浙江省金华市两校2022-2023学年高二物理上学期12月阶段试题（PDF版带解析）.pdf

1、第 1页，共 15页2022 学年第一学期 12 月阶段测试高二物理试题卷满分 100 分考试用时 60 分钟一、单选题（本大题共 18 小题，每小题 3 分，共 54 分。每小题列出的四个备选项中只有一个符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分。）1.在国际单位制中，被选定为力学基本单位的是()A.、B.、C.、D.、2.由于疫情原因，年东京奥运会延期至今年举行，关于奥运会比赛的论述，下列说法正确的是()A.奥运会开幕式于年 月日晚 点开始，晚 点指的是时间间隔B.百米比赛中，一名运动员发现观众在“后退”，他是以大地为参考系C.运动员跑完比赛，的是路程D.给正在参加体操比赛的运动员打分时，裁

2、判们可以把运动员看作质点3.如图所示，沿光滑水平面运动的小滑块，当它冲上光滑的斜面时，它受到的力是()A.重力、弹力、上冲力B.重力、弹力C.重力、弹力、下滑力D.重力、弹力、上冲力、下滑力4.如图所示，一只小鸟站在一倾斜的钢管上保持静止不动，则小鸟()A.受到钢管的弹力方向为竖直向上B.受到重力的方向垂直钢管斜向下C.把钢管抓得更紧时，钢管对它的摩擦力将增大D.受到弹力是因为钢管发生弹性形变5.电影速度与激情中有一个精彩情节：反派为了让多姆获得核弹发射箱，通过远程控制让汽车从高楼中水平飞出，落在街面地上。设某车飞出时高约为，街道宽度为，则该汽车从顶楼坠落时速度不会超过（g 取 10m/s2）

3、()A.B.C.D.第 2页，共 15页6.如图甲为某热气球示意图，图乙是它某次升空过程中的图象 取竖直向上方向为正方向，则以下说法正确的是()A.内，热气球的平均速度为B.内，热气球竖直向下运动C.内，吊篮中的人处于失重状态D.内，热气球的总位移为7.铅球比赛中，某运动员以初速度将铅球推出，其运动轨迹如图所示，忽略空气阻力的影响，则铅球在空中运动过程中，下列说法正确的是()A.铅球做变加速曲线运动B.铅球做匀变速曲线运动C.铅球加速度方向始终沿轨迹切线方向D.铅球上升时间与下降时间相等8.若已知物体运动的初速度的方向及它受到的恒定的合力 的方向，如图所示，则物体运动的轨迹可能是()A.B.C

4、.D.9.如图所示，摩天轮是游乐场里的大型娱乐项目，它的直径可以达到几百米。乘客乘坐时，转轮始终不停地匀速转动，下列说法中正确的是()A.在最高点，乘客处于超重状态B.任一时刻乘客受到的合力都不等于零C.乘客在乘坐过程中对座椅的压力始终不变D.乘客在乘坐过程中对座椅的压力始终小于其重力第 3页，共 15页10.年左右，我国将建成载人空间站，其运行轨道距地面高度约为，已知地球半径约为，万有引力常量为，地球表面重力加速度为，同步卫星距地面高度约为，设空间站绕地球做匀速圆周运动，则()A.空间站运行速度比同步卫星小B.空间站运行周期比地球自转周期小C.可以估算空间站受到地球的万有引力D.受大气阻力影

5、响，空间站运行的轨道半径将会逐渐减小，速度逐渐减小11.用起重机将一个质量为的物体以加速度 竖直向上匀加速提升高度，重力加速度为，在这个过程中，以下说法错误的是()A.起重机对物体的拉力大小为B.物体的重力势能增加了C.物体的动能增加了D.物体的重力做功为12.如图所示，一蹦极运动员身系弹性蹦极绳从水面上方的高台下落，到最低点时未接触水面，空气阻力忽略不计，运动员可视为质点，下列说法正确的是()A.蹦极绳张紧后的下落过程中，运动员动能一直减小B.蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性势能一直变大C.运动员整个下落过程中，重力势能的减小量大于重力所做的功D.运动员整个下落过程中，重力势能的改变量与重力势

6、能零点的选取有关13.一质量为的滑雪运动员，从高为 的斜坡顶端静止自由下滑。下滑过程中受到的阻力大小为，斜坡倾角为，重力加速度为。运动员滑至坡底的过程中()A.重力做功为B.支持力做功为C.合力做功为D.机械能减少了14.如图所示为等量异种点电荷的电场线，、分别为点电荷连线和点电荷连线的中垂线上的点，则（）A.点处的电场强度最大B.点处的电场强度最大C.、点处的电场强度方向相同D.、点处的电场强度方向不同第 4页，共 15页15.如图所示，当导线中通有电流时，小磁针发生偏转。这个实验说明了()A.通电导线周围存在磁场B.通电导线周围存在电场C.电流通过导线时产生焦耳热D.电流越大，产生的磁场越

7、强16.弹簧测力计下挂一条形磁铁，其 极一端位于一通电螺线管的正上方，如图所示，下列说法正确的是()A.若 接电源正极，接负极，弹簧测力计示数不变B.若 接电源正极，接负极，弹簧测力计示数增大C.若 接电源正极，接负极，弹簧测力计示数减小D.若 接电源正极，接负极，弹簧测力计示数增大17.对于电场中的、两点，下列说法中正确的是()A.电势差，说明两点间的电势差与静电力做功成正比，与试探电荷的电荷量 成反比B.A、间的电势差等于将正电荷从 点移到 点静电力所做的功C.将电荷从 点移到 点，静电力做的功，则这两点间的电势差为D.电荷由 点移到 点的过程中，除受静电力外，还受其他力的作用，电荷电势能

8、的变化就不再等于静电力所做的功18.如图所示是一个常用的电容器，工作电压，下列说法正确的()A.电容器可以储存电荷，且电荷量越多电容越大B.这个电容器两端电压变化了，它的电荷量变化了C.加在这个电容器两端的电压为时，它的电容是D.加在这个电容器两端的电压低于时它就不能工作二、实验题（本大题共 2 小题，每空 2 分，共 12 分）19.（6 分）某实验小组利用图甲所示的装置探究小车做匀变速直线运动的规律：第 5页，共 15页下列做法正确的是_（多选）先使纸带运动，再接通电源先接通电源，再使纸带运动将接好纸带的小车停在靠近滑轮处将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处图乙为该小组得到的一条纸带，相邻

9、两个记数点间还有四个点未画出，所用交流电的频率为，根据图乙已知数据可计算出打 点时小车的运动速度_，小车运动的加速度_结果均保留两位有效数字。20.（6 分）如图所示，李老师准备按该电路图选择合适的器材连接好后用来测量电源电动势和内阻。开关闭合前滑动变阻器 的滑片滑到_ 填“左侧”或“右侧”。根据实验测得的几组、数据做出图像如图所示，由图像可确定：该电源的电动势为_，电源的内电阻为_结果保留到小数点后两位。三、计算题（本大题共 3 小题，21 题 9 分，22 题 10 分，23 题 15 分，共 34 分）21.（9 分）如图所示，匀强电场的电场强度大小，方向水平向右，沿电场线方向有、两点，

10、、两点间的距离。将电荷量的正点电荷从 点移至 点。求：电荷从 点移至 点的过程中，电场力所做的功及两点的电势差；已知 点的电势，那么 点的电势是多少伏特？第 6页，共 15页22.（10 分）如图所示，斜面长，倾角，段为与斜面平滑连接的水平地面。一个质量为的小物块从斜面顶端 由静止开始滑下，小物块与斜面、地面间的动摩擦因数均为。不计空气阻力，。求：小物块在斜面上运动时的加速度 是多大小物块滑到斜面底端 时的速度 是多大小物块在水平地面上滑行的最远距离。23.（15 分）某弹射装置如图所示，一轻质弹簧左端固定在 点处，半径的竖直半圆形光滑轨道与水平面相切，点与圆心 等高。一质量为的小滑块与弹簧右

11、端接触并在外力作用下使弹簧处于压缩状态，每次实验由静止释放小滑块。已知段光滑，段距离，小滑块与段的动摩擦因数。取重力加速度。某次弹射后，小滑块恰好能通过竖直轨道最高点。求：小滑块通过 c 点时速度大小 Vc；小滑块通过 点时速度大小 Vb；c.此过程中弹簧的最大弹性势能。某次弹射后，小滑块到达 点时速度大小为。请你推断小滑块通过 点后的运动情况并说明理由。第 7页，共 15页答案和解析1.【答案】【解析】【分析】国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要记住的。【解答】国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光

12、强度、物质的量它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为、，故 C正确，ABD 错误；2.【答案】【解析】解：、奥运会开幕式于年 月日晚 点开始，晚 点指的是时刻，故 A 错误；B、在男子百米比赛中，一名运动员发现观众在“后退”，他是以自己或身边一起比赛的运动员为参考系，故 B 错误；C、运动员跑完比赛，的是路程，故 C 正确；D、裁判们给正在参加体操比赛的运动员打分时，裁判们需要考虑运动员的动作，不可以

13、把运动员看作质点，故 D 错误。故选：。时刻指的是某一瞬时，是时间轴上的一点，对应于位置、瞬时速度，时间是两时刻的间隔，是时间轴上的一段对应位移、路程；位移是从始位置指向末位置的有向线段，路程是轨迹的长度；当物体的大小和形状对所研究的问题中没有影响或影响不计时，可以把物体当成质点处理；参考系是在描述一个物体的运动时，选来作为标准的另外的某个物体。本题考查对物体看成质点的条件的理解和判断能力，区分时间和时刻、路程和位移，对于物理中第 8页，共 15页的基本概念要理解其本质不同，不能停在表面。3.【答案】【解析】【分析】受力分析时，按照重力、弹力、摩擦力的顺序进行，本题滑块不存在下滑力，只是重力形

14、成的一种效果。【解答】如图所示，沿光滑水平面运动的小滑块，当它冲上光滑的斜面时，它受到的力是重力、弹力。故选 B。4.【答案】【解析】、小鸟受重力、支持力、摩擦力三力而平衡，其中重力方向竖直向下，弹力的方向垂直与钢管向上，故 AB 错误；、小鸟受到弹力是因为钢管发生了弹性形变而产生对小鸟的弹力，水管对它的摩擦力是静摩擦力，大小等于重力沿斜水管向下的下滑分力，与压力大小无关，故 C 错误，D 正确。故选：。5.【答案】【解析】下落时间为：，街道宽度为，所以水平速度最大为：，故 D 正确，ABC 错误。故选：。6.【答案】【解析】【分析】由匀变速直线运动的规律的推论判断内热气球的平均速度；由速度图

15、象斜率的含义判断气球的运动性质；由加速度的方向判断超失重情况；由速度图象的面积解得其位移。本题主要考查对速度图象的理解与应用，难度一般。【解答】第 9页，共 15页A.由图象知，内热气球做匀加速直线运动，由匀变速直线运动的规律的推论可得内热气球的平均速度：，故 A 错误；B.由图象可知内热气球竖直向上做减速运动，故 B 错误；C.由于内热气球竖直向上做减速运动，其加速度向下，处于失重状态，故吊篮中的人处于失重状态，C 正确；D.由于速度图象的面积表示位移，故由图可得内，热气球的总位移为：，故 D 错误。故选 C。7.【答案】【解析】解：、铅球运动的过程中只受到重力的作用，加速度始终等于重力加速

16、度，所以铅球的运动是匀变速曲线运动，故 A 错误，B 正确；C、铅球的加速度始终等于重力加速度，加速度的方向竖直向下，始终不会沿轨迹切线方向，故 C错误；D、铅球在竖直方向做匀变速直线运动，铅球上升的高度小于下落得高度，上升与下落时的加速度相等，所以上升的时间小于下落的时间，故 D 错误。故选：。将斜上抛运动分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀变速直线运动，然后结合各自的规律解答即可。该题考查抛体运动，解答的关键是将抛体运动分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀变速直线运动。8.【答案】【解析】【分析】本题考查物体做曲线运动的条件，做曲线运动的物体，速度方向沿着曲线上该点的切线方向，

17、合力的方向与速度方向不共线，且指向曲线的凹侧，运动轨迹在合力与速度之间。【解答】物体做曲线运动时，速度沿曲线的切线方向，合力方向和速度方向不共线，且指向曲线的凹侧，则运动轨迹在合力与速度之间，且向合力的方向弯曲，故 B 正确，ACD 错误。9.【答案】第 10页，共 15页【解析】【解答】乘客随摩天轮做匀速圆周运动，乘客受到的合力提供向心力，乘客受到的合力都不等于零。在最低点时，向心加速度向上，处于超重状态，此时对座椅的压力大于重力；在最高点时，向心加速度向下，处于失重状态，此时对座椅的压力小于重力，可见乘客在乘坐过程中对座椅的压力是变化的，大于其重力是可能的。故 B 正确，ACD 错误。【分

18、析】本题考查超重失重与圆周运动的综合，知道超重与失重的判断方法，熟悉匀速圆周运动的特征是解题的关键。根据匀速圆周运动的特征结合超重失重知识即可判断。10.【答案】【解析】A.根据，可得，即轨道半径越大，运动速度越小，因此空间站运行速度比同步卫星大，A 错误；根据，空间站的轨道半径小而运动速度大，因此空间站的运行周期小于同步卫星的运行周期，B 正确；根据，由于无法知道空间站的质量，因此无法估算估算空间站受到地球的万有引力，C 错误；受大气阻力影响，空间站运行的轨道半径将会逐渐减小，根据式可知，运行速度逐渐增大，D 错误。故选 B。11.【答案】【解析】【分析】根据牛顿第二定律求出起重机对物体的拉

19、力大小；根据动能定理可知合力做功等于物体的动能变化；重力做功量度重力势能的变化。【解答】A.设起重机对物体的拉力，由牛顿第二定律得，即，A 错误，符合题意；C.由动能定理得，C 正确，不符合题意；物体上升，则重力做功，重力做负功，重力势能增加，BD 正确，不符合题意。12.【答案】【解析】解：、蹦极绳张紧后的下落过程中，开始蹦极绳的弹力小于重力，运动员向下做加速运动，当弹力大于重力后运动员所受合力向上，运动员做减速运动，因此在蹦极绳张紧后下落过第 11页，共 15页程，运动员的速度先增大后减小，动能先增大后减小，故 A 错误；B、蹦极绳张紧后下落过程，蹦极绳伸长量一直增大，弹性势能一直变大，故

20、 B 正确；C、运动员整个下落过程重力做正功，重力势能减少，重力势能的减少量等于重力做的功，故 C错误；D、蹦极过程中，重力势能的改变与运动员的质量和初末位置有关，与重力势能零点的选取无关，故 D 错误。故选：。在整个过程中对人受力分析，在绳的弹力等于人的重力之前，人一直是加速的，绳的弹力等于人的重力之后，人开始做减速运动，根据人的运动过程分析可以知道其中能量的转化情况重力势能的改变与重力势能零点的选取无关分析清楚运动员在下降的过程中受力情况是解决本题的关键，蹦极绳的弹力等于人的重力这是一个临界点要知道重力势能的改变是绝对的，与重力势能零点的选取无关13.【答案】【解析】【分析】解决本题时要知

21、道重力做功与初末位置有关，与路径无关。也可以根据各力做功的代数和来求总功。根据来求重力对他做的功；运动员下滑的过程中，只有重力和摩擦力对他做功，求出合力，即可求得总功；根据功能关系可求得机械能减少。【解答】A.运动员滑至坡底的过程中，根据重力做功的特点可知重力做功为，选项 A 错误；B.运动员滑至坡底的过程中，支持力垂直于斜面向上，运动员在支持力方向上没有位移，故支持力做功为，选项 B 错误；C.运动员滑至坡底的过程中，合力做功为，选项 C 错误；D.运动员滑至坡底的过程中，机械能的减少等于克服阻力做的功，所以机械能减少了，选项 D 正确。14.【答案】第 12页，共 15页【解析】、电场线越

22、密，场强越大，根据电场线的疏密可知、四点中，处的电场强度最大，故 AB 错误；、电场线上某点的场强方向，沿该点的切线方向，所以、四点处的电场强度方向相同，均为水平向右，故 C 正确，D 错误。故选 C。15.【答案】【解析】【分析】本题是电流的磁效应实验，首先是由奥斯特观察到这个实验现象，根据这个实验的意义分析即可电流磁效应的发现，揭开了人类研究电与磁之间联系的序幕，奥斯特的成就和该实验的意义要记牢【解答】当导线中通有电流时，小磁针会发生偏转，说明电流能产生磁场，从而使小磁针受到磁场力而发生偏转，即通电导线周围存在磁场，不能说明其他故 A 正确，BCD 错误。16.【答案】【解析】若 接电源正

23、极，接负极，螺线管中电流俯视沿逆时针方向，由安培定则判断螺线管的上端相当于条形磁铁的 极，故磁铁受到螺线管对它向上的斥力作用，弹簧测力计示数减小，、B 错误；若 接电源正极，接负极，由安培定则判断螺线管的上端相当于条形磁铁的 极，磁铁受到螺线管对它向下的引力作用，弹簧测力计示数变大，故 C 错误，D 正确。17.【答案】【解析】【分析】电势差的定义式，是比值定义法，反映电场本身的性质，与试探电荷无关由此定义可知：、两点间的电势差等于将单位电荷从 点移到 点电场力所做的功电荷电势能的变化只与电场力做功有关电势差的定义式，是比值定义法，有比值定义的共性，反映电场本身的性质，与试探电荷无关第 13页

24、，共 15页【解答】解：、反映电场本身的性质，与试探电荷无关，不能说两点间的电势差与电场力做功成正比，与移动电荷的电量 成反比。故 A 错误。B、根据电势差的定义式可知：、两点间的电势差等于将单位正电荷从 点移到 点电场力所做的功。故 B 错误。C、根据电势差的定义式可知：将电荷从 点移到 点，电场力做的功，这两点间的电势差故 C 正确。D、电荷由 点移到 点的过程中，电荷电势能的变化仍等于电场力所做的功。故 D 错误。故选 C。18.【答案】【解析】电容器可以储存电荷，电容器的电容是由本身的结构决定的，与电荷量多少无关，选项A 错误；这个电容器的电容为，两端电压变化了，它的电荷量变化了，选项

25、 B 正确；电容器的电容与加在这个电容器两端的电压无关，选项 C 错误；加在这个电容器两端的电压低于时它仍能工作，选项 D 错误19.【答案】（1）BD；【解析】解：(1)为了更好的打点，应先接通交流电源，然后放开小车，让小车拖着纸带运动，打完一条后立即关闭电源，另外，将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处，故 BD 正确，AC 错误。交流电的频率为，相邻两个记数点间还有四个点未画出，相邻计数点间的时间间隔，很短时间内的平均速度等于瞬时速度，则打 点时小车的运动速度；由匀变速直线运动的推论应用逐差法可知，小车的加速度：；本题考查实验注意事项与实验数据处理问题，理解实验原理、知道实验注意事项是解题

26、的前提，第 14页，共 15页根据实验原理与实验注意事项、应用匀变速直线运动的推论即可解题。20.【答案】【小题】左侧【小题】【解析】【分析】略【解答】为保护电路安全，由图示电路图可知，开关闭合前滑动变阻器 的滑片滑到左侧。【分析】略【解答】由图示电源图像可知，图像与纵轴交点坐标值为，则电源电动势。电源内阻21.【答案】解：电荷从 点移至 点的过程中，电场力所做的功为：3 分两点间的电势差；3 分由，解得。3 分【解析】见答案22.【答案】解：小物块在斜面上，根据牛顿第二定律有：代入数据解之得：3 分根据匀变速直线运动规律有：第 15页，共 15页代入数据解之得：3 分小物块在水平面上，根据牛

27、顿第二定律有：代入数据解之得：根据匀变速直线运动规律有：代入数据解之得：4 分答：小物块在斜面上运动时的加速度大小为；小物块滑到斜面底端 点时的速度大小为；小物块在水平地面上滑行的最远距离为【解析】以小物块为研究对象，利用牛顿运动定律列式求解；小物块从 到 做匀加速直线运动，利用匀变速直线运动规律求解；小物块在水平面上运动做匀减速直线运动，利用牛顿运动定律求出加速度；再利用匀变速直线运动规律求解；解题的关键是分清物理过程，选择正确的公式解答23.【答案】解：在 点根据牛顿第二定律得，解得，3 分由 点到 点根据机械能守恒定律得，解得，3 分根据功和能的关系得；3 分根据动能定理得，解得，滑块不能到达 点，根据机械能守恒定律得，解得，滑块经过 点后，到达 点前离开轨道做斜上抛运动。6 分（求出 b 点速度 2 分，d 点速度 2 分，结论 2 分）