四川省巴中市南江中学2023届高三物理下学期模拟训练十试题（Word版附解析）.docx

1、2023届四川省南江中学高三下学期模拟训练十二理科综合（试卷总分300分考试时间150分钟）二、多项选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分每小题给出的四个选项中，1418题只有一个选项正确，1921题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1. 关于波尔的氢原子模型，下列说法正确的是（ ）A. 关于波尔的氢原子模型启发，巴尔末提出了巴尔末公式总结氢原子光谱特点B. 波尔的氢原子模型彻底解决了卢瑟福原子结构模型的缺陷，原子结构从此不再神秘C. 氢原子每个定态的能量是固定的，氢原子发光的频率由这些能级差值决定D. 波尔的氢原子模型解释了氢原子发光波长的特点，因此说明

2、光是一种波【答案】C【解析】【详解】AD巴尔末根据氢原子光谱分析，总结出了氢原子光谱可见光区波长公式，AD错误；C氢原子每个定态的能量是固定的，氢原子发光的频率由这些能级差值决定，C正确；B波尔的氢原子模型彻底解决了原子结构的稳定性，即卢瑟福原子结构模型无法解释的规律，但并没有解决所有问题，B错误。故选C。2. 如图所示，一长木板在水平地面上运动，在某时刻（t=0）将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，已知物块与木板的质量相等，物块与木板间及木板与地面间均有摩擦，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上在物块放到木板上之后，木板运动的速度时间图象可能是下列图中的（）A. B

3、. C. D. 【答案】A【解析】【详解】试题分析：由于物块刚放到木板上时，运动的木板会对它一个向前的滑动摩擦力，则物块对木板就会有一个向左的摩擦力，此时木板还受到地面给它的向左的摩擦力，木板在这两个阻力的作用下做匀减速直线运动；当物块的速度与木板的速度相等时，物块与木板间没有了相对运动，它们之间的摩擦力为零，此时木板受到的阻力只有地面对它施加的向左的力，即阻力减小，故其反加速度变小，木板也做匀减速直线运动，但其加速度变小，故A是正确的考点：牛顿第二定律，摩擦力3. 如图所示，理想变压器原、副线圈匝数之比为，原线圈两端接的交流电源，副线圈两端接的负载电阻，电表均为理想交流电表则下列说法中正确的

4、是（） A. 副线圈中输出交流电的频率为B. 副线圈中电压表的示数为C. 变压器的输入功率为D. 原线圈中的电流表A的示数为【答案】D【解析】【详解】A副线圈中输出交流电的频率应与原线圈相同为选项A错误；B初级电压的有效值为副线圈中电压表的示数应为有效值，即选项B错误；C变压器的输入功率应等于输出功率，即选项C错误；D由的原线圈中的电流表的示数为选项D正确。故选D。4. 如图所示，某竖直平面内存在着相互正交的匀强电场和匀强磁场，电场方向水平向左，磁场方向水平向外一质量为、电荷量为的微粒以速度与水平方向成角从点射入该区域，微粒恰好沿速度方向做直线运动，下列说法中正确的是（） A. 微粒从到的运动

5、可能是匀减速直线运动B. 该微粒一定带正电荷C. 该磁场的磁感应强度大小为D. 该电场的场强为【答案】C【解析】【详解】AB若微粒带正电，它受竖直向下的重力、向左的电场力和右斜向下的洛伦兹力，知微粒不能做直线运动据此可知微粒一定带负电，它受竖直向下的重力、向右的电场力和左斜向上的洛伦兹力，又知微粒恰好沿着直线运动，可知微粒一定做匀速直线运动，故AB错误；CD由平衡条件有关系得磁场的磁感应强度电场的场强故C正确，D错误。故选C。5. 如图所示，一根轻杆长为，中点A和右端点B各固定一个小球，左端O为光滑水平转轴开始时杆静止在水平位置，释放后将向下摆动至竖直，在此过程中以下说法正确的是（） A. A

6、、B两球的机械能都守恒B. A、B两球的机械能不守恒，但它们组成的系统机械能守恒C. 这一过程O、A间轻杆对球做正功D. 这一过程A、B间轻杆对球做正功【答案】B【解析】【详解】AB两小球及轻杆组成的系统的机械能守恒，设摆到竖直时角速度为，则有解得即A的动能为B的动能为可知A球的机械能减少，B球的机械能增加，故A错误，B正确；CD由于A、B两球组成的系统机械能守恒，则下摆的过程O、A间轻杆的弹力沿杆方向不做功；由于A球的机械能减少，则A、B之间轻杆对A球做负功，故CD错误。故选B。6. 银河系的恒星大约四分之一是双星。某双星是由质量不等的星体和构成，两星在相互之间的万有引力作用下绕两者连线上某

7、一点O做匀速圆周运动，已知、两星体到O点的距离之比为1:3，若星体的质量为m，做圆周运动的线速度为v，向心力大小为F，向心加速度大小为a，则星体的（ ）A. 质量为B. 线速度为C. 向心力大小为FD. 向心加速度大小为a【答案】AC【解析】【详解】A双星做圆周运动的角速度相等，向心力由两星之间的万有引力提供，则 则可得选项A正确；B根据v=r可知，线速度之比则v2=3v选项B错误；C向心力大小相等，即为F，选项C正确；D根据F=ma可知选项D错误。故选AC。7. 如图所示，在光滑的水平桌面上有体积相同的两个小球A、B，质量分别为m=0.1kg和M=0.3kg，两球中间夹着一根压缩的轻弹簧，原

8、来处于静止状态，同时放开A、B球和弹簧，已知A球脱离弹簧的速度为6m/s，接着A球进入与水平面相切，半径为0.5m的竖直面内的光滑半圆形轨道运动，PQ为半圆形轨道竖直的直径，下列说法正确的是A. 弹簧弹开过程，弹力对A的冲量大于对B的冲量B. A球脱离弹簧时B球获得的速度大小为2m/sC. A球从P点运动到Q点过程中所受合外力的冲量大小为1NsD. 若半圆轨道半径改为0.9m，则A球不能到达Q点【答案】BCD【解析】【详解】弹簧弹开两小球的过程，弹力相等，作用时间相同，根据冲量定义可知，弹力对A的冲量大小等于B的冲量大小，故A错误；由动量守恒定律，解得A球脱离弹簧时B球获得的速度大小为，故B正

9、确；设A球运动到Q点时速率为v，对A球从P点运动到Q点的过程，由机械能守恒定律可得，解得：v=4m/s，根据动量定理，即A球从P点运动到Q点过程中所受合外力的冲量大小为1Ns，故C正确；若半圆轨道半径改为0.9m，小球到达Q点的临界速度，对A球从P点运动到Q点的过程，由机械能守恒定律，解得，小于小球到达Q点的临界速度，则A球不能达到Q点，故D正确。故选BCD。8. 如图所示，在光滑的绝缘水平面上方，有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，PQ为磁场边界，一个半径为a、质量为m、电阻为R的金属圆环垂直磁场方向放置于磁场中A处，现给金属圆环一水平向右的初速度v。当圆环运动到直径刚好与边界

10、线PQ重合时的速度为，则下列说法正确的是（）A. 此时圆环中的电功率为B. 此时圆环的加速度为C. 此过程中通过圆环截面的电荷量为D. 此过程回路中产生的电能为0.75mv2【答案】BC【解析】【分析】【详解】A. 当圆环运动到直径刚好与边界线PQ重合时，产生的感应电动势感应电流圆环中的电功率故A错误；B.金属圆环受到的安培力所以此时圆环的加速度为故B正确；C. 此过程中通过圆环截面的电荷量为故C正确；D. 由能量守恒，产生的电能W故D错误。故选BC。三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须作答第33题第38题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（1

11、1题，共129分）9. 某同学用探究动能定理的装置测滑块的质量M如图甲所示，在水平气垫导轨上靠近定滑轮处固定一个光电门让一带有遮光片的滑块自某一位置由静止释放，计时器可以显示出遮光片通过光电门的时间t(t非常小)，同时用米尺测出释放点到光电门的距离s(1)该同学用螺旋测微器测出遮光片的宽度d，如图乙所示，则d_ mm(2)实验中多次改变释放点，测出多组数据，描点连线，做出图像为一条倾斜直线，如图丙所示图像的纵坐标s表示释放点到光电门的距离，则横坐标表示的是_At Bt2 C. D. (3)已知钩码的质量为m，图丙中图线的斜率为k，重力加速度为g根据实验测得的数据，写出滑块质量的表达式M_(用字

12、母表示)【答案】 . (1)1.880 . (2)D . (3) 【解析】【详解】(1)螺旋测微器的固定刻度读数为1.5 mm，可动刻度读数为0.0138.0 mm0.380 mm，则最终读数为1.880 mm(2)滑块通过光电门的瞬时速度，根据动能定理得：，解得：，因为图线为线性关系图线，可知横坐标表示，故选D(3)根据知，图线的斜率为：，解得滑块质量10. 某同学想通过实验测量某定值电阻的阻值。（1）用欧姆表测该电阻阻值，选择挡，短接调零，测量时指针如图甲所示，则该电阻的阻值为_。 （2）为准确测量电阻的阻值，该同学选用了下列器材：A电压表B电流表C电流表D滑动变阻器（，额定电流）E电阻箱

13、，额定电流F直流电源G开关两个、导线若干为避免电表内阻对测量结果的影响，设计了如图乙所示的电路，其中为待测电阻，操作过程如下：a按电路图连接好电路；b断开，将的滑片滑至_（填“左端”、“中间”或“右端”），将调至_（填“最大阻值”或“最小阻值”），闭合；c调节，使电流表的示数恰好是示数的一半；d闭合并保持不变，读取示数，分别记作。则待测电阻的准确阻值为_；该同学要将电阻箱阻值由调至，应如何操作：_。【答案】 . 290 . 左端 . 最大阻值 . . 先将电阻箱为挡位调至数字8处，再将挡位调至数字2处【解析】【详解】（1）1欧姆表选择10挡，由图1所示可知，该电阻的阻值为：2910=290；（

14、2）23b、S2断开，将R1的滑片滑至左端，将R2调至最大阻值，闭合S1；4d. 因电流表A1的示数恰好是A2示数的一半，则电阻箱R2的阻值等于待测电阻R的阻值，大小为；5要将电阻箱阻值由300调至280，操作方法：先将电阻箱为10挡位调至数字8处，再将100挡位调至数字2处即可。11. 如图所示，竖直平面内放一直角杆，杆的各部分均光滑，水平部分套有质量为mA=3kg的小球A，竖直部分套有质量为mB=2kg的小球B，A、B之间用不可伸长的轻绳相连。在水平外力F的作用下，系统处于静止状态，且，重力加速度g=10m/s2。（1）求水平拉力F的大小和水平杆对小球A弹力Fx的大小；（2）若改变水平力F

15、大小，使小球A由静止开始，向右做加速度大小为4.5m/s2的匀加速直线运动，求经过拉力F所做的功。【答案】（1）15N，50N；（2）49.5J【解析】【详解】（1）设静止时绳子与竖直方向夹角为，则由题意可知对B进行隔离可知FTcos=mBg解得对A进行分析F=FTsin=15N对A、B整体进行分析：竖直方向Fx=(mA+mB）g=50N（2）经过，小球A向右的位移此时绳子与水平方向夹角为小球A的速度为vA=at=3m/sA、B两小球沿绳方向速度大小相等vAcos=vBsin解得vB=vAcot=4m/s由能量守恒知12. 如图所示，空间区域I、II有匀强电场和匀强磁场，MN、PQ为理想边界，

16、I区域高度为d，II区域高度足够大，匀强电场方向竖直向上；I、II区域的磁感应强度大小均为B，方向分别垂直纸面向里和向外。一个质量为m、带电荷量为q的小球从磁场上方的O点由静止开始下落，进入场区后，恰能做匀速圆周运动。已知重力加速度为g。（1）试判断小球的电性并求出电场强度E的大小；（2）若带电小球运动一定时间后恰能回到O点，求它释放时距MN高度h；（3）试讨论在h取不同值时，带电小球第一次穿出I区域的过程中，电场力所做的功。【答案】（1）正电，；（2）；（3）0或【解析】【详解】（1）带电小球进入复合场后，恰能做匀速圆周运动，合力为洛伦兹力，重力与电场力平衡，重力竖直向下，电场力竖直向上，即

17、小球带正电，则有qE=mg解得（2）带电小球在进入磁场前做自由落体运动，据机械能守恒定律得带电小球在磁场中做匀速圆周运动，设半径为R，据牛顿第二定律得由于带电小球在、两个区域运动过程中q、v、B、m的大小不变，故三段圆周运动的半径相同，三个圆心为顶点的三角形为等边三角形，边长为2R，内角为60，如图a所示由几何关系知解得（3）当带电小球在区域做圆周运动的圆弧与PQ相切时，设小球释放时距MN的高度为h0，运动轨迹如图b所示由几何关系可知，半径R=d联立解得讨论：i当hh0时，带电小球进入磁场区域的速度较小，半径较小，不能进入区域，由磁场上边界MN第一次穿出磁场区域，此过程电场力做功W=qEs=0

18、当hh0时，带电小球进入磁场区域后由下边界PQ第一次穿出磁场区域进入区域，此过程电场力做功（二）选考题：共45分请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答，如果多做，则每学科按所做的第一题计分【物理选修3-3】（15分）13. 下列关于热现象的说法正确的是（）A. 用显微镜观察液体中的悬浮微粒的布朗运动，观察到的是微粒中分子的无规则运动B. 一定量100C的水变成100C的水蒸气，其分子之间的势能增加C. 两个分子从无穷远处逐渐靠近，直到不能再靠近为止的过程中，分子力先变大后变小，再变大D. 尽管技术不断进步，热机的效率仍不能达到100%，制冷机却可以使温度降到E. 露

19、珠呈球状是由于表面张力作用的结果【答案】BCE【解析】【详解】A布朗运动为悬浮微粒的运动，所以观察到的是微粒的无规则运动，故A错误；B100C的水变成100C的水蒸气要吸收热量，内能增大，但温度不升高，分子的平均动能不变，所以分子之间的势能增加，故B正确；C两个分子从无穷远处逐渐靠近，开始时由于两分子之间的距离大于，分子力表现为引力，并且随距离的减小，先增大后减小；当分子间距小于，分子力为斥力，随分子距离的减小而增大，故C正确；D尽管技术不断进步，热机的效率仍不能达到100%，而绝对零度也无法达到，故制冷机不可以使温度降到以下，故D错误；E露珠呈球状是由于液体表面张力的作用，故E正确。故选BC

20、E。14. 如图所示是小明自制的简易温度计。在空玻璃瓶内插入一根两端开口、内横截面积为0.4cm2的玻璃管，玻璃瓶与玻璃管接口处用蜡密封，整个装置水平放置玻璃管内有一段长度可忽略不计的水银柱，当大气压为1.0105Pa、气温为7时，水银柱刚好位于瓶口位置，此时封闭气体体积为480cm3，瓶口外玻璃管有效长度为48cm。求（1）此温度计能测量的最高气温；（2）当气温从7缓慢上升到最高气温过程中，密封气体吸收的热量为3J，则在这一过程中密封气体的内能变化了多少。【答案】（1）18.2；（2）内能增加了1.08J【解析】【详解】（1）当水银柱到达管口时，达到能测量的最高气温T2，则初状态T1=（27

21、3+7）K=280KV1=480cm3末状态V2=（480+480.4）cm3=499.2 cm3由盖吕萨克定律代入数据得T2=291.2K即t2=18.2（2）水银移动到最右端过程中，气体对外界做功W=-P0SL=-1.92J由热力学第一定律得气体内能变化为U=Q+W=3J+（-192J）=1.08J在这一过程中密封气体的内能增加了1.08J。【物理选修3-4】（15分）15. 2023年2月6日，土耳其发生7.8级地震，震源深度为。如果该地震中的简谐横波在地球中匀速传播的速度大小为，已知波沿轴正方向传播，某时刻刚好传到处，如图所示，则下列说法中正确的是（）A. 从波源开始振动到波源迁移到地

22、面需要经过B. 从波传到处开始计时，经过位于处的质点加速度最小C. 波的周期为D. 波动图像上点此时速度方向沿轴负方向，经过一段极短的时间后动能减小E. 从波传到处开始，经过点的波动状态传播到点【答案】BCE【解析】【详解】A波的传播过程中波源不随波而迁移，故A错误；B从波传到处开始计时，波传到处所用时间为此时位于处的质点从平衡位置刚开始振动，可知其加速度为零（最小），故B正确；C从波形图知波长，则周期为故C正确；D此时刻质点沿轴的负方向运动，在极短时间内，其速度逐渐增大，动能增大，故D错误；E从波传到处开始，点的波动状态传播到点所用时间为故E正确。故选BCE。16. 如图所示，半径R=cm的圆形玻璃砖，AB为玻璃砖的直径。一束光线平行于直径AB射向玻璃砖左侧界面，且光束到AB的距离d=6cm，光线经玻璃砖折射后由B点射出。已知光在真空中的传播速度c=3.0108 m/s，求：（1）玻璃砖的折射率；（2）光线在玻璃砖中传播的时间。 【答案】（1）；（2）【解析】【详解】（1）光路如图，设入射角为，则求出入射角由几何关系得折射角折射率（2）根据折射率与光速的关系光在玻璃中的传播距离解得