2021高考生物（全国版）一轮复习教师用书：第五单元专题十一　基因的分离定律 WORD版含解析.docx

1、第五单元基因的传递规律专题十一基因的分离定律考点基因分离定律的发现及其应用1.2019海南,18,2分以豌豆为材料进行杂交实验。下列说法错误的是()A.豌豆是自花传粉且闭花受粉的二倍体植物B.进行豌豆杂交时,母本植株需要人工去雄C.杂合子中的等位基因均在形成配子时分离D.非等位基因在形成配子时均能够自由组合本题通过对闭花受粉、等位基因、非等位基因、自由组合等遗传学基本概念的考查,让考生在形成生命观念的基础上运用所学知识解决问题。由于非等位基因包括“位于一对同源染色体上的”和“分别位于两对同源染色体上的”两种情况,只有后者遵循遗传规律。2.2019全国卷,6,6分假设在特定环境中,某种动物基因型

2、为BB和Bb的受精卵均可发育成个体,基因型为bb的受精卵全部死亡。现有基因型均为Bb的该动物1 000对(每对含有1个父本和1个母本),在这种环境中,若每对亲本只形成一个受精卵,则理论上该群体的子一代中BB、Bb、bb个体的数目依次为()A.250、500、0B.250、500、250C.500、250、0D.750、250、0高考常考查基因分离定律的异常现象,如本题结合合子致死现象考查基因的分离定律。解答本题时可以把基因型为Bb的动物1 000对(每对含有1个父本和1个母本),每对亲本只能形成一个受精卵等信息,转换成1 000对基因型为Bb的动物交配之后,再进行解答。3.2015山东理综,6

3、,5分玉米的高秆(H)对矮秆(h)为显性。现有若干H基因频率不同的玉米群体,在群体足够大且没有其他因素干扰时,每个群体内随机交配一代后获得F1。各F1中基因型频率与H基因频率(p)的关系如图。下列分析错误的是()A.0p1时,亲代群体都可能只含有纯合体B.只有p=b时,亲代群体才可能只含有杂合体C.p=a时,显性纯合体在F1中所占的比例为19D.p=c时,F1自交一代,子代中纯合体比例为59通过分析自交、自由交配过程中基因频率和基因型频率之间的关系,可深刻领会基因分离定律的实质,并将其运用到解释遗传现象中去,充分体现了“学以致用”的核心价值。合子概率=雌雄配子概率的乘积,这是解答此类试题的核心

4、知识点。4.2019北京理综,30,17分油菜是我国重要的油料作物,培育高产优质新品种意义重大。油菜的杂种一代会出现杂种优势(产量等性状优于双亲),但这种优势无法在自交后代中保持。杂种优势的利用可显著提高油菜籽的产量。(1)油菜具有两性花,去雄是杂交的关键步骤,但人工去雄耗时费力,在生产上不具备可操作性。我国学者发现了油菜雄性不育突变株(雄蕊异常,肉眼可辨),利用该突变株进行的杂交实验如下:由杂交一结果推测,育性正常与雄性不育性状受对等位基因控制。在杂交二中,雄性不育为性性状。杂交一与杂交二的F1表现型不同的原因是育性性状由位于同源染色体相同位置上的3个基因(A1、A2、A3)决定。品系1、雄

5、性不育株、品系3的基因型分别为A1A1、A2A2、A3A3。根据杂交一、二的结果,判断A1、A2、A3之间的显隐性关系是。(2)利用上述基因间的关系,可大量制备兼具品系1、3优良性状的油菜杂交种子(YF1),供农业生产使用,主要过程如下:经过图中虚线框内的杂交后,可将品系3的优良性状与性状整合在同一植株上,该植株所结种子的基因型及比例为。将上述种子种成母本行,将基因型为的品系种成父本行,用于制备YF1。为制备YF1,油菜刚开花时应拔除母本行中具有某一育性性状的植株。否则,得到的种子给农户种植后,会导致油菜籽减产,其原因是。(3)上述辨别并拔除特定植株的操作只能在油菜刚开花时(散粉前)完成,供操

6、作的时间短,还有因辨别失误而漏拔的可能。有人设想:“利用某一直观的相对性状在油菜开花前推断植株的育性”,请用控制该性状的等位基因(E、e)及其与A基因在染色体上的位置关系展示这一设想。复等位基因的遗传、不完全显性、共显性等“特殊的遗传现象”是新情境、新信息下遗传定律的灵活应用,通过设置新情境、提供新信息来考查考生解决问题的能力,是现行高考的一个重要考查方向。无论复等位基因的个数有多少,一对同源染色体上只存在其中的2个,因此仍遵循分离定律进行遗传。 考点基因分离定律的发现及其应用 考法1 孟德尔遗传实验的科学方法命题角度1孟德尔遗传实验科学方法的应用分析1 2018浙江11月选考,15,2分下列

7、关于紫花豌豆与白花豌豆杂交实验的叙述,正确的是A.豌豆花瓣开放时需对母本去雄以防自花授粉B.完成人工授粉后仍需套上纸袋以防自花授粉C.F1自交,其F2中出现白花的原因是性状分离D.F1全部为紫花是由于紫花基因对白花基因为显性 本题考查孟德尔一对相对性状的杂交实验,意在考查考生的理解能力。豌豆为闭花授粉,花瓣开放时已经完成授粉,因此需在花蕾期花粉未成熟时对母本去雄以防自花授粉,A错误;完成人工授粉后,为了防止外来花粉对其授粉,需对其进行套袋处理,B错误; F1为杂合子,自交后其F2中出现白花的现象是性状分离现象,原因是F1减数分裂时等位基因分离,C错误;F1全部为紫花是因为紫花基因对白花基因为显

8、性,D正确。 D命题角度2基因分离定律的实质和验证2 2019全国卷,32,9分玉米是一种二倍体异花传粉作物,可作为研究遗传规律的实验材料。玉米子粒的饱满与凹陷是一对相对性状,受一对等位基因控制。回答下列问题。(1)在一对等位基因控制的相对性状中,杂合子通常表现的性状是。(2)现有在自然条件下获得的一些饱满的玉米子粒和一些凹陷的玉米子粒,若要用这两种玉米子粒为材料验证分离定律,写出两种验证思路及预期结果。(1)一对等位基因控制一对相对性状,通常情况下,这对等位基因具有完全显性关系,杂合子表现为显性性状。(2)已知玉米子粒的饱满与凹陷是一对相对性状,受一对等位基因控制,若要用饱满的玉米子粒和凹陷

9、的玉米子粒为材料验证分离定律,可用自交、杂交或测交的方法,只要后代出现3:1或1:1的表现型比例,则可验证分离定律。两种玉米分别自交,若某些玉米自交后,子代出现3:1的性状分离比,则可验证分离定律。两种玉米分别自交,在子代中选择两种纯合子进行杂交,F1自交,得到F2,若F2中出现3:1的性状分离比,则可验证分离定律。让子粒饱满的玉米和子粒凹陷的玉米杂交,如果F1都表现一种性状,则用F1自交,得到F2,若F2中出现3:1的性状分离比,则可验证分离定律。让子粒饱满的玉米和子粒凹陷的玉米杂交,如果F1表现两种性状,且表现型比例为1:1,则可验证分离定律。(1)显性性状(2)两种玉米分别自交,若某些玉

10、米自交后,子代出现3:1的性状分离比,则可验证分离定律。让子粒饱满的玉米和子粒凹陷的玉米杂交,如果F1表现两种性状,且表现型比例为1:1,则可验证分离定律。(其他答案合理也可)命题分析本题以验证分离定律的实验思路和预期结果来设计试题,有利于考生发挥想象力和创造力,真正体现了科学思维和科学探究等核心素养,类似的试题还有2019年全国卷第29题、2019年全国卷第29题等,这表明2019年高考在命题理念方面更具开放性、灵活性和创新性,更加注重对综合能力和核心素养的考查,这可能是今后高考变化的方向。思维拓展孟德尔如何验证自己的假说?我们如何验证孟德尔的分离定律?提示:孟德尔通过“杂合子自交后代3:1

11、的分离比”得出了分离定律的假说,若要验证自己的这个假说,只能用其他杂交方案测交方法进行验证(因为再进行杂合子自交,只能是重复原有实验,而不是验证);我们用另外一种生物玉米重复孟德尔的杂交实验,得出与孟德尔相同的结论,可验证孟德尔的分离定律的正确性,用测交实验也可以验证。命题角度3基因分离定律的应用3 2018江苏,6,2分一对相对性状的遗传实验中,会导致子二代不符合31性状分离比的情况是A.显性基因相对于隐性基因为完全显性B.子一代产生的雌配子中2种类型配子数目相等,雄配子中也相等C.子一代产生的雄配子中2种类型配子活力有差异,雌配子无差异D.统计时子二代3种基因型个体的存活率相等本题考查分离

12、定律中31分离比实现的条件。子一代产生的雄配子中两种类型配子活力有差异,不满足雌雄配子随机结合这一条件,则会导致子二代不符合31的性状分离比,C项符合题意。 C归纳总结 杂合子自交后代出现31性状分离比的条件分析1.一对等位基因控制的相对性状的遗传,显性对隐性必须是完全显性(不完全显性、共显性均不符合)。2.同种类型的配子(雄配子或雌配子)中,Aa=11,且配子活力相同,雌、雄配子结合是随机的。3.各种基因型胚胎的存活率相同、子代个体的存活率等均相同等。4.基于较大数据的统计处理。1.水稻中非糯性(W)对糯性(w)为显性,非糯性品系花粉和种子中所含淀粉遇碘变蓝黑色,糯性品系花粉和种子中所含淀粉

13、遇碘变橙红色。下列关于纯种的非糯性与糯性水稻的杂交实验结果中,不能验证基因分离定律的是()A.杂交后亲本植株上结出的种子(F1)遇碘全部变蓝黑色B.F1自交后结出的种子(F2)遇碘后,3/4变蓝黑色,1/4变橙红色C.F1产生的花粉遇碘后,一半变蓝黑色,一半变橙红色D.F1测交得到的种子遇碘后,一半变蓝黑色,一半变橙红色命题角度4遗传学的相关概念及相互关系4 2017全国卷,6,6分下列有关基因型、性状和环境的叙述,错误的是A.两个个体的身高不相同,二者的基因型可能相同,也可能不相同B.某植物的绿色幼苗在黑暗中变成黄色,这种变化是由环境造成的C.O型血夫妇的子代都是O型血,说明该性状是由遗传因

14、素决定的D.高茎豌豆的子代出现高茎和矮茎,说明该相对性状是由环境决定的 基因型相同的两个人,营养条件等因素的差异可能会导致两人身高不同,A正确;绿色幼苗在黑暗中变黄,是因为缺光无法合成叶绿素,是由环境因素造成的,B正确;O型血夫妇基因型均为ii,两者均为纯合子,所以后代基因型仍然为ii,表现为O型血,这是由遗传因素决定的,C正确;高茎豌豆的子代出现高茎和矮茎,说明高茎豌豆亲本是杂合子,子代出现性状分离,这是由遗传因素决定的,D错误。D考法2 对自交和自由交配的理解和应用命题角度5自交和自由交配的辨析及相关计算5 山东理综高考,6,4分用基因型为Aa的小麦分别进行连续自交、随机交配、连续自交并逐

15、代淘汰隐性个体、随机交配并逐代淘汰隐性个体,根据各代Aa基因型频率绘制曲线如图。下列分析错误的是A.曲线的F3中Aa基因型频率为0.4B.曲线的F2中Aa基因型频率为0.4C.曲线的Fn中纯合体的比例比上一代增加(1/2)n+1D.曲线和的各子代间A和a的基因频率始终相等对题目中提到四种交配方式逐一分析。杂合子连续自交:Fn中Aa基因型频率为(1/2)n,图中曲线符合,连续自交得到的Fn中纯合体比例为1-(1/2)n,Fn-1中纯合体的比例为1-(1/2)(n-1),二者之间的差值是(1/2)n ,C项错误;由于在杂合子的连续自交过程中没有选择,各代间A和a的基因频率始终相等,故D项中关于曲线

16、的描述正确;杂合子随机交配:亲本中Aa基因型频率为1,随机交配子一代中Aa基因型频率为1/2,继续随机交配基因型频率不受干扰,A和a的基因频率不改变,Aa的基因型频率也保持定值,曲线符合小麦的此种交配方式,同时D项中关于曲线的描述正确;连续自交并逐代淘汰隐性个体:亲本中Aa基因型频率为1,自交一次并淘汰隐性个体后Aa基因型频率为2/3,第二次自交并淘汰隐性个体后Aa基因型频率为2/5,即0.4,第三次自交并淘汰隐性个体后Aa基因型频率为2/9,所以曲线为连续自交并逐代淘汰隐性个体,B项正确;随机交配并逐代淘汰隐性个体:基因型为Aa的亲本随机交配一次(可视为自交),产生的子一代淘汰掉隐性个体后A

17、a基因型频率为2/3,再随机交配产生子二代,并淘汰掉隐性个体,A的基因频率为3/4,a的基因频率为1/4,产生子三代中Aa的基因型频率为0.4,曲线符合,A项正确。C技巧点拨解答Aa连续自交和自由交配类型的题时,可以发现以下特点:若Aa自由交配,F1及以后各代的基因型比例及基因频率均不发生改变;而Aa连续自交,由于每代的杂合子自交均有纯合子生成,因此纯合子的比例逐渐增大,杂合子的比例逐渐减小,但每一代中的基因频率与自由交配一样,均不发生改变,即A的基因频率=a的基因频率=1/2。2. 2019河南林州一中模拟某生物种群中基因型为AA的个体占1/3,基因型为Aa的个体占2/3,在无人为干扰的情况

18、下,可得到的结果是 ()如果该生物是果蝇,则子代各种基因型的频率是AA=1/2,Aa=1/3,aa=1/6如果该生物是果蝇,则子代各种基因型的频率是AA=4/9,Aa=4/9,aa=1/9如果该生物是豌豆,则子代各种基因型的频率是AA=1/2,Aa=1/3,aa=1/6如果该生物是豌豆,则子代各种基因型的频率是AA=4/9,Aa=4/9,aa=1/9A.B.C.D.考法3 一对相对性状的推理与判断规律命题角度6性状显隐性的判断方法6 2017海南,20,2分遗传学上的平衡种群是指在理想状态下,基因频率和基因型频率都不再改变的大种群。某哺乳动物的平衡种群中,栗色毛和黑色毛由常染色体上的1对等位基

19、因控制。下列叙述正确的是A.多对黑色个体交配,每对的子代均为黑色,则说明黑色为显性B.观察该种群,若新生的栗色个体多于黑色个体,则说明栗色为显性C.若该种群栗色与黑色个体的数目相等,则说明显隐性基因频率不等D.选择1对栗色个体交配,若子代全部表现为栗色,则说明栗色为隐性若黑色为隐性,黑色个体交配后代也均为黑色,A项错误;若种群数目有限,则实际分离比例可能偏离理论值,新生个体多的体色也可能是隐性,B项错误;若显隐性基因频率相等,则隐性性状的基因型频率为0.50.5=0.25,其他为具有显性性状的个体,故显隐性性状个体的数目不相等,C项正确;若这对栗色个体为显性纯合子,子代也全部为栗色, D项错误

20、。C命题角度7纯合子和杂合子的判定7 2019全国卷,5,6分某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株(植株甲)进行了下列四个实验。让植株甲进行自花传粉,子代出现性状分离用植株甲给另一全缘叶植株授粉,子代均为全缘叶用植株甲给羽裂叶植株授粉,子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1:1用植株甲给另一全缘叶植株授粉,子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3:1其中能够判定植株甲为杂合子的实验是A.或B.或C.或D.或 由题干信息可知,羽裂叶和全缘叶是一对相对性状,但未确定显隐性,若要判断全缘叶植株甲为杂合子,即要判断全缘叶为显性性状,羽裂叶为隐性性状。 让全缘叶植株甲进行自花传粉,子代出现性状分离,

21、说明植株甲为杂合子,杂合子表现为显性性状,新出现的性状为隐性性状,正确;用植株甲给另一全缘叶植株授粉,子代均为全缘叶,说明双亲既可能是显性纯合子,也可能是隐性纯合子,或者是双亲均表现为显性性状,其中之一为杂合子,另一个为显性纯合子,因此不能判断植株甲为杂合子,错误;用植株甲给羽裂叶植株授粉,子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1:1,只能说明一个亲本为杂合子,另一个亲本为隐性纯合子,但无法判断谁是杂合子、谁是纯合子,错误;用植株甲给另一全缘叶植株授粉,子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3:1,说明植株甲与另一全缘叶植株均为杂合子,正确。综上分析,供选答案组合,B正确。B命题角度8基因型与表现型的推断及概率计

22、算8 2015北京理综节选,30,11分野生型果蝇的腹部和胸部都有短刚毛,而一只突变果蝇S的腹部却生出长刚毛。研究者对果蝇S的突变进行了系列研究,用这两种果蝇进行杂交实验的结果见图。(1)根据实验结果分析,果蝇腹部的短刚毛和长刚毛是一对性状,其中长刚毛是性性状。图中、基因型(相关基因用A和a表示)依次为。(2)实验2结果显示:与野生型不同的表现型有种。基因型为,在实验2后代中该基因型的比例是。(1)一种生物同一种性状的不同表现类型叫作相对性状。由实验2中F1腹部有长刚毛个体雌、雄交配,得到的后代性状分离比为腹部有长刚毛腹部有短刚毛=31,可知该性状由一对等位基因控制,且长刚毛为显性性状。由上述

23、分析可推知,亲本中腹部有长刚毛的基因型应为Aa,腹部有短刚毛的基因型为aa。(2)野生型果蝇的表现型是腹部和胸部都有短刚毛,实验2的后代中除有1/4的野生型外,还有3/4的突变型,突变型中有2/3表现为腹部有长刚毛,1/3表现为胸部无刚毛。依据基因分离定律,实验2中F1(Aa)雌雄个体交配,后代的基因型及比例应为AAAaaa=121,可推知基因型为AA的个体表现为胸部无刚毛,占后代的比例为1/4。(1)相对显Aa、aa(2)两AA1/43. 2019吉林实验中学期中如图为鼠的毛色的遗传图解,下列判断错误的是 ()A.1号和2号的基因型相同,3号和6号的基因型相同B.F1的结果表明发生了性状分离

24、C.4号一定是杂合子,3号一定是纯合子D.7号与4号的基因型相同的概率为1/2考法4 基因分离定律的特殊现象分析命题角度9共显性、不完全显性遗传现象9 2019河北廊坊模拟孔雀鱼原产于南美洲,现已作为观赏鱼引入世界各国。在人工培育下,孔雀鱼产生了许多品系,其中蓝尾品系中浅蓝尾、深蓝尾和紫尾由一对等位基因B、b控制,且深蓝尾为显性性状。科研人员选用深蓝尾和紫尾孔雀鱼做杂交实验,结果如图所示:(1)深蓝尾对紫尾是 (填“完全显性”或“不完全显性”),若F2中浅蓝尾孔雀鱼随机交配,产生的子代中,深蓝尾个体占 。(2)浅蓝尾与深蓝尾孔雀鱼仅从颜色上不容易区分,若想仅凭尾的颜色来确定某蓝尾孔雀鱼的尾色,

25、需通过实验,若子代表现型及比例是,则该蓝尾孔雀鱼的尾色为浅蓝色。(3)研究发现B基因存在时不含该基因的雄配子一半失去活性,对雌配子无影响,则F1随机交配产生的后代表现型及比例为。(1)由遗传图解可知,F1随机交配产生的后代的表现型及比例是深蓝尾:浅蓝尾:紫尾=1:2:1,则F1的基因型为Bb,F1随机交配产生的后代的基因型及比例是BB:Bb:bb=1:2:1,因此深蓝尾对紫尾是不完全显性,相关遗传符合基因分离定律。浅蓝尾个体(Bb)随机交配产生的后代中,深蓝尾(BB)、浅蓝尾(Bb)、紫尾(bb)分别占1/4、1/2、1/4。因此,F2中浅蓝尾孔雀鱼随机交配产生的子代中,深蓝尾个体占1/4。(

26、2)通过测交实验可以区分基因型BB、Bb,如果该蓝尾孔雀鱼的基因型是Bb,则测交后代的基因型及比例是Bb:bb=1:1,即浅蓝尾:紫尾=1:1,如果该蓝尾孔雀鱼的基因型是BB,则测交后代的基因型都是Bb,都表现为浅蓝尾。(3)由题意知,浅蓝尾雌性个体产生的雌配子的基因型及比例是B:b=1:1,雄性个体产生的具有受精能力的雄配子的基因型及比例是B:b=2:1,雌雄配子随机结合产生的后代的基因型及比例是BB:Bb:bb=2:3:1,即深蓝尾:浅蓝尾:紫尾=2:3:1。(1)不完全显性1/4(2)测交浅蓝尾:紫尾=1:1(3)深蓝尾:浅蓝尾:紫尾=2:3:1命题角度10复等位基因遗传10 2016上

27、海,21,2分如表所示某家庭各成员间的凝血现象(-表示无凝集,+表示凝集),其中妻子是A型血,则女儿的血型和基因型分别为红细胞丈夫妻子儿子女儿丈夫血清-+-妻子血清+-+儿子血清+-+女儿血清-+-A.A型;IAiB.B型;IBiC.AB型;IAIBD.O型;ii 人红细胞表面有相应的抗原,血清中有不同的抗体,抗原与相应抗体进行特异性结合后发生凝血现象。妻子是A型血,故其红细胞表面含有A抗原,血清中含有抗B抗体,结合表中信息分析可知儿子的血型为O型(ii),故妻子的血型为A型(IAi),丈夫和女儿的血型均为B型(IBi)。B命题角度11遗传中的致死问题11 2019全国卷,5,6分某种二倍体高

28、等植物的性别决定类型为XY型。该植物有宽叶和窄叶两种叶形,宽叶对窄叶为显性。控制这对相对性状的基因(B/b)位于X染色体上,含有基因b的花粉不育。下列叙述错误的是A.窄叶性状只能出现在雄株中,不可能出现在雌株中B.宽叶雌株与宽叶雄株杂交,子代中可能出现窄叶雄株C.宽叶雌株与窄叶雄株杂交,子代中既有雌株又有雄株D.若亲本杂交后子代雄株均为宽叶,则亲本雌株是纯合子控制宽叶和窄叶的基因位于X染色体上,宽叶对窄叶为显性,含基因b的花粉不育,可推出不存在窄叶雌株(XbXb),A正确。宽叶雌株中有纯合子与杂合子,杂合宽叶雌株作母本时,子代雄株可为宽叶,也可为窄叶;纯合宽叶雌株作母本时,子代雄株全为宽叶,B

29、、D正确。当窄叶雄株作父本时,由于含基因b的花粉不育,故后代只有雄性个体,C错误。C答题模板关于致死现象的遗传题,可分三步分析:第一步,无论是配子致死还是胚胎致死,均按无致死现象、遵循分离定律写出配子种类及比例,并书写遗传图解;第二步,根据题目信息“划掉”遗传图解中致死配子或个体;第三步,根据“划掉”后的情况调整配子或个体基因型前的“系数”,分析得出正确答案。4. 2019江西名校联考某哺乳动物的毛色受位于常染色体上的复等位基因Am(黄色)、An(黑色)、a(白色)控制(Am对An和a为显性,An对a为显性),某一基因存在纯合致死现象。基因型为AmAn与Ama的个体杂交得到F1,F1表现型及比

30、例如图所示,F1自由交配得F2。下列相关叙述正确的是 ()A.该哺乳动物的毛色对应的基因型有6种B.F1产生的雄配子中Am的概率为1/6C.F2的表现型及比例为黄色黑色白色=431D.F2中出现白色个体与基因的遗传遵循自由组合定律有关命题角度12从性遗传现象12 2017全国卷,32节选,4分某种羊的性别决定为XY型。已知其有角和无角由位于常染色体上的等位基因(N/n)控制;黑毛和白毛由等位基因(M/m)控制,且黑毛对白毛为显性。回答下列问题:(1)公羊中基因型为NN或Nn的表现为有角,nn无角;母羊中基因型为NN的表现为有角,nn或Nn无角。若多对杂合体公羊与杂合体母羊杂交,则理论上,子一代

31、群体中母羊的表现型及其比例为;公羊的表现型及其比例为。由题意可知,控制羊的有角与无角的基因的遗传为从性遗传。多对杂合体公羊与杂合体母羊杂交,通过列表可知NnNn子代的基因型及表现型。子代基因型1/4NN2/4Nn1/4nn子代雄性表现型有角有角无角子代雌性表现型有角无角无角(1)有角无角=13有角无角=315. 2020湖南四校联考某甲虫的有角和无角受等位基因T/t控制,而牛的有角和无角受等位基因F/f控制,详见下表。下列相关叙述错误的是 ()物种 基因型表现型有角无角某甲虫雄性TT、Tttt雌性TT、Tt、tt牛雄性FF、Ffff雌性FFFf、ffA.基因型均为Tt的雄甲虫和雌甲虫交配,子代

32、中有角与无角之比为35B.若子代中有角均为雄性、无角均为雌性,则两只亲本甲虫的基因型为TTTTC.两只有角牛交配,子代中出现的无角牛应为雌性,有角牛可能为雄性或雌性D.无角雄牛与有角雌牛交配,子代中无角个体均为雌性,有角个体均为雄性1.D豌豆是自花传粉且闭花受粉的二倍体植物,自然状态下是纯种,A正确;因豌豆雌雄同花,在进行豌豆杂交时,母本植株需要人工去雄,并进行套袋处理,B正确;杂合子中的等位基因在形成配子时随同源染色体的分开而分离,C正确;非同源染色体上的非等位基因在形成配子时能够自由组合,同源染色体上的非等位基因不能自由组合,D错误。2.A由题意可知,1 000对基因型均为Bb的亲本交配,

33、每对亲本只形成一个受精卵,若不考虑致死,一对基因型为Bb的亲本产生基因型为BB、Bb、bb的受精卵的概率分别为1/4、2/4、1/4,1 000对基因型均为Bb的亲本交配,产生基因型为BB、Bb、bb的受精卵的数目分别为250、500、250,由于基因型为bb的受精卵全部死亡,所以该群体的子一代中BB、Bb、bb个体的数目依次为250、500、0,A项符合题意。3.D根据题意,各种群处于遗传平衡状态,即各种群基因频率不再发生改变,可根据遗传平衡进行计算。H基因频率为p,设h基因频率为q,则各种群中基因型频率分别为HHp2,Hh2pq,hhq2,且p+q=1(),2pq=2p(1-p)=-2p2

34、+2p。当0pA2A3。(2)通过杂交二,可将品系3 (A3A3)的优良性状与雄性不育株(A2 A2)杂交,得到A2A3,再与A3A3杂交,得到A2A3:A3A3=1:1。将A2A3和A3A3种植成母本行,将基因型为A1A1的品系1种成父本行,制备YF1即A1A3。由于母本行是A2A3(雄性不育)和A3A3(雄性可育),父本行是A1A1(雄性可育),要得到YF1(A1A3),需要在油菜刚开花时拔除母本行中A2A3(雄性不育,其雄蕊异常、肉眼可辨)植株,否则,所得种子中混有A3A3自交产生的种子、A2A3与A3A3杂交所产生的种子,这些种子在生产上无杂种优势且部分雄性不育,种植后会导致减产。(3

35、)将E基因导入A2基因所在的染色体上,将e基因导入A3基因所在的染色体上,则表现E基因控制性状的个体为雄性不育,未表现E基因控制性状的个体为雄性可育。1.A杂交后亲本植株上结出的种子(F1,基因型为Ww)遇碘全部变蓝黑色,后代表现型只有一种,无法验证基因分离定律,A符合题意;F1自交后结出的种子(F2)遇碘后,3/4变蓝黑色,1/4变橙红色,说明F1自交后代出现性状分离,能验证基因分离定律,B不符合题意;F1产生的花粉遇碘后,一半变蓝黑色,一半变橙红色,说明F1产生两种配子,且比例为11,所以能验证基因分离定律,C不符合题意;F1测交得到的种子遇碘后,一半变蓝黑色,一半变橙红色,即F1能够产生

36、两种数量相等的配子,能验证基因分离定律,D不符合题意。2.C如果该生物是果蝇,在无人为干扰的情况下,果蝇随机交配,由题意可知,A的基因频率为2/3,a的基因频率为1/3,则子代果蝇中AA的基因型频率是(2/3)(2/3)=4/9,Aa的基因型频率是2(1/3)(2/3)=4/9,aa的基因型频率是(1/3)(1/3)=1/9。因此,错误,正确。如果该生物是豌豆,在无人为干扰的情况下,豌豆自交,AAAAAA,概率为1/3;AaAa1/4AA、1/2Aa、1/4aa,AA的概率为(2/3)(1/4)=1/6,Aa的概率为(2/3)(1/2)=1/3,aa的概率为(2/3)(1/4)=1/6。因此,

37、AA的基因型频率为1/6+1/3=1/2,Aa的基因型频率为1/3,aa的基因型频率为1/6。因此,正确,错误。综上所述,正确,错误,即C正确。3.D假设用A和a表示控制小鼠的毛色的基因,由1号(黑)2号(黑)3号(白)可知,白色为隐性性状,黑色为显性性状,则1号和2号的基因型为Aa,3号的基因型为aa;由4号(黑)5号(黑)6号(白)可知,4号和5号的基因型均为Aa,6号的基因型为aa,7号的基因型为AA或Aa,因此1号和2号的基因型相同,3号和6号的基因型相同,A正确;F1的结果表明发生了性状分离,B正确;4号的基因型为Aa,3号的基因型为aa,C正确;7号与4号的基因型相同的概率为2/3

38、,D错误。4.C基因型为AmAn与Ama的个体杂交,F1的基因型为AmAm、Ama、AmAn、Ana,而F1中黄色黑色=21,结合题干信息“某一基因存在纯合致死现象”,可推知AmAm纯合致死,因此该哺乳动物的毛色对应的基因型为5种,即AmAn、Ama、AnAn、Ana、aa,A项错误;F1个体的基因型为Ama、AmAn、Ana,雌雄配子的种类及比例都为AmAna=111,即雄配子中Am的概率为1/3,B项错误;F1自由交配,F2中致死(1AmAm)黄色(2AmAn、2Ama)黑色(1AnAn、2Ana)白色(1aa)=1431,故F2的表现型及比例为黄色黑色白色=431,C项正确;复等位基因的

39、遗传遵循基因的分离定律,D项错误。5.B解答本题的关键是仔细辨析表格中甲虫、牛的雌性和雄性对应的基因型,然后根据亲子代之间的表现型、基因型分析答题。基因型均为Tt的雄甲虫和雌甲虫交配,后代中TTTttt=121,由于雌性全部表现为无角,雄性中有角无角=31,所以子代中有角与无角之比为35,A正确;若甲虫子代中有角均为雄性、无角均为雌性,则两只亲本甲虫的基因型为TTTT或TTTt,B错误;两只有角牛交配,雌牛的基因型为FF,雄牛的基因型为FF或Ff,子代中出现的无角牛应为雌性,有角牛可能为雄性或雌性,C正确;无角雄牛(ff)与有角雌牛(FF)交配,子代中无角个体均为雌性,有角个体均为雄性,D正确。