浙江省绍兴市2020届高三物理4月适应性（一模）考试试题（PDF）参考答案.pdf

1、浙江省选考科目考试绍兴市适应性试卷（2020年4月）物理参考答案一、选择题 I（本题共 13 小题，每小题 3 分，共 39 分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）题号12345678910111213答案ACDDDCDBACBDC二、选择题 II（本题共 3 小题，每小题 2 分，共 6 分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得 2 分，选对但不全的得 1 分，有选错的得 0 分）题号141516答案ADCDBD三、非选择题（本题共 6 小题，共 55 分）17（7 分）（1）AD（2 分）3.00（2 分）（2）C（1

2、分）9.74（2 分）18（7 分）（1）从左向右（1 分）（2）0.30（2 分）（3）0.82（2 分），略大于（2 分）19（9 分）（1）根据 F-mg=ma1（1 分）得 a1=1m/s2（1 分）（2）由 v2B=2a1xAB（1 分）得 vB=2m/s（1 分）斜面上运动的加速度 a2=-gsin6=-1m/s2（1 分）由 v2C-v2B=2a2xBC得 vC=2 m/s（1 分）（3）刚能够到平台时滑块在斜面上运动的时间最长由-v2B=2a2xBC（1 分）得 vB=2 m/s（1 分）那么最长时间 t=-vBa2=2 s（1 分）20（12 分）（1）对 C 点分析，根据牛

3、顿第二定律22Cvmgm R（1 分），可得2CvgR根据逆向思维，A 到 C 看成反方向的平抛运动由2122Rgt可得4Rtg（1 分）因此 A 点抛出时的初速度220()6CvvgtgR（1 分）速度与水平面夹角的正切值 tan2yxvv（1 分）（2）设从 C 点沿轨道下滑后，第一次压缩弹簧的最大形变量为 x0，由能量守恒得2200112()22CmvmgRmg Rxkx（2 分）得220884mgm gkmgRxRk（2 分）（3）要使滑块再次返回 C 点，应满足以下三个条件条件 1：mgxk0，得到388mgkR（1 分）条件 2：滑块要返回 CDE 管道，必须要能返回 E 点，即)

4、22(2102RxmgmvE，得到325mgkR（1 分）条件 3：细管道 CDE 但又不能从 C 点离开轨道，要求第一次返回 C 点时满足)22(2102xRmgmvC，得到5mgkR（1 分）因此劲度系数 k 应满足 3525mgmgkRR（1 分）21（1）金属棒获得冲量 I 后，速度为24/Ivm sm，根据右手定则，感应电流方向从 b 到 a.（1 分）切割磁感线产生的电动势为1EB lv,其中11BT，（1 分）金属棒 ab 两端的电势差为12120.1abB lvURVRR（1 分）（2）由于 ab 棒向下运动时，重力沿斜面的分力与摩擦力等大反向，因此在安培力作用下运动，ab 受

5、到的安培力为2 212212B l vFm aRR，做加速度减小的减速，由左手定则可知，cd 棒受到安培力方向沿轨道向上，大小为21212=B B l vFRR安,其中21BT,因此获得冲量一瞬间，cd 棒收到的安培力最大，最容易发生滑动。（1 分）为使线框静止，此时摩擦力沿斜面向下为最大静摩擦力，大小为11cossinmfm gm g因此安培力的最大值为12sinm g（1 分），可得最大冲量为12122122()sin0.48m m g RRIN sB B l（1 分）物理答案第 1 页（共 4 页）物理答案第 2 页（共 4 页）（3）当 I=0.4 N s时，金属棒获得的初速度为04/

6、vm s，其重力沿斜面分力与摩擦力刚好相等，在安培力作用下做加速度减小的减速，而 U 形框在碰撞前始终处于静止。设到达 EF 时速度为1v，由动量定理得，取沿斜面向下为正2 22 12012B l vtm vm vRR，其中0.32vtxm，因此12/vm s。（1 分）金属棒与 U 形线框发生完全非弹性碰撞，由动量守恒得1 1122()m vmm v，因此碰撞后 U 形框速度为20.5/vm s。（1 分）同理：其重力沿斜面的分力与滑动摩擦力等大反向，只受到安培力的作用，当 U形框速度为 v 时，其感应电流为12d eabB lvB lvIRR，其中,deabBB分别为 de 边和ab 边处

7、的磁感应强度，电流方向顺时针，受到总的安培力为2212()deabdeabBBl vFB IlB IlRR，其中,0.8cdabBBkl k由动量定理得2 4122120()k l vtmm vRR（1 分）因此向下运动的距离为122122 4()()2mm v RRsmk l此时 cd 边的坐标为2.5xm（1 分）22（1）粒子在垂直纸面向内的磁场中向右偏，由左手定则判断，粒子带负电。（1 分）洛伦兹力提供向心力 qvB=mv2/r（1 分）能 Ek=12mv2得 r=2mEkqB（1 分）（2）由上小题知 r1=2mEkqB，s1=2r1，代入数据得 s1=0.4m（1 分）打到 D1

8、的最大动能的临界是 ED2=4.0103eV，其对应的半径 r2=0.4m因此其第一次在 D1 上的落点到粒子源的距离为1 s=2r2=0.8m（1 分）这些粒子中反弹的粒子速度最大为原来的 k 倍，故半径为原来的 k 倍。因此这些反射的粒子不断的向右以半圆的轨迹运动，半径按 k 倍减小，经无穷多次碰撞后，粒子到粒子源的距离 S=1 s+k1 s+k21 s+=111sk=2m（1 分）因此 D1 的板长至少为 L1=S-s1=1.6m（1 分）（3）粒子在 D1 板中碰撞后反弹，到达的最大高度为 d1=kr2=0.24m，此即 D2 板距 D1 板的最短距离（1 分）。如图所示，由三角形知，底边长为 0.32m，D2 左端点到粒子源的距离 s2=0.4+0.32=0.72m。（1 分）0.24m0.4m打在 D2 板上速度最大的粒子，恰好经过 D3 板左边缘，其半径为 r3=0.6m打在 D2 板上反射后，其半径变为 2 r=kr3=0.36mr3d2r2d1其轨迹最高点到向上最大距离 d2 可由两相似三角形关系表示，即31222rdrrd求得 d2=0.216m，故 D3 板到 D1 板的距离至少为 d1+d2=0.456m.（1 分）物理答案第 3 页（共 4 页）物理答案第 4 页（共 4 页）