2021-2022学年高中数学 第2章 推理与证明 2.2.1 综合法和分析法课后篇巩固提升（含解析）新人教A版选修1-2 (2).docx

1、第二章推理与证明2.2直接证明与间接证明2.2.1综合法和分析法课后篇巩固提升基础巩固1.下列函数f(x)中,满足“对任意x1,x2(0,+),当x1f(x2)”的是()A.f(x)=1xB.f(x)=(x-1)2C.f(x)=exD.f(x)=ln(x+1)解析本题就是判断哪一个函数在(0,+)内是减函数,A项中,f(x)=1x=-1x20,用分析法证明1+x2B.x24C.x20D.x21解析因为x0,所以要证1+x1+x2,只需证(1+x)21+x22,即证00,显然x20成立,故原不等式成立.答案C3.命题“如果数列an的前n项和Sn=2n2-3n(nN*),那么数列an一定是等差数列

2、”,此命题()A.不成立B.成立C.不能断定是否成立D.成立与否与n取值有关解析当n2时,an=Sn-Sn-1=4n-5,又a1=S1=212-31=-1适合上式,所以an=4n-5(nN*),则an-an-1=4(常数),故数列an是等差数列.答案B4.已知函数f(x)=cos(3x+4)是奇函数,则等于()A.k4+8(kZ)B.k+2(kZ)C.k(kZ)D.k4(kZ)解析因为f(x)是奇函数,所以f(-x)=-f(x)对xR恒成立,即cos(-3x+4)=-cos(3x+4),即cos(3x-4)+cos(3x+4)=0,所以2cos3xcos4=0,因此cos4=0,4=k+2(k

3、Z),解得=k4+8(kZ).答案A5.运用分析法证明10-1314-17成立,只需证()A.(10-13)2(14-17)2B.(10-14)2(13+17)2C.(10+17)2(13+14)2D.(10-13-14)2(-17)2解析由10-1314-17,化简得10+170,14+130,只需证明(10+17)20,1b-1=a+cb0,1c-1=a+bc0,所以1a-11b-11c-1=b+caa+cba+bc2bc2ac2ababc=8.当且仅当a=b=c时取等号,所以不等式成立.这种证法是.解析本题从已知条件出发,不断地展开思考,去探索结论,这种方法是综合法.答案综合法7.平面内

4、有四边形ABCD和点O,且满足OA+OC=OB+OD,则四边形ABCD为.解析因为OA+OC=OB+OD,所以OA-OB=OD-OC,即BA=CD,故四边形ABCD为平行四边形.答案平行四边形8.在锐角三角形ABC中,求证:tan Atan B1.证明要证tanAtanB1,只需证sinAsinBcosAcosB1,因为A,B均为锐角,所以cosA0,cosB0.因此只需证明sinAsinBcosAcosB,即cosAcosB-sinAsinB0,只需证cos(A+B)0.而ABC为锐角三角形,所以90A+B180,所以cos(A+B)1.9.如图,在四棱锥P-ABCD中,PA底面ABCD,A

5、BAD,ACCD,ABC=60,PA=AB=BC,点E是PC的中点.(1)证明:CDAE.(2)证明:PD平面ABE.证明(1)在四棱锥P-ABCD中,因为PA底面ABCD,CD平面ABCD,所以PACD.因为ACCD,PAAC=A,所以CD平面PAC.又因为AE平面PAC,所以CDAE.(2)由PA=AB=BC,ABC=60,可得AC=PA.因为点E是PC的中点,所以AEPC.由(1)知,AECD,又PCCD=C,所以AE平面PCD.又因为PD平面PCD,所以AEPD.因为PA底面ABCD,AB平面ABCD,所以平面PAAB.又ABAD,PAAD=A,所以AB平面PAD.因为PD平面PAD,

6、所以ABPD.又因为ABAE=A,所以PD平面ABE.10.用综合法或分析法证明:(1)已知ABC中,边BC的中点为D,求证:向量ABAC=AD2-DB2;(2)已知abc,且a+b+c=0,求证:b2-aca3.证明(1)AD=AB+AC2,DB=AB-AC2,AD2=AB+AC22=14(AB2+AC2)+12ABAC,DB2=AB-AC22=14(AB2+AC2)-12ABAC,ABAC=AD2-DB2.(2)要证b2-aca3,只要证b2-ac3a,即证b2-ac0.又因为c=-a-b,则3a2-b2+a(-a-b)0,即证2a2-ab-b20,则(a-b)(2a+b)0.又因为ab,

7、a-b0,即证2a+b0.又因为a+b=-c,即证a-c0,即证ac.又由已知ac,故原不等式成立.能力提升1.若P=a+a+7,Q=a+3+a+4(a0),则P,Q的大小关系是()A.PQB.P=QC.PQD.由a的取值决定解析当a=1时,P=1+22,Q=2+5,PQ,故猜想当a0时,PQ.证明如下:要证PQ,只需证P2Q2,只需证2a+7+2a(a+7)2a+7+2(a+3)(a+4),即证a2+7aa2+7a+12,只需证012,012成立,P0”是“ABC为锐角三角形”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件解析若ABC为锐角三角形,则A必为锐角

8、,因此一定有ABAC0,但当ABAC0时,只能得到A为锐角,这时ABC不一定为锐角三角形.答案B3.在ABC中,C=3,a,b,c分别为A,B,C的对边,则ab+c+bc+a=.解析因为C=3,所以a2+b2=c2+ab,所以(a2+ac)+(b2+bc)=c2+ab+ac+bc=(a+c)(b+c),所以ab+c+bc+a=(a2+ac)+(b2+bc)(b+c)(c+a)=1.答案14.如图,在直四棱柱A1B1C1D1-ABCD(侧棱与底面垂直)中,当底面四边形ABCD满足条件时,有A1CB1D1(注:填上你认为正确的一种条件即可,不必考虑所有可能的情形).解析要证明A1CB1D1,只需证

9、明B1D1平面A1C1C.因为CC1B1D1,只要再有条件B1D1A1C1,就可证明B1D1平面A1C1C,从而得答案为B1D1A1C1.答案B1D1A1C1(答案不唯一)5.设a,b,c,d均为正数,求证:a2+b2+c2+d2(a+c)2+(b+d)2.证明要证明a2+b2+c2+d2(a+c)2+(b+d)2成立,只需证(a2+b2+c2+d2)2(a+c)2+(b+d)2,即证(a2+b2)(c2+d2)ac+bd,就是证(a2+b2)(c2+d2)(ac+bd)2,就是证b2c2+a2d22abcd,也就是证(bc-ad)20,此式显然成立,故所证不等式成立.6.用综合法或分析法证明

10、:(1)如果a0,b0,则lg a+b2lga+lgb2;(2)6+1023+2.证明(1)当a0,b0时,有a+b2ab0,lga+b2lgab,lga+b212lg(ab)=lga+lgb2.lga+b2lga+lgb2.(2)要证6+1023+2,只要证(6+10)2(23+2)2,即260248,显然成立,所以原不等式成立.7.是否存在常数C,使不等式x2x+y+yx+2yCxx+2y+y2x+y对任意正数x,y恒成立?若存在,请给出证明;若不存在,请说明理由.解存在常数C=23使不等式成立.证明如下:x0,y0,要证x2x+y+yx+2y23,只需证3x(x+2y)+3y(2x+y)

11、2(2x+y)(x+2y),即证x2+y22xy,此式显然成立.x2x+y+yx+2y23.再证xx+2y+y2x+y23,只需证3x(2x+y)+3y(x+2y)2(x+2y)(2x+y),即证x2+y22xy,此式显然成立.xx+2y+y2x+y23.综上所述,存在常数C=23,使得不等式x2x+y+yx+2yCxx+2y+y2x+y对任意正数x,y恒成立.8.求证:当x0,1时,22xsin xx.证明记F(x)=sinx-22x,则F(x)=cosx-22.当x0,4时,F(x)0,F(x)在0,4上单调递增;当x4,1时,F(x)0,所以当x0,1时,F(x)0,即sinx22x.记H(x)=sinx-x,则当x(0,1)时,H(x)=cosx-10,所以H(x)在0,1上单调递减,则H(x)H(0)=0,即sinxx.综上,22xsinxx,x0,1.