《新步步高》2017版高考数学江苏（文）考前三个月配套文档 专题7　解析几何 第30练 WORD版含答案.docx

1、第30练直线与圆锥曲线的综合问题题型分析高考展望本部分重点考查直线和圆锥曲线的综合性问题，从近几年的高考试题来看，除了在解答题中必然有直线与圆锥曲线的联立外，在填空题中出现的圆锥曲线问题也经常与直线结合起来本部分的主要特点是运算量大、思维难度较高，但有时灵活地借助几何性质来分析问题可能会收到事半功倍的效果预测在今后高考中，主要围绕着直线与椭圆的位置关系进行命题，有时会与向量的共线、模和数量积等联系起来；对于方程的求解，不要忽视轨迹的求解形式，后面的设问将是对最值、定值、定点、参数范围的考查，探索类和存在性问题考查的概率也很高体验高考1.(2015江苏)如图，在平面直角坐标系xOy中，已知椭圆1

2、(ab0)的离心率为，且右焦点F到左准线l的距离为3.(1)求椭圆的标准方程；(2)过F的直线与椭圆交于A，B两点，线段AB的垂直平分线分别交直线l和AB于点P，C，若PC2AB，求直线AB的方程解(1)由题意，得且c3，解得a，c1，则b1，所以椭圆的标准方程为y21.(2)当ABx轴时，AB，又CP3，不合题意当AB与x轴不垂直时，设直线AB的方程为yk(x1)，A(x1，y1)，B(x2，y2)，将AB的方程代入椭圆方程，得(12k2)x24k2x2(k21)0，则x1,2，C的坐标为，且AB.若k0，则线段AB的垂直平分线为y轴，与左准线平行，不合题意从而k0，故直线PC的方程为y，则

3、P点的坐标为，从而PC.因为PC2AB，所以，解得k1.此时直线AB的方程为yx1或yx1.2(2016浙江)如图，设抛物线y22px(p0)的焦点为F，抛物线上的点A到y轴的距离等于AF1.(1)求p的值；(2)若直线AF交抛物线于另一点B，过B与x轴平行的直线和过F与AB垂直的直线交于点N，AN与x轴交于点M，求M的横坐标的取值范围解(1)由题意可得，抛物线上点A到焦点F的距离等于点A到直线x1的距离，由抛物线的定义得1，即p2.(2)由(1)得，抛物线方程为y24x，F(1,0)，可设A(t2,2t)，t0，t1.因为AF不垂直于y轴，可设直线AF：xsy1(s0)，由消去x得y24sy

4、40.故y1y24，所以B.又直线AB的斜率为，故直线FN的斜率为，从而得直线FN：y(x1)，直线BN：y.所以N.设M(m,0)，由A，M，N三点共线得，于是m，所以m0或m2.经检验，m0或m2满足题意综上，点M的横坐标的取值范围是(，0)(2，)3(2016四川)已知椭圆E：1(ab0)的一个焦点与短轴的两个端点是正三角形的三个顶点，点P在椭圆E上(1)求椭圆E的方程；(2)设不过原点O且斜率为的直线l与椭圆E交于不同的两点A，B，线段AB的中点为M，直线OM与椭圆E交于C，D，证明：MAMBMCMD.(1)解由已知，得a2b，又椭圆1(ab0)过点P，故1，解得b21.所以椭圆E的方

5、程是y21.(2)证明设直线l的方程为yxm(m0)，A(x1，y1)，B(x2，y2)由方程组得x22mx2m220，方程的判别式为4m24(2m22)，由0，即2m20，解得m0)，其离心率为.(1)求椭圆M的方程；(2)若直线l过点P(0,4)，则直线l何时与椭圆M相交？解(1)因为椭圆M的离心率为，所以2，得b22.所以椭圆M的方程为1.(2)过点P(0,4)的直线l垂直于x轴时，直线l与椭圆M相交过点P(0,4)的直线l与x轴不垂直时，可设直线l的方程为ykx4.由消去y，得(12k2)x216kx280.因为直线l与椭圆M相交，所以(16k)24(12k2)2816(2k27)0，

6、解得k.综上，当直线l垂直于x轴或直线l的斜率的取值范围为时，直线l与椭圆M相交点评对于求过定点的直线与圆锥曲线的位置关系问题，一是利用方程的根的判别式来确定，但一定要注意，利用判别式的前提是二次项系数不为零；二是利用图形来处理和理解；三是直线过定点位置不同，导致直线与圆锥曲线的位置关系也不同变式训练1已知椭圆C：1(ab0)的焦距为4，且过点P(，)(1)求椭圆C的方程；(2)设Q(x0，y0)(x0y00)为椭圆C上一点，过点Q作x轴的垂线，垂足为E.取点A(0,2)，连接AE，过点A作AE的垂线交x轴于点D.点G是点D关于y轴的对称点，作直线QG，问这样作出的直线QG是否与椭圆C一定有唯

7、一的公共点？并说明理由解(1)由已知条件得椭圆C的焦点为F1(2,0)，F2(2,0)，PF121，PF221，2aPF1PF24，则a2.b2a2c24，因此椭圆C的方程为1.(2)设D(x1,0)，(x1,2)，(x0,2)；由，得0，则G(x1,0)x1x080，则x1，kQG，直线QG的方程为y(x0x8)，又1，y4(8x)，可得y(x0x8)，将代入1整理得8x216x0x8x0，(16x0)2464x0，直线QG与椭圆C一定有唯一的公共点题型二直线与圆锥曲线的弦的问题例2已知椭圆1(ab0)的两个焦点分别为F1(c,0)，F2(c,0)(c0)，过点E(，0)的直线与椭圆相交于A

8、，B两点，且F1AF2B，F1A2F2B.(1)求椭圆的离心率；(2)求直线AB的斜率解(1)由F1AF2B，且F1A2F2B，得，从而，整理，得a23c2，故离心率e.(2)由(1)得b2a2c22c2，所以椭圆的方程可写为2x23y26c2，设直线AB的方程为yk(x)，即yk(x3c)由已知设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则它们的坐标满足方程组消去y并整理，得(23k2)x218k2cx27k2c26c20，依题意，48c2(13k2)0，得kb0)的左，右焦点，过F1且斜率为1的直线l与E相交于A，B两点，且AF2，AB，BF2成等差数列(1)求椭圆E的离心率；(2)设点P(0，

9、1)满足PAPB，求椭圆E的方程解(1)由椭圆定义知AF2BF2AB4a，又2ABAF2BF2，得ABa，l的方程为yxc，其中c.设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则A，B两点的坐标满足方程组消去y，化简得(a2b2)x22a2cxa2(c2b2)0，则x1x2，x1x2.因为直线AB的斜率为1，所以AB|x2x1|，即a，故a22b2，所以E的离心率e.(2)设AB的中点为N(x0，y0)，由(1)知x0，y0x0c.由PAPB，得kPN1，即1，得c3，从而a3，b3.故椭圆E的方程为1.高考题型精练1(2015北京)已知椭圆C：x23y23，过点D(1,0)且不过点E(2,1)的直

10、线与椭圆C交于A，B两点，直线AE与直线x3交于点M.(1)求椭圆C的离心率；(2)若AB垂直于x轴，求直线BM的斜率；(3)试判断直线BM与直线DE的位置关系，并说明理由解(1)椭圆C的标准方程为y21，所以a，b1，c.所以椭圆C的离心率e.(2)因为AB过点D(1,0)且垂直于x轴，所以可设A(1，y1)，B(1，y1)，直线AE的方程为y1(1y1)(x2)，令x3，得M(3,2y1)，所以直线BM的斜率kBM1.(3)直线BM与直线DE平行，证明如下：当直线AB的斜率不存在时，由(2)可知kBM1.又因为直线DE的斜率kDE1，所以BMDE.当直线AB的斜率存在时，设其方程为yk(x

11、1)(k1)，设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则直线AE的方程为y1(x2)令x3，得点M，由得(13k2)x26k2x3k230，所以x1x2，x1x2，直线BM的斜率kBM.因为kBM10，所以kBM1kDE，所以BMDE.综上可知，直线BM与直线DE平行2(2016课标全国甲)已知A是椭圆E：1的左顶点，斜率为k(k0)的直线交E于A，M两点，点N在E上，MANA.(1)当AMAN时，求AMN的面积；(2)当2AMAN时，证明：k0，由AMAN及椭圆的对称性知，直线AM的倾斜角为.又A(2,0)，因此直线AM的方程为yx2.将xy2代入1得7y212y0，解得y0或y，所以y1.因

12、此AMN的面积SAMN2.(2)证明设直线AM的方程yk(x2)(k0)，代入1得(34k2)x216k2x16k2120，由x1(2)得x1，故AM|x12|.由题设，直线AN的方程为y(x2)，同理可得AN.由2AMAN，得，即4k36k23k80.设f(t)4t36t23t8，则k是f(t)的零点，f(t)12t212t33(2t1)20，所以f(t)在(0，)上单调递增，又f()15260，因此f(t)在(0，)内有唯一的零点，且零点k在(，2)内，所以k0)到直线l：xy20的距离为.设P为直线l上的点，过点P作抛物线C的两条切线PA，PB，其中A，B为切点(1)求抛物线C的方程；(

13、2)当点P(x0，y0)为直线l上的定点时，求直线AB的方程；(3)当点P在直线l上移动时，求AFBF的最小值解(1)依题意知，c0，解得c1.所以抛物线C的方程为x24y.(2)由yx2得yx，设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则切线PA，PB的斜率分别为x1，x2，所以切线PA的方程为yy1(xx1)，即yxy1，即x1x2y2y10.同理可得切线PB的方程为x2x2y2y20，又点P(x0，y0)在切线PA和PB上，所以x1x02y02y10，x2x02y02y20，所以(x1，y1)，(x2，y2)为方程x0x2y02y0 的两组解，所以直线AB的方程为x0x2y2y00.(3)由

14、抛物线定义知AFy11，BFy21，所以AFBF(y11)(y21)y1y2(y1y2)1，联立方程消去x整理得y2(2y0x)yy0，所以y1y2x2y0，y1y2y，所以AFBFy1y2(y1y2)1yx2y01y(y02)22y012y2y0522，所以当y0时，AFBF取得最小值，且最小值为.4已知椭圆C1：1(ab0)的右顶点为A(1,0)，过C1的焦点且垂直长轴的弦长为1.(1)求椭圆C1的方程；(2)设点P在抛物线C2：yx2h(hR)上，C2在点P处的切线与C1交于点M，N.当线段AP的中点与MN的中点的横坐标相等时，求h的最小值解(1)由题意，得从而因此，椭圆C1的方程为x2

15、1.(2)如图，设M(x1，y1)，N(x2，y2)，P(t，t2h)，则抛物线C2在点P处的切线斜率为y，直线MN的方程为y2txt2h.将上式代入椭圆C1的方程中，得4x2(2txt2h)240，即4(1t2)x24t(t2h)x(t2h)240.因为直线MN与椭圆C1有两个不同的交点，所以式中的116t42(h2)t2h240.设线段MN的中点的横坐标是x3，则x3.设线段PA的中点的横坐标是x4，则x4.由题意，得x3x4，即t2(1h)t10.由式中的2(1h)240，得h1，或h3.当h3时，h20,4h20，则不等式不成立，所以h1.当h1时，代入方程得t1，将h1，t1代入不等式，检验成立所以，h的最小值为1.