江西省百校联盟2023届高三物理上学期联合测评卷（PDF版附解析）.pdf

1、高三联合测评卷物理 第 1 页(共2页)2023届高三联合测评卷物理(90分钟 100分)注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后,将答题卡交回。一、选择题(本题共12小题,1-8小题为单项选择题,每小题3分,共24分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合要求的;9-12小题为不定项选择题,有多个选项是正确的,全部选(第1题图)对得6分,选对但不全得3分,选错得0分。)1.手机

2、导航已成为我们出行必备的功能之一,极大地方便了某些“迷途”一族,如图所示是李华同学假期出游的导航示意图,下列说法正确的是()A.图中的“90公里”“91公里”“98公里”指的是位移B.图中的“1小时30分”、“17:20到达”指的是时间间隔C.图中推荐的第一种方案平均速度为90km/hD.图中推荐的三种方案位移相等2.下列所给的图像中能反映做直线运动的物体回到了初始位置的是()A B C D(第3题图)3.“南昌之星”摩天轮其建设总高度达160米,比之前世界最高纪录保持者“伦敦之眼”还要高出25米。转盘直径长达153米,主体钢结构,挂有60个太空舱,如此大一个巨型摩天轮其技术含量相当高。太空舱

3、里配有一些电子系统:空调、音响、液晶电视、对讲机等,每个太空舱载客数可达6-8人,可同时容纳360-480人左右进行参观游览,旋转一周约需30分钟。如图所示,摩天轮悬挂的座舱在竖直平面内做匀速圆周运动,座舱 P 刚好转动到和摩天轮圆心水平的位置,则()A.座舱的角速度约为12.56rad/sB.座舱的速度的大小约为0.27m/sC.最高处座舱里的游客受到座舱的作用力大于游客自身的重力D.座舱转到水平位置时,座舱P 里的游客受座舱的作用力等于他自身的重力4.2022年9月16日,四川省泸州市发生6.0级地震,救援力量第一时间投入到救援处置工作,为民生提供了最有力的服务保障和紧急救援物资。一辆运送

4、救援物资的汽车以20m/s的速度匀速行驶,发现路口还有4秒钟是红灯,此时汽车在距停车线50m,驾驶员立刻开始刹车,汽车刚好停在停车线上。刹车过程汽车的运动可看作匀减速直线运动,则该车()A.刹车时的加速度大小为5m/s2 B.第1s的位移为18mC.最后1s的位移为2.5mD.此过程的平均速度是12.5m/s5.四个小球在离地面不同高度同时从静止释放,不计空气阻力,从开始运动时刻起每隔相等的时间间隔,小球依次碰到地面。下列各图中,能反映出刚要开始运动时各小球相对地面的位置的是()A B C D(第6题图)6.在一个经典的广告视频,巴西足球名星罗纳尔迪尼奥在禁区外连续4次射门击中球门横梁,被所有

5、人认为是不可思议。其中的一次射门,可简化成右图,小罗将足球从P 点斜向上踢出,方向与水平方向成 角,恰好沿水平方向垂直击中横梁的 O 点,而后足球沿水平方向弹回落在球场的 Q 点,已知 POQ 在同一个垂直面上。足球与横梁碰撞前后的速度大小比为65,横梁O 点距离地面的高度为2.45m,PQ 两点的距离为3.5m,不计空气阻力,重力加速度g 取10m/s2,则tan 为()A.760 B.750 C.730 D.725 甲 乙(第7题图)7.如图甲所示为健身房里用来拉伸的器械,可简化成图乙,一不可伸长轻绳两端各连 接 质 量 相 同 的 配 重 块,初 始 时PQ 水平,拉杆通过不可伸长的轻绳

6、固定在 PQ 的中点O 处,健身运 动 员 用双手给拉杆一个竖直向下的力,将结点O 拉至O处,整个过程配重块上升了20cm,拉杆下降了40cm,则此时把手与配重块的加速度大小之比为()A.45B.85C.35D.658.一轻质光滑定滑轮固定在长木板上,木板的一端可绕 O 点转动,质量分别为 m 和3m 的物块A、B 通过不可伸长的轻绳跨过滑轮连接,A 与B 间、B 与木板间的动摩擦因数 均为0.25,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现将木板的另一端缓慢由水平位置抬起,如图所示,当木板与水平面的夹角为 时,物块 A、B 刚好要滑动,则此时tan 的值为()A.12B.58C.34D.1(第8题图)

7、(第9题图)(第10题图)9.质量为2kg的质点在光滑水平面上运动,以起点为坐标原点建立x-y 坐标系。得到质点在x 方向的速度-时间图像和在y 方向的位移-时间图像分别如图所示,则()A.质点的初速度为2 13 m/sB.质点不可能做直线运动C.物体所受的合力为4ND.2s末,质点所在位置坐标为(8m,6m)10.如图所示为教室里走时准确的时钟,则下面说法正确的是()A.秒针转动的角速度是分针角速度的60倍B.秒针顶端的线速度是时针顶端线速度的3600倍C.分针转动的角速度是时针角速度的12倍D.分针和时针每隔65min相遇一次11.如图所示,水平传送带以速度v1=2m/s匀速向左运动,小物

8、体P、Q 由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连,mP=2kg、mQ=1kg,小物体P 与传送带之间的动摩擦因数=0.1。某(第11题图)时刻 P 在传送带右端具有向左的速度v2=4m/s,P 与定滑轮间的绳水平。不计定滑轮质量和摩擦,小物体 P 与传送带之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,传送带、轻绳足够长,取g=10m/s2。则()A.Q 上升的最大高度为1.5mB.Q 上升的最大高度为2.25mC.P 离开传送带时的速度为2m/sD.P 离开传送带时的速度为2 3 m/s12.粗糙水平地面上放有一长木板,木板与地面的动摩擦因数1=0.1,木板右端端放置一小物块,小物块与木板间的动摩擦因数2=0.

9、3,在木板左方有一墙壁,木板左端与墙壁的距离为3.5m,如图甲所示。t=0时刻开始,小物块与木板一起以共同速度向左运动,直至木板与墙壁碰撞(碰撞时间极短),运动过程中小物块始终未离开木板。已知长木板的v-t 图线如图乙所示。重力加速度大小g 取10m/s2。则()高三联合测评卷物理 第 2 页(共2页)甲 乙(第12题图)A.t=1s时长木板撞到墙B.小物块与长木板的质量比为13C.小物块与长木板同时停下D.长木板的最小长度为3m二、非选择题(本题共5小题,共52分)13.(6分)某乒乓球爱好者,利用手机研究乒乓球与球台碰撞过程的高度变化情况。实验步骤如下:固定好手机,打开录音功能;从一定高度

10、由静止释放乒乓球;(第13题图)手机记录下乒乓球与台面碰撞的声音,其随时间(单位:s)的变化图像如图所示。根据声音图像记录的碰撞次序及相应碰撞时刻,如下表所示。碰撞次序1234567碰撞时刻(s)1.121.582.002.402.783.143.47根据实验数据,回答下列问题:(1)利用碰撞时间间隔,计算出第2次碰撞后乒乓球的弹起高度为m(保留2位有效数字,当地重力加速度g=9.80m/s2)。由于存在空气阻力,则该次计算的弹起高度(填“高于”或“低于”)实际弹起高度。(2)设乒乓球碰撞前后离桌面的最大高度比为k,第3次碰撞过程中k=(保留2位有效数字)。14.(9分)某学习小组利用如图装置

11、探究加速度a 与力F 的关系:(1)小组同学将木板适当倾斜后,接通打点计时器,轻轻的推了下没有挂钩码时的小车,打出的点如下图所示,纸带的右端连接在小车上,则需要把图中的垫片(填“向左”或“向右”)移到适当的位置,直到小车做(填“匀减速”“匀速”或“匀加速”)直线运动。(2)调整后,小组同学按规范操作打出的一条纸带的一部分如图所示。已知打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上,由该纸带可求出打下标号为3的点时小车的瞬时速度为m/s,小车的加速度为m/s2。(结果保留2位有效数字)(3)如果当时电网中交变电流的频率f50Hz,但当时做实验的同学并不知道,那么测得的加速度值比真实值(选填“偏大”或“

12、偏小”)。(第14题图)15.(8分)2022年北京冬奥会短道速滑比赛中,场地如图甲所示,甲运动员起跑后进入弯道前的过程看作初速度为零的匀加速直线运动,若运动员加速到速度v=8m/s时,滑过的距离x=16m,进入弯道后,如果把运动员在弯道滑行的过程看作轨道为半圆的匀速圆周运动,如图乙所示,甲、乙两名运动员同时进入弯道,滑行半径分别为 R甲=8m,R乙=9m,运动员在弯道滑行时冰刀与冰面的摩擦力等于运动员自身重力的0.8倍,在不冲出赛道的前提下,他们以各自最大的速度过了弯道。(1)求甲运动员匀加速直线运动阶段的加速度;(2)通过计算比较经过该次弯道后哪位运动员领先。(第15题图)16.(12分)

13、如图甲所示为某综艺节目的躲球游戏。现将运动过程进行简化,如图乙所示,泡沫球从 A 点静止开始沿斜面匀加速直线下滑,加速度为 4m/s2,A 距斜面底端B 长度为18m,泡沫球到达 B 点后没有速度损失,然后在水平面上做匀减速直线运动,加速度大小为0.5m/s2,参与游戏的玩家的一开始站在C 点,当小球到达 B 点时,玩家由静止开始以加速度大小2m/s2 开始向右做匀加速直线运动,到达8m/s后做匀速直线运动,C 点的位置玩家可自由选择,在不被球追上的前提下BC 的距离越小,得分越高。求:(1)泡沫球到达B 时的速度大小;(2)玩家得分最高的情况下,所选择BC 的距离。(第16题图)17.(17

14、分)风洞是研究空气动力学的实验设备。如图,两水平面(虚线)之间的距离为 H,其间为风洞的区域,物体进入该区间会受到水平方向的恒力,自该区域下边界的 O 点将质量为m 的小球以一定的初速度竖直上抛,从 M 点离开风洞区域,小球再次从 N 点返回风洞区域后做直线运动,落在风洞区域的下边界P 处,NP 与水平方向的夹角为45,不计空气阻力,重力加速度大小为g。求(1)风洞区域小球受到水平方向恒力的大小;(2)小球运动过程中离风洞下边界OP 的最大高度;(3)OP 的距离。(第17题图)高三联合测评卷物理参考答案 第 1 页(共3页)2023届高三联合测评卷物理参考答案一、1.D【解析】图中的“90公

15、里”“91公里”“98公里”指的是实际路线长度,是路程,A 错误;图中的“17:20到达”指的是时刻,B错误;推荐的第一种方运动的轨迹是曲线,所 以 平 均 速 率 才 等 于 90km/h,C 错误;三种情况始末位置相同,位移相同,D 正确。故选 D。2.C【解析】A.物体做匀速直线运动,2s内物体的位移为-4m,故物体没有回到初始位置,A 错误;B.物体第1s内做匀加速运动,第2s内做匀减速运动,始终向前,位移不为0,B错误;C.由图可知,物体开始和结束时的纵坐标均为0,说明物体又回到了初始位置,C 正 确;D.由 图 可 知,物 体 一 直 沿正方向运动,位移增大,故无法回到初始位置,D

16、 错误。故选C。3.B【解 析】由 题 可 知t=1800s,则 =2T=0.0035rad/s,A 错 误;线 速 度 的 大 小 v=r=0.27m/s,B 正 确;游 客 受 到 座 舱 和 重 力 的 共 同 作用做匀速圆周运动,最高点时,mg-F=m2R,故座舱的作用力小于游客自身的重力,C 错 误;游 客做匀速圆周运动,合力不为0,D 错误。故选 B。4.B【解析】A.由2ax=0-v20 可得:a=-4m/s2,A 错误;B.x=v0t+12at2=18m,B正确;C.最后一秒的位移,由逆向思维 x=-12at2=2m,C 错误;D.v=v0+02=10m/s,D 错误。故选 B

17、。5.C【解析】依题意可设第1个小球经时间t 落地,则第2个小球经时间2t 落地,第3个 小 球 经 时 间3t落地,第4个小球经时间4t落地,又因为四个小球做的都是初速度为零的匀加速运动,因此它们下落的高度之比为14916,C 正确。故选 C。6.C【解析】竖直方向:h=12gt2,解得t=0.7s;设足球与横梁碰撞前后的速度分别为v1、v2,水平方向:v1t-v2t=xPQ,且v1v2=65,联 立 可 得:v1=30m/s,竖 方 向 速 度 vy=gt=7m/s,可 得tan=730。故选 C。7.B【解析】设 PO 的距离为x,由几何知识 可 得:x2+0.42=(x+0.2)2,解

18、得:x=0.3m,对轻绳中点进行受力分析,根据三角形几何关系可知,左右两段细绳与水平方向夹角均为53,可知加速度大小之比为85。故选 B。8.C【解析】设绳子的张 力 为 T,对 A 受 力 分 析 可得:T=mgsin+mgcos,对 B 受 力 分 析 可 得:T+mgscos+(m+3m)gcos=3mgsin,联立可得tan=34。故选 C。9.BC【解析】A.质点在x 方向做匀加速直线运动,加速度大小为a=8-42m/s2=2m/s2,0时刻x 方向的速度为4m/s,在y 方 向 做 匀 速 直 线 运 动,速度为 3m/s,则 质 点 的 初 速 度 为42+32 m/s=5m/s

19、,A 错误;B.由 A 分析可知,质点做匀变速曲线运动,B正确;C.由牛顿第二定律得物体所受合外力为F=ma=4N,C 正确;D.2s末,质点y 方向位移为零,x 方向位移为x=4+82 2m=12m,则2s末,质点所在位置坐标为(12m,0),D 错误。故选 BC。10.AC【解析】秒针的角速度1=60,分针的角速度2=23600,时针的角速度3=2123600,AC正确;B.由于 不 知 道 秒 针、时 针 的 长 度,B 错 误;由2t-3t=2,解得t65.45min,D 错误。故选 AC。11.BD【解析】P 向左匀减速滑动,设加速度为a1,则对 P:T+mPg=mPa1,对 Q:m

20、Qg-T=mQa1,解得:a1=4m/s2,P 与 传 送 带 达 共 速 后,由于mPgmQg,故继续向左做匀减速运动,则mQg-mPg=(mP+mQ)a2,解 得:a2=高三联合测评卷物理参考答案 第 2 页(共3页)83 m/s2,P 向左运动的最大距离xm=v22-v212a1+v212a2=2.25m,B正确;P 减速为零后,反向加速,a3=a2=83 m/s2,v2=2a3xm,解得:v=2 3 m/s,D正确。故选 BD。12.AC【解析】A.根据图像 可 共 同 初 速 度 为v0=4m/s,受到 滑 动 摩 擦 力 而 向 左 做 匀 减 速 运 动,a1=-g1=-1m/s

21、2,由 2ax=v2-v20,可 得:v=3m/s,则长木板撞到墙时,t1=va1=1s,A 正确;B.撞 墙 后 长 木 板 的 加 速 度 a2=vt=-2m/s2,由 牛 顿 第 二 定 律:-mg2-(m+M)g1=Ma2,可得:mM=14,B 错误;由上面可知:长木板撞墙后再运动1s,速度为0,运动的 距 离 x1=v12 t=1 m,此 时 对 小 物 块:a3=-g2=-3m/s2,v=v0+a3t=0,木块也刚好停下,C正确;此时小物块运动的距离x2=v2t=3m,则长木板的最小长度L=x1+x2=4m,D 错误。故选 AC。二、13.(1)0.22 高于(2)1.1【解析】(

22、1)已知第 2次 乒 乓 球 撞 击 球 台 的 时 刻:t1=1.58s,第3次撞击的时刻t2=2.00s,则第2次碰撞到第3次碰撞用时 t1=2.00s-1.58s=0.42s,根据竖直上抛的对称性可以得出下落和上升所花时间相等;根据自由落体运动的位移公式可得:第 3 次 碰 撞 后 乒 乓 球 弹 起 的 高 度 为 h1=12g t12 2=12 9.80.212 m0.22m。(2)已 知 第 3 次 乒 乓 球 撞 击 球 台 的 时 刻:t3=2.00s,第4次撞击的时刻t4=2.40s,则第3次碰撞到第4次碰撞用时 t2=2.40s-2.00s=0.40s,第3次碰撞 后 乒

23、乓 球 弹 起 的 高 度 为h2=12gt22 2=12 9.80.22 m0.20m,故k=h1h2=1.1。14.(1)向右 匀速(2)0.38 0.16(3)偏大【解析】(1)由图可知,小车做减速运动,说明平衡摩擦力不足,因此要把轨道左侧抬高,即图中的垫片向右移动,直到打出的点分布均匀,做匀速直线运动。(2)根据匀变速直线运动规律,打下标号为3的点时小车 的 瞬 时 速 度 为 v3=x242T=3.84+3.6820.110-2 m/s0.38 m/s,根 据 位 移 差 公 式 x=aT2,a=x34-x122T2=3.84-3.5220.1210-2 m/s=0.16m/s2。(

24、3)因为计算所用的频率偏大,则计算所用的时间间隔偏小,加速度的计算值比真实值偏大。15.(1)2m/s2(2)甲领先【解析】(1)设 加 速 度 为 a,由 v2-v02=2ax 得a=v2-v022x=82-0216m/s2=2m/s2。(2)根 据 向 心 加 速 度 表 达 式 可 得:F=kmg=m42T2R,解得:T甲=2,T乙=3 22,可得 T甲 T乙,所以出弯道后甲领先。16.(1)12m/s(2)32m【解析】(1)泡 沫 球 达 B 时 的 速 度 大 小vB,则 有v2B-0=2a1xAB,代入数据解得vB=12m/s。(2)泡沫球做匀减速运动,当v=8m/s时,t=va

25、2=8s,x=v+vB2 t=80 m,人 匀 加 速 阶 段:v=a3t1,得t1=4s,此时x1=12a3t12=16m,匀速阶段x2=v(t-t1)=32m,故xBC=x-x1-x2=32m。17.(1)F=mg(2)43H (3)83H【解析】(1)因为小球做 直 线 运 动,合 力 方 向 与 速度方向在同 一 条 直 线 上,有:mgF=tan45,可 得:F=mg。(2)最高点的小球的速度沿水平方向,设该速度为v,则小球在 M、N 点的水平方向速度也 为v,设小球在 M、N 点竖直方向的速度为vy,在 O 点的初速度为v0,由O 到 M 的时间为t,水平方向有:v=gt,在 P

26、点,水平方向有:vx1=v+gt=2v,在竖直方向上,小球在从 O 点到P 点做上跑运动,竖直方向上速度相等,此时速度方向与水平方向夹角为45,可得v0=2v,由 N 到P 小球做直线高三联合测评卷物理参考答案 第 3 页(共3页)运动,设在 N 点竖直方向速度为vy2,则有:vy2v0=vvx1,可得:vy2=v02,设 最 高 点 为 Q 点,则 在 竖 直方向上,由 Q 到 N,v02=gt1,由 N 到P 有:v0-v02=gt,可得t1=t,在竖直方向上有:v022t=h,v02+v02t=H,可得h=43H。(3)水平方向:由O 到 M 有:x1=v2t,由 M 到 N有:x2=2vt,由 N 到P 有:x3=v+2v2 t,由(2)可知v0=2v,v0t=43H,联立可得x=x1+x2+x3=83H。