山东新高考联合质量测评2024届高三物理上学期10月联考试题（PDF版附答案）.pdf

1、#QQABDQSEogAAABAAAAgCQwlACkCQkAGCCIoGhAAIMAAAwRNABAA=#QQABDQSEogAAABAAAAgCQwlACkCQkAGCCIoGhAAIMAAAwRNABAA=#QQABDQSEogAAABAAAAgCQwlACkCQkAGCCIoGhAAIMAAAwRNABAA=#QQABDQSEogAAABAAAAgCQwlACkCQkAGCCIoGhAAIMAAAwRNABAA=#山东新高考联合质量测评 10 月联考 高三物理参考答案及评分标准 1.D 2.C 无人机在空中沿水平直线向右做匀减速运动，在时间t 内水平方向位移变化量 at2，竖直方向做自

2、由落体运动，在时间t 内竖直方向位移变化量 gt2，说明水平方向位移变化量与竖直方向位移变化量比值一定，则连线的倾角就是一定的。3.C 同一点，万有引力不变，飞船加速度不变，A 错误；由开普勒第二定律可知 v1：v2=r2：r1；=22 =(1+222)32,C 正确；D 不确定。4.D 由关联速度可得：船=人，角度增大，船速变大，A、B 错误；由牛顿第二定律可知，2fcos f=ma,角度增大，船加速度先减小后增大，选 D。5.B =53=45 53=45 F=2+2=45 2 6.D 摩擦力做功大小与 F 方向有关，A 错误；运动情况变化相同，合外力做功情况相同，B 错误；=(+)+,C

3、错误；当 f=0 时 F 做功最小，D 正确。7.【答案】C【解析】由题意知第 3 s 与第 4 s 内质点速度之比为4:5，根据匀变速直线运动的推论知，第2.5 s 末与第 3.5 s 末的瞬时速度之比 4:5，则有2.503.502.543.55vvavva，得01.5va；又65.5015.57mxvva，联立得01.5m/sv，21m/sa，A、B 错误；第 4 s 与第 5 s 的位移之比即 3.5 s 末与第 4.5 s 末的瞬时速度之比3.504.503.554.56vvavva，C 正确，根据 0vvat，得=5.5m/s，D 错误。8.B =(+)1#QQABDQSEogAA

4、ABAAAAgCQwlACkCQkAGCCIoGhAAIMAAAwRNABAA=#1=1 2 对 m 分析：=1 =5 1=1=4 =2 2=4 2 2=1 对 M 分析：=3 3=3.5 2 2=1+32 2=7.5 9.AD 对甲分析：x=22,由图像得=0.5 2,初位置在-2m 处，两秒内的位移1=12 2=1，A 正确，B 错误 由图像面积可得 2=3 D 正确 10.BC 3mg=kx1 上升到最大高度时v=0 由能量守恒定律得：12 12=+h=2710 当k2=+时动能最大 由能量守恒定律得：12 12=(1 2)+(1 2)+12 22 =222 11.AC 对 C 点分析：

5、mg=2 =对 C 到 A 过程分析 2R=12 gt2 x=vct#QQABDQSEogAAABAAAAgCQwlACkCQkAGCCIoGhAAIMAAAwRNABAA=#x=2R 对 B 到 C 过程分析 mg2R=12 mvc2 12 mvB2 对 A 到 B 过程分析：=12 2 F=54 =22 =2 在 B 点对滑块分析：=2 =6 12.ACD 对 A 到 C 分析：mg3Rsin30+F3R=Ekc 12 mv02 Ekc=332 mgR+12 mv02 对 A 到 B 过程分析：F2Rcos30=EkB 12 mv02 EkB=3mgR+12 mv02 13.（每空 2 分

6、）（1）平抛运动的竖直分运动是自由落体运动（2）2.0 2.1 乙同学；水平距离测量值比真实值多一个小球半径 14.（每空 2 分）（1）C （2）0Fg C （3）22111228ddmgLMmtt 15【解析】（1）设物体的初速度0v，加速度 a，有 AC 段，20 1112ACxv tat.AB 段，2012121()()2ABxv tta tt.得22m/sa.01m/sv.#QQABDQSEogAAABAAAAgCQwlACkCQkAGCCIoGhAAIMAAAwRNABAA=#（2）AB 位移中点在 C 点右侧3m 处，设为 D 点，AD 间距离15m，则有2202DADvvax.

7、得61m/sDv 根据0cACvvat.得7m/sCv 物体通过 AB 中点时的瞬时速度与通过 C 点瞬时速度的差值(617)m/s.每式 1 分,共 7 分 16 解：（1）对 A 分析：=.=2 2 对 B 分析：=.=54 2 12 12 12 12=.解得 1=1.（2）=1=54 .1=2 1=58.AB 分离后对 B 分析：2=5 2.1=2 12 222.解得 2=1+54 =1+2=5+54.每式 1 分共 9 分 17.解：（1）a 点到斜面的垂直距离为 y=hcos370=2m.垂直斜面的加速度 gy=g cos370=8m/s2.方向垂直于斜面向下.垂直斜面向上抛出时时间

8、最长：-y=v0t1-12gyt12.#QQABDQSEogAAABAAAAgCQwlACkCQkAGCCIoGhAAIMAAAwRNABAA=#取垂直斜面向上为正方向，t1=1S .（2）垂直于斜面向下抛出时间最短：y=v0t2+12gyt22.t2=0.5S.（3）对球受力分析：F 为合力，F=（mg）2+F风2=54 mg.方向与竖直方向成 角。tan=F风mg=34.=370 当速度与 F 垂直时速度最小，v=v0sin=1.2m/s.式各 1 分，.式各 2 分共 12 分 18.解：(1)对 AB 段分析，由能量守恒得：=12 2+.=206.(2)当滑块速度大于传送带的速度时：+

9、=1.1=10 2 当滑块速度小于传送带的速度时：=2.2=2 2 设传送带的速度为1由刚好到达 C 点得：21221+1222=.解得：1=10 .(3)当滑块刚到能到达 D 点时，对 CD 段分析，由动能定理得：=12 12.1=4 设此时传送带速度为2 22221+221222=.解得：2=230 .当滑块恰好能够通过 E 点时，对 CE 段分析由动能定理得：(1+)=12 2 12 22.解得#QQABDQSEogAAABAAAAgCQwlACkCQkAGCCIoGhAAIMAAAwRNABAA=#2=46 设此时传动带的速度为3 23221+322222=.解得 3=3702 .每式 2 分，其余各式各 1 分，共 16 分#QQABDQSEogAAABAAAAgCQwlACkCQkAGCCIoGhAAIMAAAwRNABAA=#