2021新高考数学一轮复习（山东专用）学案：7-4 直线、平面平行的判定及其性质 WORD版含解析.doc

1、第四节直线、平面平行的判定及其性质课标要求考情分析1.以立体几何的定义、公理和定理为出发点，认识和理解空间中线面平行的有关性质与判定定理2能运用公理、定理和已获得的结论证明一些有关空间图形的平行关系的简单命题1.直线、平面平行的判定及其性质是高考中的重点考查内容，涉及线线平行、线面平行、面面平行的判定及其应用等内容2题型主要以解答题的形式出现，解题要求有较强的推理论证能力，广泛应用转化与化归的思想.知识点一直线与平面平行的判定定理和性质定理应用判定定理时，要注意“内”“外”“平行”三个条件必须都具备，缺一不可知识点二平面与平面平行的判定定理和性质定理1.平面与平面平行还有如下判定：如果一个平面

2、内的两条相交直线分别平行于另一个平面的两条直线，那么这两个平面互相平行2平面与平面平行还有如下性质：(1)两个平面平行，其中一个平面内的任意一条直线平行于另一个平面(2)夹在两个平行平面间的平行线段长度相等(3)两条直线被三个平行平面所截，截得的对应线段成比例1思考辨析判断下列结论正误(在括号内打“”或“”)(1)若一条直线平行于一个平面内的一条直线，则这条直线平行于这个平面()(2)若直线a与平面内无数条直线平行，则a.()(3)若直线a平面，P平面，则过点P且平行于a的直线有无数条()(4)如果一个平面内的两条直线平行于另一个平面，那么这两个平面平行()(5)如果两个平面平行，那么分别在这

3、两个平面内的两条直线平行或异面()2小题热身(1)如果直线a平面，那么直线a与平面的(D)A一条直线不相交B两条直线不相交C无数条直线不相交D任意一条直线都不相交(2)下列命题中正确的是(D)A若a，b是两条直线，且ab，那么a平行于经过b的任何平面B若直线a和平面满足a，那么a与内的任何直线平行C平行于同一条直线的两个平面平行D若直线a，b和平面满足ab，a，b，则b(3)设，是两个不同的平面，m是直线且m，则“m”是“”的(B)A充分不必要条件B必要不充分条件C充要条件D既不充分也不必要条件(4)如图，在正方体ABCDA1B1C1D1中，AB2，E为AD的中点，点F在CD上，若EF平面AB

4、1C，则EF.(5)已知正方体ABCDA1B1C1D1，下列结论中，正确的是(只填序号)AD1BC1；平面AB1D1平面BDC1；AD1DC1；AD1平面BDC1.解析：(1)因为直线a平面，直线a与平面无公共点，因此直线a和平面内的任意一条直线都不相交，故选D(2)A错误，a可能在经过b的平面内；B错误，a与内的直线平行或异面；C错误，两个平面可能相交；D正确，由a，可得a平行于经过直线a的平面与的交线c，即ac，又ab，所以bc，b，c，所以b.(3)当m时，过m的平面与可能平行也可能相交，因而m；当时，内任一直线与平行，因为m，所以m.综上知，“m”是“”的必要不充分条件(4)根据题意，

5、因为EF平面AB1C，所以EFAC又E是AD的中点，所以F是CD的中点因此在RtDEF中，DEDF1，故EF.(5)连接AD1，BC1，AB1，B1D1，C1D，BD，因为AB綊C1D1，所以四边形AD1C1B为平行四边形，故AD1BC1，从而正确；易证BDB1D1，AB1DC1，又AB1B1D1B1，BDDC1D，故平面AB1D1平面BDC1，从而正确；由图易知AD1与DC1异面错误；因为AD1BC1，AD1平面BDC1，BC1平面BDC1，故AD1平面BDC1，故正确考点一线面平行的判定与性质【例1】在如图所示的几何体中，四边形ABCD是正方形，PA平面ABCD，E，F分别是线段AD，PB

6、的中点，PAAB1.求证：EF平面DCP.【证明】方法1：取PC的中点M，连接DM，MF.M，F分别是PC，PB的中点，MFCB，MFCBE为DA的中点，四边形ABCD为正方形，DECB，DECBMFDE，MFDE，四边形DEFM为平行四边形，EFDM，EF平面PDC，DM平面PDC，EF平面PDC方法2：取PA的中点N，连接NE，NF.E是AD的中点，N是PA的中点，NEDP.F是PB的中点，N是PA的中点，NFAB，ABCD，NFCD又NENFN，NE平面NEF，NF平面NEF，DP平面PCD，CD平面PCD，平面NEF平面PCD又EF平面NEF，EF平面PCD方法3：取BC的中点G，连接

7、EG，FG.在正方形ABCD中，E是AD的中点，G是BC的中点，GECDF是PB的中点，G是BC的中点，GFPC又PCCDC，GE平面GEF，GF平面GEF，PC平面PCD，CD平面PCD，平面GEF平面PCDEF平面GEF，EF平面PCD方法技巧(1)证明直线与平面平行的关键是设法在平面内找到一条与已知直线平行的直线，解题的思路是结合几何体的特征，合理利用中位线定理、线面平行的性质，或者构造平行四边形、寻找比例式等方法证明两直线平行.(2)应用线面平行的性质定理的关键是确定交线的位置，有时需要经过已知直线作辅助平面来确定交线.1在空间四边形ABCD中，E，F分别为AB，AD上的点，且AEEB

8、AFFD14，又H，G分别为BC，CD的中点，则(B)ABD平面EFG，且四边形EFGH是平行四边形BEF平面BCD，且四边形EFGH是梯形CHG平面ABD，且四边形EFGH是平行四边形DEH平面ADC，且四边形EFGH是梯形解析：由题意知EFBD，且EFBD，HGBD，且HGBD所以EFHG，且EFHG，所以四边形EFGH是梯形因为EF平面BDC，EFBD，所以EF平面BCD，而EH与平面ADC不平行，故A，C，D错误，B正确2如图，四边形ABCD是平行四边形，点P是平面ABCD外一点，M是PC的中点，在DM上取一点G，过G和AP作平面交平面BDM于GH.求证：GH平面PAD证明：如图，连接

9、AC交BD于点O，连接MO，因为四边形ABCD是平行四边形，所以O是AC的中点又M是PC的中点，所以APOM.根据直线和平面平行的判定定理，则有PA平面BMD因为平面PAHG平面BMDGH，根据直线和平面平行的性质定理，所以PAGH.因为GH平面PAD，PA平面PAD，所以GH平面PAD考点二面面平行的判定与性质【例2】(1)如图，在多面体ABCDEF中，底面ABCD是菱形，四边形BDEF是矩形，平面BDEF平面ABCD，点G和H分别是CE和CF的中点求证：平面BDGH平面AEF.(2)如图，在三棱柱ABCA1B1C1中，B1A1AC1A1A，AA1AC，P，Q分别为棱AA1，AC的中点，在平

10、面ABC内过点A作AM平面PQB1交BC于点M，写出作图步骤，但不要求证明【解】(1)在CEF中，因为G，H分别是CE，CF的中点，所以GHEF，又因为GH平面AEF，EF平面AEF，所以GH平面AEF.设ACBDO，连接OH，在ACF中，因为OAOC，CHHF，所以OHAF，又因为OH平面AEF，AF平面AEF，所以OH平面AEF.又因为OHGHH，OH，GH平面BDGH，所以平面BDGH平面AEF.(2)如图，在平面ABB1A1内，过点A作ANB1P交BB1于点N，连接BQ，在BB1Q中，作NHB1Q交BQ于点H，连接AH并延长交BC于点M，则AM为所求作的直线方法技巧1.判定平面与平面平

11、行的4种方法(1)面面平行的定义，即证两个平面没有公共点(不常用)；(2)面面平行的判定定理(主要方法)；(3)利用垂直于同一条直线的两个平面平行(客观题可用)；(4)利用平面平行的传递性，两个平面同时平行于第三个平面，那么这两个平面平行(客观题可用)2谨记空间平行关系之间的转化1如图，在棱长为1的正方体ABCDA1B1C1D1中，M，N分别是A1D1，A1B1的中点，过直线BD的平面平面AMN，则平面截该正方体所得截面的面积为(B)ABCD解析：取C1D1，B1C1的中点分别为P，Q，连接PQ，PD，NP，QB，B1D1.易知MNB1D1BD，ADNP，ADNP，所以四边形ANPD为平行四边

12、形，则ANDP.又BD和DP为平面BDPQ的两条相交直线，所以平面BDPQ平面AMN，即平面为平面BDPQ.由PQDB，PQBD，得四边形BDPQ为梯形，其高h.所以平面截该正方体所得截面的面积为(PQBD)h.故选B2如图，在四棱柱ABCDA1B1C1D1中，AA1平面ABCD，ABCD，DCB90，ABADAA12DC，Q为棱CC1上一动点，过直线AQ的平面分别与棱BB1，DD1交于点P，R，则下列结论正确的是.对于任意的点Q，都有APRQ；对于任意的点Q，四边形APQR不可能为平行四边形；存在点Q，使得直线BC平面APQR.解析：ABCD，AA1DD1，平面ABB1A1平面CDD1C1.

13、平面APQR平面ABB1A1AP，平面APQR平面CDD1C1RQ，APRQ，故正确；四边形ABCD是直角梯形，ABCD，平面BCC1B1与平面ADD1A1不平行平面APQR平面BCC1B1PQ，平面APQR平面ADD1A1AR，PQ与AR不平行，故四边形APQR不可能为平行四边形，故正确；延长CD至M，使得DMCD，则四边形ABCM是矩形，BCAM.当R，Q，M三点共线时，AM平面APQR，BC平面APQR，故正确考点三线面平行的综合问题【例3】如图，四边形ABCD中，ABAD，ADBC，AD6，BC2AB4，E，F分别在BC，AD上，EFAB，现将四边形ABCD沿EF折起，使BEEC(1)

14、若BE1，在折叠后的线段AD上是否存在一点P，使得CP平面ABEF？若存在，求出的值；若不存在，说明理由(2)求三棱锥ACDF的体积的最大值，并求出此时点F到平面ACD的距离【解】(1)AD上存在一点P，使得CP平面ABEF，此时.理由如下：当时，过点P作MPFD交AF于点M，连接ME，则，BE1，FD5，MP3，又EC3，MPFDEC，MP綊EC，故四边形MPCE为平行四边形，CPME，又CP平面ABEF，ME平面ABEF，CP平面ABEF.(2)设BEx，则AFx(0x4)，FD6x，故VACDF2(6x)x(x3)23，当x3时，VACDF有最大值，且最大值为3，此时EC1，AF3，FD

15、3，DC2.在ACD中，由余弦定理得cosADC，sinADC，SACDDCADsinADC3.设点F到平面ADC的距离为h，VACDFVFACD，即3hSACD，h，即点F到平面ACD的距离为.方法技巧(1)在处理空间折叠问题中，要注意平面图形与空间图形在折叠前后的相互位置关系与长度关系等，关键是点、线、面位置关系的转化与平面几何知识的应用，注意平面几何与立体几何中相关知识点的异同，盲目套用容易导致错误.(2)解决探索性问题一般先假设其存在，把这个假设当作已知条件，和题目的其他已知条件一起进行推理论证和计算，在推理论证和计算无误的前提下，如果得到了一个合理的结论，则说明存在；如果得到了一个不

16、合理的结论，则说明不存在.如图，在四棱锥PABCD中，底面ABCD是直角梯形，ABCD，DAB60，ABAD2CD2，侧面PAD底面ABCD，PAD是以AD为底的等腰三角形(1)证明：ADPB(2)若四棱锥PABCD的体积等于，问：是否存在过点C的平面CMN分别交PB，AB于点M，N，使得平面CMN平面PAD？若存在，求出CMN的面积；若不存在，请说明理由解：(1)证明：取AD的中点G，连接BD，PG，BG.在PAD中，PAPD，PGADABAD且DAB60，ABD为正三角形，BGAD，又BGPGG，BG平面PBG，PG平面PBG，AD平面PBG，又BP平面PBG，ADPB(2)存在平面CMN

17、，使得平面CMN平面PAD，其中M，N分别为PB，AB的中点，以下给出证明：如图，在PAB中，MNPA且MNPA，又MN平面PAD，PA平面PAD，MN平面PAD在梯形ABCD中，CDAB且CDAB，CDAN且CDAN，四边形ANCD为平行四边形，CNAD，又CN平面PAD，AD平面PAD，CN平面PAD又MNNCN，平面CMN平面PAD由(1)可知PGAD，侧面PAD底面ABCD，侧面PAD底面ABCDAD，PG平面PAD，PG平面ABCD在梯形ABCD中，由条件可得BC，VPABCDS梯形ABCDPG(12)PG，PG.在PAD中，PAPD，AD2，G为AD的中点，PG，PAD为正三角形，PA2，PAD.在MNC中，CNAD2，MNPA1，MNCPAD，SMNCMNNCsinMNC12.