专题01 匀变速直线运动的规律及应用（解析版）.docx

1、专题01 匀变速直线运动的规律及应用目录题型一 匀变速直线运动基本规律的应用1类型1基本公式和速度位移关系式的应用2类型2 逆向思维法解决匀变速直线运动问题4题型二 匀变速直线运动的推论及应用6类型1 平均速度公式7类型2 位移差公式11类型3 初速度为零的匀变速直线运动比例式13类型4 第n秒内位移问题18题型三 自由落体运动和竖直上抛运动20类型1 自由落体运动基本规律的应用21类型2 自由落体运动中的“两物体先后下落”问题24类型3 竖直上抛运动的基本规律25类型4 自由落体运动和竖直上抛运动的相遇问题28题型四 多过程问题33题型一 匀变速直线运动基本规律的应用【解题指导】1vv0at

2、、xv0tat2、v2v022ax原则上可解任何匀变速直线运动的问题，公式中v0、v、a、x都是矢量，应用时要规定正方向.2. 对于末速度为零的匀减速直线运动，常用逆向思维法.3.对于汽车刹车做匀减速直线运动问题，要注意汽车速度减为零后保持静止，而不发生后退(即做反向的匀加速直线运动)，一般需判断减速到零的时间【必备知识与关键能力】1.基本规律2对于运动学公式的选用可参考下表所列方法题目中所涉及的物理量(包括已知量、待求量和为解题设定的中间量)没有涉及的物理量适宜选用的公式v0、v、a、tx【速度公式】vv0atv0、a、t、xv【位移公式】xv0tat2v0、v、a、xt【速度位移关系式】v

3、2v2axv0、v、t、xa【平均速度公式】xt类型1基本公式和速度位移关系式的应用【例1】（2023内蒙古通辽高三校考阶段练习）一个质点在轴上运动，位置随时间的变化规律是，关于这个质点的运动，以下说法正确的是（）A质点做匀速直线运动B质点的加速度的大小为，方向沿轴正方向C时质点的位置在处D时质点的速度大小为，方向沿轴正方向【答案】B【详解】AB根据题意，由公式结合位置随时间的变化规律，可得可知，质点在轴上做初速度为，加速度为的匀加速直线运动，故A错误，B正确；C由位置随时间的变化规律可得，时质点的位置在故C错误；D由公式可得，时质点的速度大小为方向沿轴正方向，故D错误。故选B。【例2】（20

4、23春湖北高三校联考阶段练习）C919中型客机是我国按照国际民航规章自行研制、具有自主知识产权的中型喷气式民用飞机，2021年将交付首架C919单通道客机。C919现正处于密集试飞新阶段，一架C919飞机在跑道上从静止开始做匀加速直线运动，当速度达到80m/s时离开地面起飞，已知飞机起飞前1s内的位移为78m，则飞机在跑道上加速的时间t以及加速度的大小分别为（）ABCD【答案】D【详解】飞机在最后1s内中间时刻的速度，则飞机起飞的加速度大小飞机加速的时间故选D。【例3】（2023全国高三专题练习）中国第3艘航空母舰一“福建舰”上的舰载飞机采用了最先进的电磁弹射系统，它能使飞机在更短的距离内加速

5、起飞。设在静止的航母上，某舰载飞机在没有电磁弹射系统时，匀加速到起飞速度v需要的距离为L0，在有电磁弹射系统给飞机一个弹射初速度v0之后，匀加速到起飞速度v需要的距离为L。若，飞机两次起飞的加速度相同。则弹射速度v0与起飞速度v之比为（）ABCD【答案】A【详解】设飞机两次起飞的加速度为a，根据匀变速直线运动规律有，又联立解得故选A。类型2 逆向思维法解决匀变速直线运动问题1.方法简介很多物理过程具有可逆性(如运动的可逆性)，在沿着正向过程或思维(由前到后或由因到果)分析受阻时，有时“反其道而行之”，沿着逆向过程或思维(由后到前或由果到因)来思考，可以化难为易、出奇制胜。解决物理问题常用的逆向

6、思维有过程逆向、时间反演等。2.实例特点刹车类问题或子弹打木块问题的特点都是匀减速至0后保持静止，在分析问题时，都看成反向的初速度为0的匀加速直线运动来处理。【例1】（2023河南统考二模）具有“主动刹车系统”的汽车遇到紧急情况时，会立即启动主动刹车。某汽车以28m/s的速度匀速行驶时，前方50m处突然出现一群羚羊横穿公路，“主动刹车系统”立即启动，汽车开始做匀减速直线运动，恰好在羚羊通过道路前1m处停车。汽车开始“主动刹车”后第4s内通过的位移大小为（）A0B1mC2mD3m【答案】B【详解】令x1=50m，x2=1m，汽车的刹车时间为t，刹车时的加速度大小为a，则有，解得所以汽车开始“主动

7、刹车”后第4s内通过的位移大小为3s3.5s内通过的位移大小，有解得故选B。【例2】（2023福建模拟预测）自动驾驶汽车已经在某些路段试运行。假设一辆自动驾驶汽车在笔直的公路上行驶，刹车后做匀减速直线运动直到停止，小马同学利用闪光频率为1Hz的照相机拍摄下连续三幅汽车照片，测量出第一幅照片与第二幅照片中汽车之间的距离为15m，第二幅照片与第三幅照片中汽车之间的距离为13m，则汽车最后2s时间内的平均速度为（）A4 m/sB3 m/sC2 m/sD1 m/s【答案】C【详解】频闪时间根据解得利用逆向思维法，可将汽车的运动看成反向的初速度为零的匀加速直线运动，汽车最后2 s时间内的位移汽车最后2

8、s时间内的平均速度为故选C。【例3】（2023全国模拟预测）2020年11月10日8时12分，中国“奋斗者”号载人潜水器在马里亚纳海沟成功坐底，坐底深度10909米，创造了我国载人深潜新纪录。假设“奋斗者”号完成海底任务后竖直上浮，从上浮速度为v时开始计时，此后“奋斗者”号匀减速上浮，经过时间t，上浮到海面，速度恰好减为零，则“奋斗者”号在t0（t0t）时刻距离海平面的深度为（）ABCvt0D【答案】D【详解】“奋斗者”号上浮时的加速度大小为根据逆向思维，可知“奋斗者”号在t0时刻距离海平面的深度为故选D。题型二 匀变速直线运动的推论及应用【解题指导】1 凡问题中涉及位移及发生这段位移所用时间

9、或一段运动过程的初、末速度时，要尝试运用平均速度公式.2 若问题中涉及两段相等时间内的位移，或相等v的运动时可尝试运用xaT2.3 若从静止开始的匀加速直线运动，涉及相等时间或相等位移时，则尝试应用初速度为零的比例式【必备知识与关键能力】1三个推论(1)连续相等的相邻时间间隔T内的位移差相等，即x2x1x3x2xnxn1aT2.(2)做匀变速直线运动的物体在一段时间内的平均速度等于这段时间初、末时刻速度矢量和的一半，还等于中间时刻的瞬时速度平均速度公式：.(3)位移中点速度.2初速度为零的匀加速直线运动的四个重要推论(1)T末、2T末、3T末、nT末的瞬时速度之比为v1v2v3vn123n.(

10、2)前T内、前2T内、前3T内、前nT内的位移之比为x1x2x3xn122232n2.(3)第1个T内、第2个T内、第3个T内、第n个T内的位移之比为xxxxN135(2n1)(4)从静止开始通过连续相等的位移所用时间之比为t1t2t3tn1(1)()(2)()3.思维方法迁移角度适用情况解决办法比例法常用于初速度为零的匀加速直线运动且运动具有等时性或等距离由连续相邻相等时间(或长度)的比例关系求解推论法适用于“纸带”类问题由saT2求加速度平均速度法常用于“等分”思想的运动，把运动按时间(或距离)等分之后求解根据中间时刻的速度为该段位移的平均速度来求解问题图象法常用于加速度变化的变速运动由图

11、象的斜率、面积等条件判断类型1 平均速度公式(1)平均速度法：若知道匀变速直线运动多个过程的运动时间及对应时间内的位移，常用此法。(2)逆向思维法：匀减速到0的运动常用此法。(3).两段时间内平均速度的平均速度v1v2t1t2v=?第一段时间内的平均速度为，第一段时间内的平均速度为，则全程的平均速度(4).两段位移内平均速度的平均速度v1v2x1x2v=?第一段位移内的平均速度为，第一段位移内的平均速度为，则全程的平均速度(5).两种特殊情况【例1】（2023秋河南郑州高三郑州外国语学校校考开学考试）一辆做直线运动的汽车，以速度v行驶了全程的一半，然后匀减速行驶了后一半路程，到达终点时恰好停止

12、，全程的平均速度为（）ABCD【答案】C【详解】设全程为s，前半程的时间后半程做匀减速直线运动，后半程的平均速度则后半程的运动时间则全程的平均速度故选C。【例2】（2023秋贵州贵阳高三统考期末）一质点做匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为x，速度增为原来的两倍，方向不变，则该质点的加速度为（）ABCD【答案】C【详解】设这段时间的初速度为，则末速度为，根据运动学公式可得联立解得该质点的加速度为故选C。【例3】（2023春云南昆明高三云南师大附中校考阶段练习）滑雪运动员由静止开始沿一斜坡匀加速下滑，经过斜坡中点时的速度为v，则他通过斜坡后半段的平均速度为（）ABCD【答案】B【详解】设斜坡的长

13、度为，运动员到达底端的速度为，根据匀变速直线运动速度位移公式得联立两式可得故运动员通过斜坡后半段的平均速度为故选B。【例4】 （2023春江西宜春高三江西省丰城中学校考开学考试）如图所示，在光滑的斜面上放置 3个相同的小球（可视为质点），小球1、2、3距斜面底端A点的距离分别为x1、x2、x3现将它们分别从静止释放，以相同的加速度向下运动，到达A点的时间分别为、，平均速度分别为v1、v2、v3 ，则下列说法正确得是（）ABCv3= v1+ v2D2v2= v1+ v3【答案】B【详解】AB小球做初速度为零的匀加速直线运动，根据知到达A点的速度根据平均速度推论可知则故A错误，B正确。CD由于位移

14、之间的大小关系未知，无法比较平均速度的等量关系，故CD错误； 故选B。【例5】（2023秋山东菏泽高三山东省鄄城县第一中学校考期末）某型号新能源汽车在一次测试中从静止开始沿直线运动，其位移x与时间t图像为如图所示的一条过原点的抛物线，为图像上一点，虚线PQ与图像相切于P点，与t轴相交于。时间内车的平均速度记作，时间内车的平均速度记作，下列说法正确的是（）A时刻小车的速度大小为B小车加速度大小为CD【答案】D【详解】A图线切线的斜率等于速度，则时刻小车的速度大小为选项A错误；B车的初速度为零，根据可得小车加速度大小为选项B错误；CD因为联立可得则t0为的中间时刻，则时间内车的位移等于时间内车的位

15、移的3倍，根据可知时间内车的平均速度等于时间内车的平均速度的3倍，即故选项C错误，D正确。故选D。类型2 位移差公式【例1】（2023秋江苏苏州高三校联考阶段练习）某物体沿着一条直线做匀减速运动，依次经过三点，最终停止在D点。A、B之间的距离为，之间的距离为，物体通过与两段距离所用时间都为，则下列正确的是（）AB点的速度是B由C到D的时间是C物体运动的加速度是DCD之间的距离【答案】B【详解】A物体通过与两段距离所用时间都为，所以为AC的中间时刻速度，根据匀变速直线运动的中间时刻速度推论式可得故A错误；BC与两段为连续相邻相同时间的位移，根据匀变速直线运动的推论式可得解得根据速度时间关系式，代

16、入数据可得物体从B到D的时间为则物体从C到D的时间为故选项B正确，C错误；D根据匀变速直线运动的速度位移公式，代入数据可得BD间距离为则CD间距离为故D错误。故选B。【例2】（2023四川宜宾校考二模）一质点做匀加速直线运动时，速度变化时发生位移x1，紧接着速度变化同样的时发生位移x2，则该质点的加速度为（）ABCD【答案】D【详解】匀变速直线运动中，速度变化量相等时，运动时间相等，则可得根据逐差相等的推论可得联立可得故ABC错误，D正确。故选D。【例3】.（2023秋河南高三校联考阶段练习）如图所示，某一时刻开始用频闪照相机给一个下落的小球拍照，照相机的拍摄频率为f，经测量小球经2、3位置间

17、的距离为，小球经3、4位置间的距离为，试计算小球经1位置时的速度（）ABCD【答案】B【详解】频闪照相机的曝光时间间隔为设小球下落的加速度大小为a，则小球经过位置3时的瞬时速度为根据速度时间关系有联立以上各式解得故选B。类型3 初速度为零的匀变速直线运动比例式【例1】（2023辽宁沈阳统考二模）图为某海湾大桥上四段长度均为110m的等跨连续桥梁，汽车从a处开始做匀减速直线运动，恰好行驶到e处停下。设汽车通过ab段的平均速度为，汽车通过段的平均速度为，则满足（）ABCD【答案】B【详解】将汽车从a到e的匀减速直线运动，看作反向初速度为零的匀加速直线运动，根据初速度为零的匀变速直线运动的规律可得，

18、汽车经过de段和ab段所用的时间之比为，所以汽车经过ab段的平均速度与通过de段的平均速度之比为又因为所以故选B。【例2】（2023秋江苏南通高三统考阶段练习）如图所示，甲图为研究木块运动情况的装置，计算机与位移传感器连接，可描绘木块从静止开始运动的x-t图像如图乙，图乙中曲线为抛物线，则（）ABC用该装置可以测得木块的质量D根据图乙可得到木块在2T时刻的瞬时速度【答案】D【详解】AB图像可知，物体做匀加速直线运动，结合题意及图像可知位移和时间满足关系式 故有所以故AB错误；C由图像可知，物体做匀加速直线运动，结合题意及图像可知位移和时间满足关系式根据牛顿第二定律可知联立可知无法加速度与质量无

19、关，故无法测得木块的质量，故C错误；D由以上分析可知所以木块在2T时刻的瞬时速度为故D正确。故选D。【例3】（2023全国高三专题练习）钢架雪车也被称为俯式冰橇，是2022年北京冬奥会的比赛项目之一。运动员需要俯身平贴在雪橇上，以俯卧姿态滑行。比赛线路由起跑区、出发区、滑行区及减速区组成。若某次运动员练习时，恰好在终点停下来，且在减速区AB间的运动视为匀减速直线运动。运动员通过减速区时间为t，其中第一个时间内的位移为，第四个时间内的位移为，则等于（）A1：16B1：7C1：5D1：3【答案】B【详解】由题意知，在减速区AB间的运动视为匀减速直线运动，且最终减为零，将此减速过程由逆向思维，可看作

20、初速度为零的匀加速直线运动，则根据初速度为零的匀加速直线运动，连续相等时间内位移之比为1:3:5可知，之比即为初速度为零的匀加速直线中第一个时间内的位移与第四个时间内的位移之比，即故选B。【例4】（2023全国高三校联考阶段练习）如图所示，篮球架下的运动员原地垂直起跳扣篮。运动员离地后重心上升到最大高度所用的时间为3t，上升第一个时间t内所上升高度的前路程所用的时间为t1，上升第二个时间t内所上升高度的后路程所用的时间为t2。不计空气阻力，则为（）ABCD【答案】C【详解】根据初速度为零的匀加速直线运动的规律，通过相邻的相等时间位移之比为1：3：5，据此可知在上升的三个时间t内的位移之比为5：

21、3：1，把第一个时间t内的位移均分成5份，第二个时间t内的位移均分成3份，竖直上抛到最高点的运动可以看作倒过来的从最高点出发初速度为零的匀加速直线运动，根据通过相邻相等位移所用的时间之比为可知题目中故选C。【例5】（2023全国高三专题练习）高铁站台上，5位旅客在各自车厢候车线处候车，若动车每节车厢长为l，动车进站时做匀减速直线运动。站在2号候车线处的旅客发现1号车厢经过他所用的时间为t，动车停下时该旅客刚好在2号车厢门口（2号车厢最前端），如图所示，则（）A动车从经过5号候车线处的旅客开始到停止运动，经历的时间为tB动车从经过5号候车线处的旅客开始到停止运动，平均速度为C1号车厢头部经过5号

22、候车线处的旅客时的速度为D动车的加速度大小为【答案】BC【详解】A采用逆向思维可知，动车连续经过相等的位移所用的时间之比为1（）（）（）（），则动车第1节车厢最前端从经过5号旅客到停下所用的时间为第1节车厢经过他用时的2倍，历时2t，故A错误；B动车第1节车厢最前端从经过5号旅客到停下总位移为4l，用时2t，则平均速度为故B正确；CD由以上逆向思维可知则加速度并且，解得同时又有所以故C正确，D错误。故选BC。类型4 第n秒内位移问题1.第秒内指的是1s的时间，前秒指的是秒的时间，二者不同；2.第秒内位移等于前秒内位移减去前秒内位移；3.第秒内的平均速度数值上等于第秒内位移,也等于时刻的瞬时速度

23、,还等于；4.第秒内的位移和第秒内的位移之差。【例1】（2023春河南漯河高三漯河高中校考开学考试）地铁进站后的运动可以视为匀减速直线运动，某同学站在地铁站观察，看到地铁进站后用时20s停止，最后1s内位移大小为0.5m，则地铁（）A进站的加速度大小是2.0m/s2B进站后第1s内的位移大小是19.5mC进站后前10s位移和后10s的位移之比为4:1D进站的初速度大小是20m/s【答案】BD【详解】A由逆向思维法可把地铁的匀减速运动看作初速度为零的匀加速运动，最后1s内位移大小为0.5m，根据位移时间关系解得加速度大小为故A错误；D地铁进站时的速度大小为故D正确；B地铁第1s内的位移大小是故B

24、正确；C由初速度为零的匀加速直线运动规律可知，地铁前10s的位移和后10s的位移之比为3:1，故C错误。故选BD。【例2】(2022广东深圳实验学校月考)做匀加速直线运动的质点，在第5 s内及第6 s内的平均速度之和是56 m/s，平均速度之差是4 m/s，则此质点运动的加速度大小和初速度大小分别为()A4 m/s2；4 m/s B4 m/s2；8 m/sC26 m/s2；30 m/s D8 m/s2；8 m/s【答案】B【解析】根据匀变速直线运动规律：某段时间中间时刻的瞬时速度等于该段的平均速度依题意，可得4.5 s末及5.5 s末的速度之和及速度之差为v4.5v5.556 m/s，v5.5

25、v4.54 m/s，联立求得v4.526 m/s，v5.530 m/s，即有26 m/sv0a(4.5 s)，30 m/sv0a(5.5 s)，联立求得a4 m/s2，v08 m/s，故选B.【例3】（2022山东省实验中学高三下学期线上检测）中国自主研发的 “暗剑”无人机，时速可超过2马赫在某次试飞测试中，起飞前沿地面做匀加速直线运动，加速过程中连续经过两段均为120m的测试距离，用时分别为2s和l s，则无人机的加速度大小是（ ）A. 20m/s2 B. 40m/s2 C. 60m/s2 D. 80m/s2【答案】B【解析】第一段的平均速度；第二段的平均速度，中间时刻的速度等于平均速度，则

26、，故选B.【例4】(2022云南昆明质检)一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动开始刹车后的第1 s内和第2 s内位移大小依次为9 m和7 m，则刹车后6 s内的位移是()A20 mB24 mC25 m D75 m【答案】C【解析】解法一：基本公式法设汽车的初速度为v0，加速度为a，根据匀变速直线运动的规律;解得：v010 m/s；a2 m/s2；汽车刹车到停止所需的时间t0 s5 s，则汽车刹车后6 s内的位移等于5 s内的位移，则xt05 m25 m，故C正确，A、B、D错误解法二：推论法设汽车的初速度为v0，加速度为a，根据匀变速直线运动的推论，解得a2 m/s2；汽车第1 s内的

27、位移x1v0tat2，代入数据解得v010 m/s；汽车刹车到停止所需的时间t0 s5 s，则汽车刹车后6 s内的位移等于5 s内的位移，则xt05 m25 m，故C正确，A、B、D错误题型三 自由落体运动和竖直上抛运动【解题指导】1.自由落体运动是初速度为0、加速度为g的匀加速直线运动，匀变速直线运动的一切推论公式也都适用.1 竖直上抛运动是初速度方向竖直向上、加速度大小为g的匀变速直线运动，可全过程应用匀变速直线运动规律列方程，也可分成上升、下降阶段分段处理，特别应注意运动的对称性.3.“双向可逆类运动”是a不变的匀变速直线运动，参照竖直上抛运动的分析方法，可分段处理，也可全过程列式，但要

28、注意v0、a、x等物理量的正负号【必备知识与关键能力】一.自由落体运动(1)运动特点：初速度为0，加速度为g的匀加速直线运动(2)基本规律：速度与时间的关系式：vgt.位移与时间的关系式：xgt2.速度与位移的关系式：v22gx.(3)方法技巧：比例法等初速度为0的匀变速直线运动规律都适用vgt.相同时间内，竖直方向速度变化量相同位移差公式：hgT2.二竖直上抛运动(1)运动特点：初速度方向竖直向上，加速度为g，上升阶段做匀减速运动，下降阶段做自由落体运动(2)基本规律速度与时间的关系式：vv0gt；位移与时间的关系式：xv0tgt2.(3)研究方法分段法上升阶段：ag的匀减速直线运动下降阶段

29、：自由落体运动全程法初速度v0向上，加速度为g的匀变速直线运动，vv0gt，hv0tgt2(以竖直向上为正方向)若v0，物体上升；若v0，物体下落若h0，物体在抛出点上方；若h0，物体在抛出点下方类型1 自由落体运动基本规律的应用【例1】.（2023黑龙江统考三模）一个物体从离地某一高度处开始做自由落体运动，该物体第1s内的位移恰为最后1s内位移的二分之一，已知重力加速度大小取，则它开始下落时距落地点的高度为（）A15mB12.5mC11.25mD10m【答案】C【详解】物体第1s内的位移为则物体最后1s内的位移为物体最后1s内的平均速度为解得则下落的时间为则物体开始下落时距落地点的高度为故选

30、C。【例2】（2023全国高三专题练习）一名宇航员在某星球上完成自由落体运动实验，让一个质量为2 kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第5 s内的位移是18 m，则（）A小球在2 s末的速度是20 m/sB小球在第5 s内的平均速度是3.6 m/sC小球在第2 s内的位移是20 mD小球在5 s内的位移是50 m【答案】D【详解】B. 小球在第5 s内的平均速度为B错误；A.小球在5s内的位移为小球在4s内的位移为由题意可知联立解得：；因此小球在2 s末的速度是A错误；C. 小球在2s内的位移为小球在1s内的位移为小球在第2 s内的位移是C错误；D. 小球在5s内的位移为D正确；故选D。【例

31、3】.（2023全国高三专题练习）小球从靠近竖直砖墙的某个位置（可能不是图中1的位置）由静止释放，用频闪方法拍摄的小球位置如图中1、2、3和4所示。已知连续两次闪光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d，重力加速度为g，可知小球（）A经过位置2时的瞬时速度大小约B从位置1到4过程中的平均速度大小约为C下落过程中的加速度大小约为D小球的静止释放点距离位置1为d【答案】C【详解】A由题知因1位置不一定是释放点，故经过位置2时的瞬时速度不一定等于应根据小球经过位置2的瞬时速度等于1、3段的平均速度进行计算，即故A错误；B位置1到位置4的平均速度为故B错误；C由图可知，2、3与1、2两段的位移差为，根据解

32、得下落过程中的加速度大小为故C正确；D设释放点距离位置1为h，则从释放点到2位置，则有将、代入可得小球的静止释放点距离位置1为，故D错误。故选C。类型2 自由落体运动中的“两物体先后下落”问题【例1】（2023陕西统考一模）如图所示，物理研究小组正在测量桥面某处到水面的高度。一同学将两个相同的铁球1、2用长的细线连接。用手抓住球2使其与桥面等高，让球1悬挂在正下方，然后由静止释放，桥面处的接收器测得两球落到水面的时间差，则桥面该处到水面的高度为（）A22mB20mC18mD16m【答案】B【详解】设桥面高度为h，根据自由落体运动位移公式，对铁球2有对铁球1有又解得故选B。【例2】.(多选)(2

33、022嘉兴质检)如图所示，在一个桌面上方有三个金属小球a、b、c，离桌面高度分别为h1h2h3321.若先后顺次释放a、b、c，三球刚好同时落到桌面上，不计空气阻力，则()A三者到达桌面时的速度大小之比是 1B三者运动时间之比为321Cb与a开始下落的时间差小于c与b开始下落的时间差D三个小球运动的加速度与小球受到的重力成正比，与质量成反比【答案】AC.【解析】：由v22gh，得v，故v1v2v31，A正确；由t得三者运动的时间之比t1t2t31，B错误；b与a开始下落的时间差t1() ，c与b开始下落的时间差t2(1) ，故C正确；三个小球的加速度与重力及质量无关，都等于重力加速度，D错误类

34、型3 竖直上抛运动的基本规律1.竖直上抛运动的重要特性对称性如图所示，物体以初速度v0竖直上抛，A、B为途中的任意两点，C为最高点，如图所示，则：多解性：当物体经过抛出点上方某个位置时，可能处于上升阶段，也可能处于下降阶段，造成多解，在解决问题时要注意这个特性。2.竖直上抛运动的v-t图和x-t图tOv v0/g 2v0/g v0-v0 tOxv0/g 2v0/g v02/2g【例1】（2023秋广东茂名高三信宜市第二中学校考开学考试）升降机从井底以5m/s的速度向上匀速运行，某时刻一螺钉从升降机底板松脱，再经过4s升降机底板上升至井口，此时螺钉刚好落到井底，不计空气阻力，取重力加速度，下列说

35、法正确的是（）A螺钉松脱后做自由落体运动B矿井的深度为45 mC螺钉落到井底时的速度大小为40 m/sD螺钉松脱后先做竖直上抛运动，到达最高点后再做自由落体运动【答案】D【详解】AD螺钉松脱后先做竖直上抛运动，到达最高点后再做自由落体运动，故A错误，D正确；C规定向下为正方向，根据螺钉落到井底时的速度大小为故C错误；B螺钉下降距离为因此井深故B错误。故选D。【例2】（2023山东高三专题练习）甲、乙两个小球先后从同一水平面的两个位置，以相同的初速度竖直向上抛出，小球距抛出点的高度h与时间t的关系图像如图所示。不计空气阻力，重力加速度为，则两小球同时在同一水平线上时，距离抛出点的高度为（）ABC

36、D【答案】D【详解】根据竖直上抛运动规律，竖直向上运动到同一水平线上时，乙小球的运动时间为甲小球到达的最高点高度为甲小球下落的高度为故该位置距离抛出点的高度为故选D。【例3】（2023全国高三专题练习）古代劳动人民常用夯锤（如图甲）将地砸实，打夯时四个劳动者每人分别握住夯锤的一个把手，一个人喊号，号声一响，四人同时用力将地上质量为90kg的夯锤竖直向上提起；号音一落，四人同时松手，夯锤落下将地面砸实。以竖直向上为正方向，若某次打夯过程松手前夯锤运动的v-t图像如图乙所示。不计空气阻力，g取10m/s2，下列说法正确的是（）A松手后，夯锤立刻落下做自由落体运动B夯锤离地的最大高度为0.45mC夯

37、锤上升过程中的时间为0.45sD松手前，每个人对夯锤施加的作用力的大小为300N【答案】BD【详解】A松手后，由于惯性夯锤做竖直上抛运动，故A错误；BC松手后，夯锤继续上升的时间所以夯锤上升过程中的时间故夯锤离地的最大高度为故C错误，B正确；D松手前，夯锤的加速度为设每个人对夯锤施加的力的大小为F，由牛顿第二定律得4Fmgma解得F300N故D正确。故选BD。类型4 自由落体运动和竖直上抛运动的相遇问题Httaabb tOv v0/g 2v0/g v0速率-时间图像ab中点相遇 tOv v0/g 2v0/g v0速率-时间图像ab等速率相遇 (1)同时运动，相遇位移方程：gt2+v0t-gt2

38、=H,解得t=H/v0(2)上升、下降过程中相遇问题若在a球上升时两球相遇，则有tv0/g，即H/v0若在a球下降时两球相遇，则有v0/g t2v0/g，即v0/g H/v02v0/g。解得v0(3)中点相遇问题若两球在中点相遇，有H/2=gt2,H/2=v0t-gt2;解得v0=,t=.此时a球速度va=v0-gt=-g=0；b球速度vb=gt=g=v0.交换速度大小。(4)相遇时速率相等问题若两球相遇时速率相等，则必然是速度大小相等，方向相反。有gt=v0-gt，且t=H/v0，联立解得v0=，t=。此时a球下降ha=gt2=H/4；b球上升hb=3H/4. 【例1】（2023全国模拟预测

39、）如图所示，a、b、c三点位于空中同一竖直线上且b为ac中点，小球甲、乙完全相同，甲从a由静止释放的同时，乙从b以速度竖直向上抛出，两球在ab中点发生弹性碰撞。已知重力加速度大小为g，则甲、乙经过c点的时间差为（）ABCD【答案】B【详解】从开始到两球在ab中点发生弹性碰撞，对甲、乙分别有，解得，两球发生弹性碰撞，则有解得，两球碰后运动到c点过程中，对甲、乙分别有，解得甲、乙经过c点的时间差为故选B。【例2】（2023全国模拟预测）如图所示，在“子母球”表演中，让同一竖直线上的小球P和小球Q，从距水平地面的高度为和的地方同时由静止释放，球P的质量为m，球Q的质量为2m，设所有碰撞都是弹性碰撞，

40、重力加速度为g，忽略球的直径、空气阻力及碰撞时间，则P和Q第一次碰撞后球P的速度大小为（）ABCD【答案】D【详解】根据题意，由公式可得，球Q的落地时间为由对称性可知，球Q上升到最高点的时间也为，球P的落地时间为则有可知，两球在球Q第2次下落时相碰，设经过时间两球相碰，则有解得则第一次两球碰撞时，球Q的速度为球P的速度为由于碰撞时间极短且为弹性碰撞，则碰撞过程中，系统的动量守恒，能量守恒，则有解得故选D。【例3】（2023秋河南郑州高三郑州外国语学校校考阶段练习）如图所示，长度为0.55m的圆筒竖直放在水平地面上，在圆筒正上方距其上端1.25m处有一小球（可视为质点）。在由静止释放小球的同时，

41、将圆筒竖直向上抛出，结果在圆筒落地前的瞬间，小球在圆筒内运动而没有落地，则圆筒上抛的速度大小可能为（空气阻力不计，取g10m/s2）（）A2.3 m/sB2.6 m/sC3.1 m/sD3.2 m/s【答案】B【详解】小球从释放到落地共用时小球从释放到下落1.25m共用时设圆筒上抛的初速度为，则圆筒在空中的运动时间为要使圆筒落地前的瞬间小球在圆筒内运动而没有落地，则圆筒的运动时间要小于小球的总运动时间，还要大于小球从释放到下落1.25m所用时间，即解得故选B。【例4】（2023全国高三专题练习）如图所示，将小球a从地面以初速度v0竖直上抛的同时，将另一相同小球b从地面上方某处由静止释放，两球在

42、空中相遇时速度大小恰好均为（不计空气阻力）。则（）A两球同时落地B球b开始下落的高度为C相遇时两球运动的时间为D球a上升的最大高度为【答案】BCD【详解】BC根据自由落体运动规律，依题意有则相遇时两球运动的时间则从运动开始至两球相遇，a球上升高度为球b已下落的距离为则球b开始下落的高度为故BC正确；D球a做竖直上抛运动，当速度为零时，达到最大高度，有解得则球a上升的最大高度为，故D正确；A从以上可知，a球上升的最大高度与b球下落的高度相等，依题意，b球运动的时间为解得而a球做竖直上抛，向上匀减速、然后自由落体，根据运动的对称性可知，其运动时间为可知两球不会同时落地，故A错误。故选BCD。题型四

43、 多过程问题【解题指导】1多过程问题一般情景复杂、条件多，可画运动草图或作vt图像形象地描述运动过程，这有助于分析问题，也往往能从中发现解决问题的简单方法.2.多过程运动中各阶段运动之间的“连接点”的速度是两段运动共有的一个物理量，用它来列方程能减小复杂程度【必备知识与关键能力】1一般的解题步骤(1)准确选取研究对象，根据题意画出物体在各阶段运动的示意图，直观呈现物体运动的全过程(2)明确物体在各阶段的运动性质，找出题目给定的已知量、待求未知量，设出中间量(3)合理选择运动学公式，列出物体在各阶段的运动方程及物体各阶段间的关联方程2解题关键多运动过程的连接点的速度是联系两个运动过程的纽带，因此

44、，对连接点速度的求解往往是解题的关键【例1】（2023广西统考二模）消防员日常技能训练中，消防员从四楼窗户沿绳竖直下降到地面过程的图像如图所示。消防员在与时段内的（）A位移大小之比为B平均速度大小之比为C速度变化量大小之比为D加速度大小之比为【答案】D【详解】A在与时段内，位移大小之比为面积之比，即为41，故A错误；B根据匀变速直线运动的平均速度等于初速度与末速度之和的一半，得两时段内的平均速度大小之比为11，故B错误；C速度变化量分别为与，大小之比为11，故C错误；D根据加速度的定义式得两时段内的加速度分别为与，大小之比为14，故D正确。故选D。【例2】（2023全国模拟预测）如图所示的自由

45、落锤式强夯机将830 t的重锤从630m高处自由落下，对土进行强力夯实。某次重锤从某一高度自由落下，已知重锤在空中运动的时间为、从自由下落到运动至最低点经历的时间为，重锤从地面运动至最低点的过程可视为做匀减速直线运动，当地重力加速度为g，则该次夯土作业（）A重锤下落时离地高度为B重锤接触地面后下降的距离为C重锤接触地面后的加速度大小为D重锤在空中运动的平均速度大于接触地面后的平均速度【答案】AC【详解】AD由题意可知，重锤在运动过程中受到的空气阻力可以忽略不计。作出图像，如图所示，根据自由落体公式可知，重锤下落时离地高度为根据匀变速直线运动中平均速度可知，重锤在空中运动的平均速度等于接触地面后

46、的平均速度，A正确，D错误；B根据可知，重锤下落时离地高度和重锤接触地面后下降距离之比为故重锤接触地面后下降的距离为B错误；C根据可知，重锤接触地面后的加速度大小为C正确。故选AC。【例3】（2023高三课时练习）如图所示，游船从某码头沿直线行驶到湖对岸，小明对过程进行观测，记录数据如下表：运动过程运动时间运动状态匀加速运动初速度；末速度匀速运动匀减速运动靠岸时的速度（1）求游船匀加速运动过程中加速度大小及位移大小；（2）求游船匀减速运动过程中加速度大小及位移大小；（3）求游船在整个行驶过程中的平均速度大小。【答案】（1），；（2），；（3）【详解】（1）根据题意，结合表中数据，由公式可得，游

47、船匀加速运动过程中加速度大小为由公式可得，位移大小为（2）根据题意，结合表中数据，由公式可得，游船匀减速运动过程中加速度为即游船匀减速运动过程中加速度大小为，由公式可得，位移大小为（3）游船在整个行驶过程中的总位移游船在整个行驶过程中的平均速度大小【例4】（2023高三课时练习）物体从A点由静止开始做加速度大小为的匀加速直线运动，经时间t到达B点，速度大小为，这时突然改为做加速度大小为的匀减速直线运动，又经过时间t回到A点，速度大小为，求：和。【答案】，【详解】根据题意，画出示意图如图所示以向右为正方向，内总位移为零，由运动学公式有由运动学公式有联立解得【例5】（2023全国高三专题练习）一个

48、滑雪运动员以一定的初速度沿斜面向上滑动，利用速度传感器可以在计算机屏幕上得到其速度随时间变化的关系图像如图所示，求：（1）运动员下滑的加速度a；（2）运动员沿斜面向上滑行的最大距离x。【答案】（1）2m/s2，方向沿斜面向下；（2）2.5m【详解】（1）由图像可知，运动员下滑的加速度为方向沿斜面向下。（2）由图像看出，运动员的初速度与沿斜面上滑的时间为，加速度为故向上滑行的最大距离为【例6】（2023秋河北唐山高三校联考阶段练习）在平直公路上一辆汽车以某一速度（未知）匀速行驶，司机突然发现前方L=36m处有障碍物，经反应时间（未知）后采取制动措施，使汽车开始做匀减速直线运动，汽车在（未知）时刻

49、速度减为0，此时汽车与障碍物的距离l=1.5m，从司机发现障碍物到汽车静止，对应的v-t图像如图所示。已知汽车做匀减速直线运动的第1s内前进了12.5m，加速度大小。求：（1）汽车做匀减速直线运动的时间；（2）司机的反应时间。【答案】（1）；（2）【详解】（1）令，设汽车的初速度大小为，则有解得（2）设汽车的刹车距离为x，则有解得【例7】（2023秋广东高三校联考阶段练习）为激发飞行学员的职业荣誉感，空军于2022年7月31日首次派出运20飞机运送新录取飞行学员到空军航空大学报到。运20飞机沿直线跑道由静止开始以最大加速度匀加速起飞，经过时间达到起飞速度。（1）求飞机起飞时的加速度大小和发生的位移大小x1；（2）跑道上有一个航线临界点（如图所示），超过临界点就必须起飞，如果放弃起飞飞机将可能冲出跑道，已知跑道长度，飞机减速的最大加速度大小，求临界点距跑道起点的距离。【答案】（1）3m/s2，600m；（2）480m【详解】（1）飞机起飞时的加速度大小加速起飞发生的位移为解得（2）假如飞机加速至临界点，则飞机以最大加速度减速能刚到达跑道的末端。设此过程中飞机的最大速度为，则加速过程有减速过程有解得