传的个体所占比例是()A.1/2 B.1/3 C.3/8 D.3/4解析AaBb的个体产生的能稳定遗传的个体所占比例为1/4,而Aabb个体产生的能稳定遗传的个体所占比例为

16、1/2,所以这两种基因型的个体产生的能稳定遗传的个体共有1/21/4+1/21/2=3/8。C5.下图表示人类某单基因遗传病的系谱图。假设3号与一正常男性婚配，生了一个既患该病又患苯丙酮尿症(两种病独立遗传)的儿子，预测他们再生一个正常女儿的概率是()A.9/16 B.3/16 C.2/3 D.1/3 解析由图示父母正常,生一个患病的儿子，说明该病为常染色体隐性遗传病。设该病由a基因控制,由题意可知3号的基因型为aa；苯丙酮尿症也是常染色体隐性遗传病,设由p基因控制,则3号与正常男子的基因型分别为aaPp和AaPp,二者再生一个正常女儿的概率为1/23/41/2=3/16,故选B。答案B7.豌

17、豆花的颜色受两对等位基因E/e与F/f所控制,只有当E、F同时存在时才开紫花，否则开白花。下列选项中都符合条件的亲本组合是()P：紫花白花 F1：3/8紫花5/8白花A.EeFfEeff EEFfeeff B.EeFfeeFf EeFFEeff C.EeFfeeff EeFFEeff D.EeFfEeff EeFfeeFf解析本题可用分解的方法来依据概率反推亲代可能的基因型。因只有当E、F同时存在时才开紫花,故子代3/8紫花可分解为3/4和1/2，即3/4(E_)1/2(F_)或1/2(E_)3/4(F_),前者则亲代为EeFfEeff,后者则亲代为EeFfeeFf。所以都符合条件的为D项。答

18、案D9.豌豆的红花(A)对白花(a)为显性,高茎(B)对矮茎(b)为显性。一株高茎红花豌豆与基因型为Aabb的豌豆杂交，子代中3/4开红花,12为高茎。若让这一株高茎红花豌豆自交，则自交后代高茎红花植株中杂合子所占的比例为()A.19 B.29 C.59 D.89解析由题意知,高茎红花豌豆为AB,用分离定律来解自由组合定律的题：故高茎红花豌豆的基因型为AaBb;AaBb 9AB:3A_bb：3aaB_：1aabb，即后代中高茎红花植株占9份,其中的高茎红花纯合子占1份,高茎红花杂合子占8份,所以高茎红花植株中杂合子占8/9。答案D分解11.已知玉米某两对基因按照自由组合定律遗传，现有子代基因型

19、及比例如下：则双亲的基因型是()A.TTSSTTSs B.TtSsTtSs C.TtSsTTSs D.TtSSTtSs解析子代TTTt=11,因此亲代控制该性状的基因型为TTTt,子代SSSsss=121,因此亲代控制该性状的基因型为SsSs,因此亲代基因型是TtSsTTSs。C基因型TTSSTTssTtSSTtssTTSsTtSs比例11112212.某种鼠中，黄鼠基因A对灰鼠基因a为显性，短尾基因B对长尾基因b为显性。且基因A或b在纯合时使胚胎致死，这两对基因位于非同源染色体上。现有两只双杂合的黄色短尾鼠交配，理论上所生的子代中杂合子所占的比例为()A.1/4 B.3/4 C.1/9 D.

20、8/9解析这两对基因位于非同源染色体上,符合孟德尔的自由组合定律,两只双杂合的黄色短尾鼠的基因型是AaBb,交配时会产生9种基因型的个体,即:A_B_、A_bb、aaB_、aabb,但是由于基因A或b在纯合时使胚胎致死,所以只有AaBB、AaBb、aaBB、aaBb四种基因型个体能够生存下来，子代中只有aaBB为纯合子,其余为杂合子。答案D17.某学校的一个生物兴趣小组进行了一项实验来验证孟德尔的遗传定律。该小组用豌豆的两对性状做实验,选取了黄色圆粒(黄色与圆粒都是显性性状,分别用Y、R表示)与某种豌豆作为亲本杂交得到F1,并且把F1的统计数据绘制成了如下柱形图。请根据实验结果讨论并回答下列有

21、关问题：(1)你能推测出亲本豌豆的表现型与基因型吗？请写出推测过程。_。(2)此实验F1中的纯合子占总数的多少？请写出推测过程。_。(3)有同学认为子代黄色与绿色比符合基因的分离定律,但圆粒与皱粒的比不符合基因的分离定律,你觉得该同学的想法有道理吗？请设计一个实验来验证你的想法。_。(4)如果市场上绿色圆粒豌豆销售形势很好,你能利用现有F1中四种表现型豌豆，获得纯合的绿色圆粒豌豆吗？请写出解决程序。(要求设计合理简单)_。解析(1)由坐标中直方图可看出F1中黄色绿色=31,圆粒皱粒=11,可推测出双亲豌豆基因型是YyRr和Yyrr。(2)由(1)推断出亲本豌豆基因型YyRrYyrr可分析,F1

22、中纯合子基因型有YYrr、yyrr两种,二者占总数的1/4。(3)由F1中粒形、粒色两对性状表现及分离比可知,两对性状都遵循基因分离定律,要想证明可选用F1中黄色圆粒豌豆自交,统计分析自交后代中圆粒与皱粒的数目及比例,若符合31则说明圆皱粒的遗传符合分离定律。(4)要想培育绿色圆粒豌豆,可直接从F1中选出绿色圆粒连续自交,淘汰不满足要求的个体,直至不再发生性状分离即可。答案(1)能。根据基因分离定律,单独分析一对基因传递情况,子代中黄色与绿色分离比为31,则亲本的基因型为YyYy,圆粒与皱粒分离比为11,则亲本的基因型为Rrrr,所以亲本的基因型为YyRrYyrr,表现型是黄色圆粒、黄色皱粒(2)1/4。YyYy的子代出现纯合子的概率是1/2,Rrrr的子代出现纯合子的概率是1/2,两对基因同时分析时,子代出现纯合子的概率是1/21/2=1/4(3)没有道理。如果将F1的黄色圆粒自交，则后代的圆粒与皱粒的比应该是31,符合基因的分离定律(4)能。将F1中绿圆豌豆(yyRr)自交,淘汰绿色皱粒,再连续自交并选择,直到不发生性状分离为止返回