上海市徐汇区2022届高三数学下学期三模试题（Word版附解析）.docx

1、徐汇区高三线下复课数学自评试卷2022.06一填空题1. 已知复数，（其中为虚数单位），则_.【答案】#【解析】【分析】利用复数的乘法化简可得结果.【详解】由已知可得.故答案为：.2. 已知集合，则_.【答案】【解析】【分析】求出集合，利用交集的定义可求得结果.【详解】因为，因此，.故答案为：.3. 设等差数列的前n项和为，若，则等于_.【答案】45【解析】【分析】根据等差数列的性质有，再结合条件，求得，最后由求解.【详解】由等差数列的性质得：，又因为，所以，解得，所以.故答案为：45【点睛】本题主要考查了等差数列的性质，还考查了转化问题和运算求解的能力，属于中档题.4. 函数的反函数为，则_

2、.【答案】【解析】【分析】设，利用反函数的性质求出的值，即可得解.【详解】设，则点在函数的图象上，所以，解得，因此，.故答案为：.5. 已知，则_.【答案】#【解析】【分析】利用诱导公式求出的值，再利用二倍角的余弦公式可求得结果.【详解】，因此，.故答案为：.6. 已知多项式，则_.【答案】【解析】【分析】写出展开式通项，令的指数为，求出参数的值，代入通项后即可求得的值.【详解】因为的展开式通项为，的展开式通项为，由，可得，所以，故答案为：.7. 九章算术是我国古代内容极为丰富的数学名著，第九卷“勾股”讲述了“勾股定理”及一些应用，其中直角三角形的三条边长分别称“勾”“股”“弦”，设点是抛物线

3、的焦点，直线是该抛物线的准线，过抛物线上一点作准线的垂线，垂足为，射线交准线于点，若的“勾”，“股”，则抛物线方程为_.【答案】【解析】【分析】由，得到，然后由抛物线的定义得到是等边三角形求解.【详解】解：当抛物线开口向右时，如图所示：因为，所以，由抛物线的定义得，所以是等边三角形，所以，所以抛物线的方程是，同理，当抛物线开口向左时，抛物线方程为：，综上：抛物线的方程为：，故答案为：8. 某校航模队甲组有10名队员，其中4名女队员，乙组也有10名队员，其中6名女队员.现采用分层抽样（层内采用不放回随机抽样）从甲乙两组中共抽取4名队员进行技术考核，则从乙组抽取的队员中恰有一名女队员的概率为_.【

4、答案】【解析】【分析】利用分层抽样，求出从甲组中抽取2名队员，从乙组抽取2名队员，得到一共的选法，再求出乙组抽取的队员中恰有一名女队员的选法，利用古典概型概率公式求出答案.【详解】利用分层抽样，从甲组中抽取2名队员，从乙组抽取2名队员，则共有种选法，从乙组抽取的队员中恰有一名女队员的选法有种选法，所以从乙组抽取的队员中恰有一名女队员的概率为.故答案为：9. 设圆锥底面圆周上两点、间的距离为，圆锥顶点到直线的距离为，和圆锥的轴的距离为，则该圆锥的侧面积为_.【答案】【解析】【分析】根据圆锥的几何特征计算出圆锥的底面半径和母线长，结合圆锥的侧面积公式可求得结果.【详解】设圆锥的顶点为，底面圆圆心为

5、点，取线段的中点，连接、，因为，则，故，因为平面，平面，所以，为直线、的公垂线，故，因为，所以，圆锥的底面圆半径为，母线长为，因此，该圆锥的侧面积为.故答案为：.10. 设是直线与圆在第一象限的交点，则_.【答案】【解析】【分析】求出直线与圆在第一象限内的交点坐标，分析可知当时，的值会无限趋近于点与点连线的斜率，结合斜率公式可求得的值.【详解】联立，解得，因为，当时，直线趋近于直线，此时，直线与圆在第一象限的交点趋近于点，而可视为点与点连线的斜率，当时，的值会无限趋近于点与点连线的斜率，故.故答案为：.11. 已知是空间相互垂直的单位向量，且，则的最小值是_.【答案】3【解析】【分析】利用空间

6、向量的数量积计算公式得到，求出最小值，进而求出答案.【详解】因为互相垂直，所以，当且仅当时，取得最小值，最小值为9，则的最小值为3.故答案为：312. 已知一簇双曲线：，设双曲线的左右焦点分别为，是双曲线右支上一动点，的内切圆与轴切于点，则_.【答案】【解析】【分析】分析得到为右顶点，从而，利用等差数列求和公式进行计算.【详解】如图，由双曲线定义可知：，而根据切线长定理得：，所以，即，解得：，即为右顶点，故，所以故答案为：二选择题13. 已知空间三条直线abm及平面，且a，条件甲：，；条件乙：，则“条件乙成立”是“条件甲成立”的（ ）A. 充分非必要条件B. 必要非充分条件C. 充分且必要条件

7、D. 既非充分也非必要条件【答案】A【解析】【分析】由充要条件的定义进行判断即可【详解】由题意，空间三条直线abm及平面，且a，由线面垂直的判定定理可得：，且需要与相交才能得出，故甲不能推出乙；而由线面垂直的定义可得，则必垂直内任意直线，即，故乙能推出甲；故由充要条件的定义可知，乙是甲的充分不必要条件故选：A14. 函数图象的大致形状是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】分析函数的奇偶性以及在上的函数值符号，可得出合适的选项.【详解】，该函数的定义域为，函数为偶函数，当时，此时.因此，函数图象大致形状是C选项中的函数图象.故选：C.【点睛】本题考查利用函数解析式选择函数图象

8、，一般分析函数的定义域、奇偶性、单调性、零点以及函数值符号，考查分析问题和解决问题的能力，属于中等题.15. 当曲线(为参数)的点到直线(t为参数)的最短距离时，该点的坐标是（ ）.A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】将两个参数方程都化为直角坐标方程，由题意可知过圆心且垂直于直线的直线与圆的交点，就是所求的点【详解】解：曲线(为参数)的直角坐标方程为，直线(t为参数)的直角坐标方程为，当直线过圆心且垂直于直线时，直线的方程为，即，由，得或，所以当曲线(为参数)的点到直线(t为参数)的最短距离时，该点的坐标是，故选：B16. 已知函数，对于不相等的实数、，设，现有如下命题：对于任意

9、的实数，存在不相等的实数、，使得；对于任意的实数，存在不相等的实数、，使得，下列判断正确的是（ ）A. 和均为真命题B. 和均为假命题C. 为真命题，为假命题D. 为假命题，为真命题【答案】D【解析】【分析】假设中的结论成立，构造，取，判断函数的单调性，可判断；假设中的结论成立，构造函数，判断出函数的单调性，可判断.【详解】对于，假设对于任意的实数，存在不相等的实数、，使得，则，可得，即，取，可得，令，因为函数、在上均为增函数，所以，当、，且时，；当时，函数的增长速度比函数的速度增长得更快，任取、，且，记点、，则直线比直线的斜率更大，即，故，故错；对于，假设对于任意的实数，存在不相等的实数、，

10、使得，则，可得，构造函数，因为函数为上的增函数，函数在上为增函数，所以，函数在上为增函数，取，则，记，当时，则，所以，存在区间，使得函数在上不是增函数，故对任意的实数，函数不单调，故对于任意的实数，存在不相等的实数、，使得，对.故选：D.【点睛】关键点点睛：本题考查的是有关函数命题真假的判断，解题的关键在于假设结论成立，通过等式的结构构造新函数，转化为新函数的单调性问题来处理.三解答题17. 如图，在正三棱柱中，异面直线与所成角的大小为（1）求正三棱柱的体积；（2）求直线与平面所成角的大小（结果用反三角函数值表示）【答案】（1）； （2）【解析】【分析】（1）由已知可得，又，求得正三棱柱的底面

11、边长为，再求出底面积，即可得到答案；（2）在底面三角形ABC中，过B作，垂足为O，连接，可得为直线BC1与平面所成角，求解三角形即求解【小问1详解】异面直线与所成角的大小为，且，又，即正三棱柱的底面边长为，则正三棱柱的体积为；【小问2详解】在底面三角形ABC中，过B作，垂足为O，则O为AC中点，平面平面，平面平面，平面平面，连接，则为直线与平面所成角，即直线与平面所成角的大小为18. 已知函数的部分图象如图所示.（1）求函数的解析式；（2）在为锐角的中，角、的对边分别为、，若，且的面积为，求的值.【答案】（1） （2）或【解析】【分析】（1）由图象可得出函数的最小正周期，可求得的值，代入点、的

12、坐标，可分别求出、的值，可得出函数的解析式；（2）由结合角的取值范围可求得角的值，利用三角形的面积公式可求得的值，利用余弦定理可求得的值.【小问1详解】解：由图象可知，函数的最小正周期为，.因为点在函数的图象上，所以，即.又，则，从而，即.又点在函数的图象上，所以由，得.此时，则在附近单调递增，合乎题意，所以函数的解析式为.【小问2详解】解：由，所以，因为，则，所以，或，可得或，当时，因为，可得.又因为，所以，解得；当时，因，可得，因为，所以，解得.所以或.19. 某油库的设计容量为30万吨，年初储量为10万吨，从年初起计划每月购进石油万吨，以满足区域内和区域外的需求，若区域内每月用石油1万吨

13、，区域外前个月的需求量（万吨）与的函数关系为，并且前4个月，区域外的需求量为20万吨（1）试写出第个月石油调出后，油库内储油量（万吨）与的函数关系式；（2）要使16个月内每月按计划购进石油之后，油库总能满足区域内和区域外的需求，且每月石油调出后，油库的石油剩余量不超过油库的容量，试确定的取值范围【答案】（1），（）；（2）【解析】【详解】1）由条件得，所以2分，（） （）因，所以恒成立 恒成立 设，则：恒成立，由恒成立得（时取等号） 恒成立得（时取等号）所以20. 已知椭圆：焦距为，过点，斜率为的直线与椭圆有两个不同的交点.（1）求椭圆的方程；（2）若，最大值；（3）设，直线与椭圆的另一个交点

14、为，直线与椭圆的另一个交点为.若和点共线，求实数的值.【答案】（1） （2） （3）【解析】【分析】（1）待定系数法求解椭圆方程；（2）设出直线方程，联立椭圆方程，求出两根之和，两根之积，利用弦长公式得到，结合的取值范围，求出最大值；（3）设出直线方程，表达出两点坐标，由三点共线得到方程，化简后得到.【小问1详解】由题意得：焦距为，得，点坐标代入椭圆方程得：，解得：，所以椭圆的标准方程为.【小问2详解】设直线的方程为，由消去可得，则，即，设，则，则，易得当时，故的最大值为.【小问3详解】设，则，又，所以可设，直线的方程为，由消去可得，则，即，由，及，代入可得，又，所以，所以，同理可得.故，因为

15、三点共线，所以.将点，的坐标代入，通分化简得，即.【点睛】处理圆锥曲线问题，通常要设出直线方程，与圆锥曲线联立，得到两根之和，两根之积，再利用弦长公式或题干中条件，求出取值范围或得到方程，求出参数.21. 记实数、中较小者为，例如，对于无穷数列，记.若对任意均有，则称数列为“趋向递增数列”.（1）已知数列、的通项公式分别为，判断数列、是否为“趋向递增数列”？并说明理由；（2）已知首项为，公比为的等比数列是“趋向递增数列”，求公比的取值范围；（3）若数列满足、为正实数，且，求证：数列为“趋向递增数列”的必要非充分条件是中没有.【答案】（1）数列不是“趋向递增数列”，数列是“趋向递增数列”，理由见

16、解析 （2） （3）证明见解析【解析】【分析】（1）利用定义“趋向递增数列”判断数列、，可得出结论；（2）求得，分、六种情况讨论，验证能否恒成立，综合可得出的取值范围；（3）利用充分条件、必要条件的定义，利用反证法结合“趋向递增数列”的性质证明数列中没有，再证明出数列中没有时数列不是“趋势递增数列”.【小问1详解】解：由于，记，所以，由于，不满足对任意均有，所以数列不是“趋向递增数列”，由于，记，所以，数列是“趋向递增数列”.【小问2详解】解：.当时，数列为单调递增数列，此时，满足题意，当时，数列为常数列，不满足题意；当时，数列为单调递减数列，此时，不满足题意；当时，此时，满足题意；当时，此时

17、，不满足题意；当时，此时，不满足题意，综上所述，的取值范围是.【小问3详解】证明：先证必要性：假设存在正整数使得，令.因为、为正实数，且，所以，于是.则数列从第项开始为：、.若为奇数，与数列为“趋向递增数列”矛盾：若为偶数，与数列为“趋向递增数列”矛盾，故假设不成立，所以数列为“趋向递增数列”的必要条件是中没有；再证非充分：首先，若中没有，构造数列：，此时，与“趋向递增数列”定义矛盾；其次，证明数列中各项均大于.下面利用数学归纳法证明.即证：，当时，；假设当时，命题成立，即，.当时，.因此，有对任意，均有.当为偶数时，；当为奇数时，所以对任意均成立.因此，中没有是数列为“趋向递增数列”非充分条件.所以数列为“趋向递增数列”的必要非充分条件是中没有.【点睛】关键点点睛：本题考查数列新定义“趋势递增数列”，在证明第三问时，可充分采用反证法与数学归纳法结合充分条件、必要条件的定义来证明，并且可充分利用特例法来推出矛盾.