2021年广东省中考物理复习专练（广州专版）（14）——电功率.docx

1、2021年广东省中考物理复习专练（广州专版）（14）电功率一选择题（共11小题）1（2020荔湾区模拟）把标有“220V 100W”和“220V 40W”字样的两个灯泡串联在220V的电路中，下列说法中正确的是（）A40W灯泡两端的电压较高B100W灯泡比40W灯泡亮C100W灯泡的实际功率大于它的额定功率D40W灯泡的实际功率大于它的额定功率2（2020海珠区校级二模）甲、乙两个小灯泡上分别标有“6V 3W”和“4V 2W“字样，现在把它们按不同方式接在不同电路中（不考虑灯丝电阻的变化），下列判断错误的是（）A若把它们串联在10V电路中，两灯都可以正常发光B若把它们串联在10V电路中，甲灯比

2、乙灯亮C若把它们并联在4V电路中，甲灯比乙灯亮D若把它们并联在4V电路中，乙灯正常发光3（2020越秀区校级模拟）对比图中白炽灯和LED灯将电能转化为其他形式能的情况，可得（）A白炽灯发光时，大量的电能转化为光能B白炽灯的寿命跟灯丝的温度有关，因为温度越高，灯丝就越容易凝华CLED 灯可以直接把电能全部转化为光能DLED 灯发光的效率较高4（2019秋越秀区期末）有两个额定电压相同的电热水壶甲和乙，甲的额定功率为1200W，乙的额定功率为1800W。两个电热水壶都正常工作时，下列说法中正确的是（）甲电热水壶两端的电压较低通过乙电热水壶做功较快通过两个电热水壶的电流相等甲电热水壶的电阻较大乙电热

3、水壶比甲电热水壶一次能烧更多的开水相同时间内，两个电热水壶消耗的电能不一样A只有是对的B是对的C是对的D是对的5（2020秋番禺区期末）如图所示，电源两端电压恒定。闭合开关，灯泡L1比灯泡L2亮，则（）AL1的电阻比L2的大B通过L1的电流与通过L2的电流相等C若L1灯丝烧断，L2的实际电功率不变D若L2灯丝烧断，通过L1电流变大6（2020花都区二模）如图甲所示，将一个标有“36V 25W”的小灯泡接在电压为12V的恒压电源上，闭合开关的瞬间（t0）开始利用传感器记录电路中电流随时间的变化情况（如图乙），利用慢速摄影技术可以观察到前0.04s灯丝经历了从不发光、微微发光到逐渐变亮的过程，从第

4、0.04s后灯泡稳定发光。下列说法正确的是（）A灯丝的实际功率一直不变B闭合开关瞬间，灯丝的实际功率最小C灯丝从00.04s实际功率逐渐变小D灯丝从00.04s逐渐变亮，所以实际功率逐渐变大7（2020荔湾区模拟）下列关于电功、电功率的说法中正确的是（）A千瓦和千瓦时都是电功率的单位B用电器消耗的电功率越小，则电流做的功就越少C对某一用电器而言，消耗的实际功率是由实际电压决定的D通过用电器的电流做功越多，则用电器功率就越大8（2019秋海珠区期末）某电热器的简化电路如图所示。两根电热丝R1、R2的阻值相等且不变。开关S1可接a或b或c。则电热器电功率最大时（）A断开S2，S1接bB闭合S2，S

5、1接aC闭合S2，S1接cD闭合S2，S1接b9（2019秋海珠区期末）甲、乙、丙三个家用电器都正常工作10h，甲耗电10度，乙和丙各耗电5度。以下说法错误的是（）A甲的实际功率一定最大B甲的额定功率一定最大C甲产生的电热一定最多D电流流过乙和丙，做的电功一定相同10（2019秋天河区期末）电冰箱在设计电路时，当冷冻室温度高于设定温度时，压缩机会以输入总功率正常工作，当冷冻室温度低于设定温度时，则压缩机停止运作，一般家庭电冰箱每运行12h，压缩机工作2.5h，如表格所示是某小型号电冰箱的铭牌，根据铭牌内容，则下列选项错误的是（）xxxx电冰箱额定电压220V工作频率50Hz重量54kg输入总功

6、率100W耗电量0.62kWh/24h制冷剂R600a52g额定输入电流0.45A冷冻能力1kg/24h总有效容积217LA该冰箱正常工作电压是220VB一般家庭该电冰箱每经过24h，消耗电能0.62kWhC电冰箱除了压缩机工作消耗电能，还有其他部件消耗电能D该电冰箱停止工作一天，一定节省电能2.4kWh11（2020天河区一模）如图，电源两端电压恒定，闭合开关，发现灯泡L1比L2暗，则（）AL1的实际功率比L2的大B通过L1 的电流比L2的小CL1的电阻比L2的小D若L1烧断，则L2两端的电压变大二填空题（共8小题）12（2021春越秀区校级月考）（1）如图1为小明家里的电能表，他家允许同时

7、长期工作的用电器最大总功率为 kW。若只让一只台灯工作，电能表2min转了5转，这只台灯消耗了 J的电能，其功率为 W。（2）如图2是某汽车工作原理图，给汽车蓄电池充电时，汽车蓄电池相当于 （选填“用电器”或“电源”）；当电动机正常工作时，将电能主要转化为 能。13（2020秋越秀区校级期中）家庭电路的电能表如图所示，小明让电饭锅单独工作，转盘转过30圈时，停表记录其工作时间为100s。（1）电饭锅消耗的电能为 kWh，电功率为 W；（2）小芳设计实验如下：电饭锅单独工作时，用停表计时钟3分钟，这段时间内，观察转盘转过的圈数n，测量出消耗的电能W算出电功率；（3）评估：比较两人测量电饭锅功率，

8、 的实验相对不太精确，理由是： 。14（2020荔湾区一模）（1）两只灯泡，甲标有“220V 100W”，乙标有“110V 25W”，把它们串联在电路中，电路两端允许接的最大电压为 V；接通电路，两灯都能发光，两灯的亮度比较是 。（选填“甲比乙亮”或“乙比甲亮”或“一样亮”）。（2）将一灯泡直接接到电源，功率为100W，用长导线将灯泡串联后接到同一电源上，功率为81W，则导线上损失的功率 19W。（选填“大于”、“等于”或“小于”）（灯泡的电阻保持不变）。（3）用橡胶棒摩擦过的毛皮带 电，橡胶棒在摩擦毛皮的过程中 电子，若把橡胶棒和不带电的验电器金属球接触，会发现验电器金属箔片张开，如图甲所示

9、，若将另一带电小球与验电器金属球接触，发现箔片闭合，如图乙所示，则此带电小球带 电。15（2020荔湾区模拟）某一温度下，连接在电路中的两段导体A和B中的电流与其两端电压的关系如图所示。由图信息可知，A导体的电阻为 当A导体和B导体串联在电路中时，通过的电流是0.3A则电源电压为 V，电路消耗的总功率为 W。16（2020花都区二模）小明按图1所示电路图做实验，电源电压可调，闭合开关，两表读数如图2所示，工作10s后，L突然烧断，L烧断后两表示数如图3所示。（1）L烧断后，定值电阻R两端的电压为 ；R的阻值是多少？（2）L烧断前，流过R的电流是多少？（3）L烧断前，L在工作的10s内大约消耗了

10、多少电能？（4）L烧断后，流经R的电流 （选填“变大”、“不变”、“变小”），依据是 。17（2019秋天河区期末）如图为单相电子式电能表，其示数为 kWh；由参数可得，此电能表允许接入的最大电功率是 W；参数“3000imp/（kWh）”，表示接住此电能表上的用电器，每消耗1kWh电能，电能表的指示灯闪烁3000次，若家庭电路只有一个电热水壶工作，指示灯10min内闪烁300次，此过程电热水壶的实际功率是 W电热水壶工作过程能量转化情况是 。18（2020秋江都区期末）如图所示，电能表此时的读数为 kWh，允许同时接入电路使用的用电器总功率不能超过 W；若只将某一个用电器单独连入电路中正常工

11、作6min的过程中，观察到电能表转盘转了300转，则该用电器的额定功率为 W。19（2020秋白云区期末）小红和小明想利用如图所示的装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系“，两瓶煤油中都浸泡着一段金属丝，烧瓶A中的金属丝是铜丝，电阻比较小，烧瓶B中的金属丝是镍铬合金丝，电阻比较大，温度计可以显示煤油的温度。（1）上述实验中铜丝和镍铬合金丝采用的电路连接方式，目的是控制通过金属丝的 和 相同。（2）实验中，发现烧瓶B中温度计的示数升高很快，得出结论： 。（3）小红提议利用该装置改装成“比较食用油和煤油的吸热能力“的实验，若烧瓶B的器材不变，她除了把烧瓶A的煤油换成食用油外，还需更换烧瓶A中的金

12、属为了能在通电一段时间后，通过两温度计的 来比较食用油和煤油的吸热能力，设计的实验必须满足的条件还有烧瓶A、B中食用油和煤油的 相同，烧瓶 A、B中金属丝的电阻 （填“相同“或“不同“）。三实验探究题（共10小题）20（2020秋黄埔区期末）小丽同学设计了一个电路，如图1所示。其中电源电压值恒为6V，小灯泡标有“2.5V”的字样，请回答以下问题：（1）根据小丽设计的电路图把图2中的器材连接成实验电路，要求滑动变阻器滑片P向B端移动时，接入电路的电阻变小。（2）闭合开关，移动滑动变阻器滑片，使小灯泡正常发光。此时电流表的读数如图3所示，请完成表。表小灯泡的实验数据发光情况刚发光正常发光很亮U/V

13、0.90 3.50I/A0.20 0.38P/W0.18 1.33R/4.50 9.21（3）根据表，归纳小灯泡电阻变化的规律： 。21（2020秋越秀区校级月考）在“测量小灯泡额定功率”的的实的材如下：待测小灯泡（额定电压为2.5V）、电源（电压恒为6V），电流表（00.6A、03A）、电压表（03V、015V），滑动变阻器、开关各一只，导线若干。（1）如图甲所示是小杰同学开始时连接的电路，仔细观察发现该电路存在连接错误，但只需改动一根导线，即可使电路连接正确，请你在应改动的导线上打“”，并用笔线代替导线画出正确的接法，并在虚线框内画出对应的电路图。（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡

14、不亮，但电流表、电压表均有示数，接下来应进行的操作是 。（3）当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，示数为 A，小灯泡的额定功率为 W。（4）电压表坏了、只有电流表的情况下，小杰增加了一只10的定值电阻R并利用原有器材，也测出了该小灯泡的额定功率。步骤如下：按照如图丙所示的电路图正确连接实物电路；闭合开关，调节滑动变阻器滑片，使电流表示数为 A时，灯泡正常发光；断开开关，保持 不变，将电流表改接在灯泡所在支路中，再闭合开关，读出电流表示数I；小灯泡额定功率的表达式为P额 。22（2020番禺区一模）如图1所示，在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10，有两

15、个规格分别为“10 1A”的A滑动变阻器和“50 2A”的B滑动变阻器，电源电压为6V。（1）本实验中应选择 滑动变阻器（选填“A”或“B”）。（2）请你用笔画线代替导线将如图2中的实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大。（3）连好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表电压表均有示数。接下来应进行的操作是 。A断开开关，更换小灯泡B检查电路是否断路C移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光（4）问题解决后，继续进行实验。若某次实验电压表、电流表的示数如图2所示，则小灯泡的额定功率为 W。（5）实验中多次测量的目的是 。A测不同电压下小灯泡的实际功率

16、B多次测量求平均值，减小误差23（2020荔湾区二模）“测小灯泡额定电功率”的实验中，提供的器材有：电压恒为4.5V的电源，额定电压为2.5V的待测小灯泡（电阻约为10），电流表（00.6A，03A），电压表（03V，015V），开关和导线若干。（1）小明设计了如图甲所示的部分电路，用笔画线代替导线将图甲的电路图连接完整，要求滑片P向左移动时，灯泡变亮。序号电压/V电流/A亮暗情况110.16暗21.50.22较亮32.50.28亮（2）闭合开关后，小灯泡不发光，电流表和电压表均无示数。小明用另一只电压表进行电路检查。他把电压表正负接线柱接在电流表两端时，该电压表有明显偏转，原电压表无示数，则

17、电路故障可能是 。（3）排除电路故障后闭合开关，滑动变阻器滑片P位于某位置时，电压表示数如图乙所示，为使灯泡正常发光，滑动变阻器滑片P应向 端适当滑动（选填“A”或“B”）。（4）小明将实验中收集的数据及现象填入表格中，可得小灯泡的额定功率是 W。24（2020荔湾区校级二模）在“测量不同亮度时小灯泡电功率”实验中（1）根据实验目的，在如图的方框中画出电路图。（2）小明按图完成实验。小明移动滑动变阻器滑片，得到实验数据如表格某次实验电压表、电流表示数如图乙所示，请把数据及求得的电阻值填写在表格空格处。U/V32.6 1I/A0.140.16 0.24P/W0.420.4 0.24亮度不亮刚亮暗

18、比较亮（3）若表中数据是电表的正确示数，请分析为什么灯泡越亮，但电功率变小 。25（2020广州二模）在测量小灯泡电功率实验中，小圆同学选用的器材有：额定电压为1.5V的灯泡、电流表、电压表、开关、电源、滑动变阻器和若干导线等。（1）用笔画代替导线，将图1中的实物电路连接完整。（2）正确连接电路后，闭合开关，看不见灯亮，电压表示数和电流表示数如图2所示，则灯不亮的原因是 。（3）移动滑动变阻器滑片，将两电表对应的示数记录到表中，据此可知灯泡的额定功率为 W。实验序号123电压表示数/V1.01.52.0电流表示数/A0.140.180.22（4）为测量小灯泡的额定功率，小满利用2节新干电池和两

19、个规格相同的“1.5V”小灯泡，连接如图3所示的电路。在虚线框内画出与图3对应的电路图。他的做法可行吗？理由是 。闭合开关后发现：L1不亮，L2很亮：过一会儿，L2也不亮。导致这个现象的原因是： 。26（2020越秀区校级三模）现有一个可调电压电源，一个电压表，A、B、C三盏小灯泡规格分别为：A灯“6V 3W”、B灯“6V 4.8W”、C灯“6V 6W”，三盏小灯泡的电流电压关系如图所示，即三个灯的电阻随实际功率变化而变化，在保证电路安全的情况下，进行以下实验。求：（1）求A灯正常发光时灯丝的电阻；（2）若将A、B两盏小灯泡并联接在可调电压电源两端，电源电压调节为6V，求经过10s，两盏小灯泡

20、消耗的总电能为多少J？（3）若将A、C两盏小灯泡串联接在可调电压电源两端，调节电源电压，使A灯正常发光，求此时C灯的实际电压和实际电功率。27（2019秋海珠区期末）如图所示，定值电阻的阻值R0已知。利用图中器材及若干导线连接电路，测量小灯泡（U额2.5V）的额定功率。（1）在图中，按要求把电路连接完整。（2）闭合开关前，将滑动变阻器的滑片调到变阻器的最 。端。（3）闭合开关，调节变阻器滑片。使 （选填“甲”或“乙”）电压表的示数为U额时，小灯泡正常发光。此时另一电压表的示数为U甲；则小灯泡额定功率P额 。（用题目所给及所测物理量的符号，写出表达式）28（2019秋天河区期末）用如图1所示电路

21、测量不同电压下小灯泡的实际功率。（1）请根据实验目的，正确连接出完整的实物图，使滑动变阻器接入电路的阻值最大；（2）已知小灯泡额定电压为3V想对比与小灯泡亮度相同的发光二极管（额定电压为3V）哪个耗电更快，为了测量亮度，使用图2的数字式照度计，在相同环境下测量两者亮度，小灯泡越亮，照度计示数越大，其单位为LUX，照度计示数为零时，说明照度计感应不到发光，电路正确连接后，得到数据如下表：小灯泡、发光二极管亮度与电压、电流数据表数据序号12345电压U/V0.61.222.53电流/A0.140.180.240.280.3小灯泡亮度/LUX01842517503300数据序号678910电压U/V

22、22.32.52.73电流/A000.010.10.3发光二极管/LUX001717509340小灯泡的额定功率为 W。为了达到目的，需要对比哪些数据？ （选填数据序号），可知耗电更快的是 （选填“小灯泡”、“发光极管“或“两者一样“），判断依据是： 。29（2021春广州月考）（1）手机是我们最常用的通讯工具，手机使用的是可充电电池，电池上标有“电压”和“容量”两个重要参数。容量的单位通常为“毫安时”（符号mAh）。小明同学的爸爸使用的可充电电池所标的电压是4.0V，容量是1000mAh，这种电池一次充电最多可储存的能量为 J。使用该手机充满电一次能够持续通话的实际时间可长达5h，则该手机在

23、通话状态的放电功率为 W。（2）小明家有一只电热水壶的铭牌上标有“220V1000W”的字样，它正常工作时，电压是 V，电流是 A。小明烧水时单独让电热水壶工作，测得如图所示的电能表铝盘转了60转，用时1.2min，则电热水壶消耗的电能为 kWh。四计算题（共1小题）30（2020秋黄埔区期末）小明家电热水壶上的铭牌部分模糊了，如表所示。他想知道该电热水壶的额定功率，于是他关掉家里的其他用电器，只让电热水壶单独工作，观察到标有“1800r/kWh”的电能表的转盘转了45圈刚好用了1min，家庭电路工作电压为220V。（1）该电热水壶的额定功率是多少？（2）若用该电热水壶加热水，1min内使质量

24、为1kg的水温度升高20，水吸收的热量是多少？c水4.2103J/（kg）（3）该热水壶的热效率多少？（水吸收的热量与消耗的电能之比叫热效率，保留一位小数）产品型号SW15T70A容量（L）1.5额定电压（V）220V额定功率（W）/2021年广东省中考物理复习专练（广州专版）（14）电功率参考答案与试题解析一选择题（共11小题）1【解答】解：AB、已知L1为“220V 100W”，L2为“220V 40W”，因为U1U2，P1P2，由公式R=U2P可知，当电压相等时，电功率越大，电阻越小，即R1R2，两灯串联，I1I2，由UIR可知，40W的灯泡两端的电压较高；故A正确；由公式PI2R可知，

25、实际功率P实1P实2，所以100W灯泡比40W灯泡暗；故B错误；CD、两个灯泡串联在220V的电路中，则每个灯泡分得的电压均小于220V，即实际电压均小于额定电压，因此实际功率均小于额定功率，故CD错误。故选：A。2【解答】解：由PUI可得，两个灯泡正常发光时的电流分别为：I甲=P甲U甲=3W6V=0.5A，I乙=P乙U乙=2W4V=0.5A，由I=UR可得，两灯泡的电阻分别为：R甲=U甲I甲=6V0.5A=12，R乙=U乙I乙=4V0.5A=8；AB.若把它们串联在10V电路中，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电路中的电流：I=UR总=UR甲+R乙=10V12+8=0.5A，由II甲

26、I乙可知，两灯都可以正常发光，故A正确；由PUII2R可知，甲灯泡的电阻较大，其实际功率较大，则甲灯比乙灯亮，故B正确；CD.若把它们并联在4V电路中，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以由PUI=U2R可知，乙灯泡的电阻较小，实际功率较大，乙灯比甲灯亮，故C错误；因乙灯泡两端的电压和额定电压相等，所以乙灯正常发光，故D正确。故选：C。3【解答】解：A、根据图示可知，白炽灯发光时，电能转化为了20%的光能和80%的内能，显然大量的电能转化为内能，故A错误；B、温度越高，灯丝就越容易升华，因此白炽灯的寿命跟灯丝的温度有关，故B错误；CD、根据图示可知，LED发光时，电能转化为10%的内能和90

27、%的光能，与白炽灯相比，LED 灯发光的效率较高，故C错误、D正确。故选：D。4【解答】解：甲和乙两电热水壶的额定电压相等，则正常工作时它们两端的电压相等，故错误；电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，乙的额定功率较大，其正常工作时的实际功率较大；因电功率是表示电流做功快慢的物理量，所以电流通过乙电热水壶做功较快，故正确；两电热水壶正常工作时的电压相等，实际功率不同，由PUI的变形式I=PU可知，通过的电流不相等，故错误；由P=U2R的变形公式R=U2P可知，电热水壶的额定功率越大，电阻越小，因此甲电热水壶的电阻较大，故正确；电热水壶烧开水的多少取决于水壶的容积，与电热水壶的额定功率无关，故

28、错误；根据WPt可知，额定功率不同时，相同时间内，电热水壶消耗的电能不同，故正确。故选：B。5【解答】解：AB、由图可知，两只灯泡并联，两灯泡电压两端相等；由P实UI可知，U1U2，P实1P实2，所以I1I2，即通过L1的电流大；由I=UR可得R=UI，则L1的电阻比L2的小。故AB错误；C、因为两灯泡并联，彼此互不影响，所以L1灯丝烧断，L2的实际电功率不变。故C正确；D、由并联电路电压关系可知两灯泡两端电压相等，若L2灯丝烧断，L1两端电压不变，通过L1电流不变。故D错误。故选：C。6【解答】解：电源的电压恒定，则小灯泡两端的电压不变，由图乙可知，通过灯泡的电流先减小后不变，由PUI可知，

29、灯丝的实际功率先变小后不变。A、灯丝的实际功率先减小后不变，故A错误；B、闭合开关瞬间，电流最大，灯丝的实际功率最大，故B错误；C灯丝从00.04s实际功率逐渐变小，故C正确；D灯丝从00.04s逐渐变亮，但实际功率逐渐变小，故D错误。故选：C。7【解答】解：A千瓦是电功率的单位，千瓦时是电功的单位，故A错误；B用电器消耗的电功率越小，但电流做的功不一定越少，因电流做功还与通电时间有关，故B错误；C对某一用电器而言，消耗的实际功率是由实际电压决定的，实际电压越大，其消耗的实际功率越大，故C正确；D因为通电时间未知，所以由P=Wt可知，通过用电器的电流做功越多，但用电器的功率不一定越大，故D错误

30、。故选：C。8【解答】解：由公式P=U2R分析知，电压一定时，电功率与电阻成反比。由图知，当闭合S2、S1接a时，R1、R2并联，电路的总电阻最小，此时电热器的电功率最大。故选：B。9【解答】解：AB、由题知，甲、乙、丙三个家用电器正常工作的时间相同，甲耗电10度，乙和丙各耗电5度，由P=Wt可知，甲的实际功率一定最大，又因为家用电器正常工作时，实际功率等于其额定功率，故甲的额定功率一定最大，故AB正确；C、电流通过三用电器时消耗的电能不一定都转化为内能，因此不能确定电热的多少，故C错误。D、电流做功等于其消耗的电能，已知乙和丙各耗电5度，所以电流流过乙和丙，做的电功一定相同，故D正确；故选：

31、C。10【解答】解：A、由表中信息知电冰箱正常工作时的电压是220V，故A正确；B、由表中信息知，电冰箱的耗电量是0.62kWh/24h；即电冰箱每经过24h，消耗电能0.62kWh，故B正确；C、电冰箱中除了压缩机外还有其他配件，它们也是需要耗电的，故C正确；D、由表中信息知，电冰箱的耗电量是0.62kWh/24h，所以电冰箱停止工作一天，一定节省电能0.62kWh，故D错误。故选：D。11【解答】解：由图可知，L1和L2串联，电压表测L2两端的电压，因为串联电路中各处的电流相等，所以两灯泡串联时，通过它们的电流相等，故B错误；因为灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，且L1比L2暗，所以L1的实

32、际功率比L2的小，故A错误；L1的实际功率小，由PI2R可知，L1的电阻小，故C正确；若L1烧断，则整个电路断路，L2两端的电压变小为零。故D错误。故选：C。二填空题（共8小题）12【解答】解：（1）由参数可知，电能表正常工作时的电压为220V，允许通过的最大电流为10A，他家同时使用用电器的最大总功率：P大UI220V10A2200W2.2kW；“3000r/kWh”表示电路中每消耗1kWh的电能电能表的转盘转3000转，电能表的转盘转5转消耗的电能为：W=5r3000r/kWh=1600kWh=16003.6106J6103J，所用时间t2min=130h，该用电器的电功率为：P=Wt=1

33、600kWh130h=0.05kW50W。（2）给汽车蓄电池充电时，汽车蓄电池相当于用电器；当电动机正常工作时，消耗电能，获得机械能，因此它是将电能主要转化为机械能；故答案为：（1）2.2；6103；50；（2）用电器；机械。13【解答】解：（1）电饭锅单独工作，转盘转过30r消耗的电能W=30r3000r/kWh=0.01kWh0.013.6106J3.6104J；用电器的电功率：P=Wt=3.6104J100s=360W。（3）比较两人测量电饭锅功率的实验，小芳的实验相对不太精确，理由是电饭锅工作t（min）后转动的圈数不一定是整数圈，可能出现较大的误差。故答案为：（1）0.01；360；

34、（3）小芳；电饭锅工作3min后转动的圈数不一定是整数圈，可能出现较大的误差。14【解答】解：（1）由PUI可得，两灯泡的额定电流分别为：I甲=P甲U甲=100W220V0.45A；I乙=P乙U乙=25W110V=522A0.23A，由P=U2R可得，两灯泡的电阻分别为：R甲=U甲2P甲=(220V)2100W=484；R乙=U乙2P乙=(110V)225W=484；因为串联电路中各处的电流相等，所以两电阻串联时，电路中的最大电流II乙=522A，因为串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以电路两端允许加的最大电压：U串I（R甲+R乙）=522A（484+484）220V；串联电路电流相等，甲乙

35、的电阻一样大，根据PI2R知，甲乙灯的实际功率一样大，则甲乙灯泡一样亮；（2）根据P=U2R知，小灯泡的电阻为：RL=U2PL=U2100用长导线将灯泡串联后接到同一电源上时，根据PI2R知，电路的电流为：I=PLRL=81WU2100W=90UA，此时电路的总电阻为：R总=UI=U90UA=U290，根据串联电路电阻的规律知，导线上的电阻为：R线R总RL=U290-U2100=U2900，导线上损失的功率为：P线（I）2R线=(90U)2U29009W19W；（3）毛皮和橡胶棒丝绸摩擦，毛皮夺得电子的本领弱，失去电子带正电；橡胶棒夺得电子的本领强得到电子，多余电子带负电；若把橡胶棒和不带电的

36、验电器金属球接触，则验电器带上了负电；若将另一带电小球与验电器金属球接触，发现金属箔片闭合，说明带电小球与验电器金属球上的负电发生了中和现象，所以此带电小球带正电荷。故答案为：（1）220；一样亮；（2）小于；（3）正；得到；正。15【解答】解：（1）由图象可知，当UA3V时，IA0.6A，所以RA=UAIA=3V0.6A=5；（2）当A、B串联时，IAIBI0.3A，由图象可知：UA1.5V，UB3V，所以电源的电压UUA+UB1.5V+3V4.5V，电路消耗的总功率PUI4.5V0.3A1.35W。故答案为：5；4.5；1.35。16【解答】解：（1）L烧断后，电路为电阻R的简单电路，由图

37、3可知，电压表选用小量程，分度值为0.1V，烧断后电压U后2.4V，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则烧断后的通过灯泡L的电流为0.24A，根据I=UR可得：R=U后I后=2.4V0.24A=10；（2）L烧断前，由图1可知，电阻R和灯泡L并联，电压表测量并联电路两端的电压（也是测电阻R的电压），电流表测量干路中的电流；由图2可知，电压表选用小量程，分度值为0.1V，烧断前电压为1.6V，则并联电路两端的总电压U前1.6V；通过电阻R的电流IR=U前R=1.6V10=0.16A；（3）L烧断前，由图2可知，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则干路电流为0.46A，根据并联电路的干路电

38、流等于各支路电流之和可知：通过灯泡L的电流ILIIR0.46A0.16A0.3A，L在工作的10s内消耗的电能WLULILt1.6V0.3A10s4.8J；（4）L烧断前，定值电阻两端电压为U前1.6V；烧断后定值电阻两端电压为U后2.4V；所以，定值电阻两端的电压U变大；定值电阻的阻值不变，其电压U变大，由I=UR可知，流经定值电阻的电流I也变大。故答案为：（1）L烧断后，定值电阻R两端的电压为2.4V；R的阻值是10；（2）L烧断前，流过R的电流是0.16A；（3）L烧断前，L在工作的10s内大约消耗了4.8J的电能；（4）变大；L烧断前后R两端的电压变大，而R的阻值不变，由I=UR可知，

39、通过R的电流变大。17【解答】解：（1）电能表读数时，最后一位是小数，单位kWh，示数为8888.8kWh；（2）5（20）A中，20A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，220V是指电能表的工作电压，该电能表允许接入用电器的最大电功率：P最大UI最大220V20A4400W；（3）3000imp/kWh表示每消耗1kWh，电能表指示灯闪烁3000次，电能表的指示灯闪烁了300次，则电热水壶消耗的电能：W=3003000kWh0.1kWh，电热水壶的实际功率：P=Wt=0.1kWh1060h=0.6kW600W；（4）电热水壶属于电热器，工作时电流做功消耗电能转化为内能。故答案为：8888.

40、8；4400；600；电能转化为内能。18【解答】解：（1）电能表的读数单位是kWh，最后一位是小数，其示数为：248.6kWh；（2）表盘中“20A”，是指电能表平时工作时允许通过的最大电流，则允许同时使用的用电器的最大总功率：PUI220V20A4400W；（3）“3000r/kWh”表示电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转过3000转，则电能表的转盘转300转，用电器消耗的电能：W=3003000kWh0.1kWh，t6min0.1h，则该用电器的电功率：P=Wt=0.1kWh0.1h=1kW1000W。故答案为：248.6；4400；1000。19【解答】解：（1）两电阻串联，所

41、以通过它们的电流相等；目的是控制通过金属丝的电流和通电时间相同；（2）镍铬合金丝的电阻大于铜导线的电阻，烧瓶B中温度计的示数升高很快，这表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多；要比较食用油和煤油的比热容，则应让食用油和煤油的质量相等，吸收的热量相等，由温度的变化求得比热的大小；故用相同质量的食用油代替水，两瓶中都有相同电阻丝，电阻相等。故答案为：（1）电流；通电时间；（2）在电流和通电时间相同时，电阻越大，产生热量越多；（3）温度变化（大小）；质量；相同。三实验探究题（共10小题）20【解答】解：（1）因为灯泡的额定电压为2.5V，需要电压表选用小量程与灯并联，如下

42、图所示：（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V，小灯泡正常发光，电流表读数如图3所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.28A，小灯泡的额定电功率为：PUI2.5V0.28A0.7W；由欧姆定律，小灯泡正常发光此时灯丝的电阻为：R=UI=2.5V0.28A8.9；（3）根据表中数据，通过灯的电流随电压的减小而减小，根据PUI，灯的功率变小，灯丝的温度降低，故灯的电阻减小，即小灯泡灯丝的电阻随温度的降低而减小。故答案为：（1）如上所示；（2）2.5；0.28；0.7；8.9； （3）小灯泡灯丝的电阻随温度的降低而减小。21【解答】解：（1）原电路中，电流表与

43、变阻器串联后与灯并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表与变阻器串联，电压表与灯并联，如下所示：（2）当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程分度值为0.02A，示数为0.3A，小灯泡的额定功率为：PUI2.5V0.3A0.75W；（2）电路连接正确后，闭合开关，电流表、电压表均有示数，则电路为通路，发现小灯泡不亮，则说明电路的电流过小，故接下来应进行的操作是：向左移动变阻器的滑片，观察灯的发光情况；（3）当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，小灯泡的额定功率为：PUI2.5V0.3A0.75W；（4）实验步骤：按照如

44、图丙所示的电路图正确连接实物电路；闭合开关S，灯泡和电阻R并联，电流表测电阻R的电流，调节滑动变阻器滑片，使电流表示数为0.25A时（根据并联电路电压规律，灯的电压为：U额URIRR0.25A102.5V），灯泡正常发光；断开开关S，保持滑动变阻器的滑片位置不变，将电流表改接在灯泡所在支路中，再闭合开关，读出电流表示数I；在中，将电流表改接在所在灯支路中，此时电路的连接关系没有改变，只是电流表由原来测通过R的电流变为测通过灯的电流I，R与灯两端的电压与变阻器的电压均保持不变，灯仍正常发光，通过灯的电流I即为灯正常发光时的电流大小，则小灯泡额定功率的表达式为：P额U额I2.5VI。故答案为：（1

45、）如上所示；（2）向左移动变阻器的滑片，观察灯的发光情况； （3）0.3；0.75；（4）0.25；变阻器滑片位置；2.5VI。22【解答】解：（1）灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10，由欧姆定律，灯的额定电流约为：I=UR=2.5V10=0.25A根据串联电路的规律及欧姆定律，灯正常发光时变阻器连入电路的电阻约为：R滑=U总-UI=6V-2.5V0.25A=1410，故选用B滑动变阻器；（2）要求滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大，故变阻器左下接线柱连入电路中，灯泡的额定电压为2.5V，电压表选用小量程与灯并联，灯的额定电流约为0.25A，故电流表选用小量程与灯

46、串联，如下所示：（3）连好电路后，闭合开关，电流表电压表均有示数，则电路为通路，发现小灯泡不亮，说明电路的电流过小，电路的电阻过大，故移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，选C；（4）若某次实验电压表、电流表的示数如图2所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.3A，则小灯泡的额定功率为：PUI2.5V0.3A0.75W；（5）灯在不同电压下功率不同，测量小灯泡的电功率实验中，多次测量的目的是测不同电压下小灯泡的实际功率；灯在不同电压下功率不同，故不能取平均值，A正确，B错误。故答案为：（1）B；（2）如上所示；（3）C；（4）0.75； （

47、5）A；23【解答】解：（1）因滑片P向左移动时，灯泡变亮，即电流变大电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中与灯串联，电压表与灯并联，如下所示：（2）闭合开关后，小灯泡不发光，电流表和电压表均无示数，电路可能断路，小明用另一只电压表进行电路检查，把电压表接在电流表两端时，该电压表有明显偏转，则电流表之外为通路，则电路故障可能是电流表断路；（3）灯在额定电压下正常发光，图中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A端适当移动，直到电压表示数为额定电压；

48、（4）灯在额定电压2.5V时正常发光，由表中数据知，此时电流为0.28A，可得小灯泡的额定功率是：PUI2.5V0.28A0.7W。故答案为：（1）如上所示；（2）电流表断路；（3）A；（4）0.7。24【解答】解：（1）根据PUI，测量不同亮度时小灯泡电功率时，要测量灯的电压和通过的电流，故电压表与灯串联，电流表与灯串联，变阻器串联在电路中，如下所示：某次实验电压表、电流表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，电压为2.0V，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.1A，PUI2.0V0.1A0.2W，如下表所示：U/V32.62.01I/A0.140.160.10.24

49、P/W0.420.40.20.24亮度不亮刚亮暗比较亮（3）灯泡的实际电压越大，灯的电流越大，灯的实际功率越大，灯越亮，根据图甲可知，电压表与变阻器并联，电压表测变阻器的电压；灯泡的电压越大（灯的电流越大，灯泡越亮），由串联电路电压的规律，变阻器的电压越小，根据PUI，变阻器的功率越小。故答案为：（1）如上图所示；（2）如上表所示；（3）电压表测量变阻器的电压，灯泡的电压越大（灯的电流越大，灯泡越亮），由串联电路电压的规律，变阻器的电压越小，根据PUI，变阻器的功率越小。25【解答】解：（1）变阻器按一上一下连入电路中与灯串联，电压表与灯并联，如下所示：（2）正确连接电路后，闭合开关，看不见灯

50、亮，电压表示数和电流表示数如图2所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为0.2V，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.04A，根据PUI，因灯的电压和电流很小，故灯的实际功率过小，即为灯不亮的原因；（3）灯在额定电压下正常发光，由表中数据知，灯在1.5V时的电流为0.18A，据此可知灯泡的额定功率为：PUI1.5V0.18A0.27W；（4）根据实物图画出与图3对应的电路图，如下图2所示：他的做法不可行，2节新干电池，故电源电压不一定等于3V，因两灯的规格相同，两灯电阻相等，由串联电压电压的规律及分压原理，每个灯的实际电压不一定为1.5V，故他的做法不可行；因两灯串联，电路

51、中的电流相等，闭合开关后发现：L1不亮，L2很亮，则L1不可能断路，只能短路，此时L2灯的电压为电源电压，L2灯被烧坏，过一会儿，故L2也不亮，故答案为：（1）如图1所示；（2）灯的实际功率过小；（3）0.27；（4）如图2所示；不可行，不能确保每个灯两端的电压为1.5V；L1不亮是因为L1短路，而L1短路导致L2的电流过大而被烧坏，L2也不发光了。26【解答】解：（1）A灯正常发光，则UA实UA额6V，PA实PA额3W，由P=U2R得，A灯正常发光时灯丝的电阻：RA=(UA实)2PA实=(6V)23W=12。（2）若将A、B两盏小灯泡并联接在可调电压电源两端，电源电压调节为6V，则UUA额U

52、B额6V，PA额3W，PB额4.8W，电路总功率：PPA额+PB额3W+4.8W7.8W。经过10s，两盏小灯泡消耗的总电能：WPt7.8W10s78J。（3）由于串联电路中电流处处相等，A灯正常发光时，由PUI得，电路中的电流：I=PA额U额=3W6V=0.5A，由图可知，当电流I0.5A时，C灯的电压UC2V，则C灯的实际功率：PCUCI2V0.5A1W。答：（1）A灯正常发光时灯丝的电阻为12。（2）两盏小灯泡消耗的总电能为78J。（3）C灯的实际电压为2V，实际电功率为1W。27【解答】解：（1）由图可知，实物图中没有电流表，多了一个电压表，实验中可以利用电压表甲测定值电阻的电压，根据

53、I=UR来求出电流的大小，定值电阻与灯泡应串联在电路中，这样通过它们的电流相等；乙电压表测量灯泡两端的电压；图中3节干电池串联，电源电压为4.5V，而灯泡的额定电压为2.5V，则电压表乙的量程为03V；由串联电路的电压特点可知，灯泡正常发光时，定值电阻两端的电压为4.5V2.5V2V，所以电压表甲的量程为03V；滑动变阻器采用一上一下的接法，如图所示：；（2）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器阻值应调至最大，即滑片移动到最左端；（3）闭合开关，调节变阻器的滑片，当电压表乙的示数为U额时，小灯泡正常发光；此时电压表甲的示数为U甲，则电路中的电流为：I=U甲R0，即小灯泡的额定电流为I额I=U甲

54、R0，小灯泡的额定功率P额U额I额U额U甲R0。故答案为：（1）如上图；（2）左；（3）乙；U额U甲R0。28【解答】解：（1）要求使滑动变阻器接入电路的阻值最大，因滑片在最右端，故变阻器左下接线柱连入电路中，另一个接线柱接在金属杆的一端；由表中数据，电压表选用小量程与灯并联，电流表选用小量程与灯串联，将电流表、灯，变阻器、开关串联起来，如下图所示：（2）灯在额定电压下的功率为额定功率，由表中数据，灯在额定电压3V下的电流为0.3A，灯的额定功率为：PUI3V0.3A0.9W。根据实际目的，控制两用电器的亮度相同，比较功率大小，故需要对比4、9数据；小灯泡的实际功率：P灯U灯I灯2.5V0.2

55、8A0.7W，二极管的实际功率：P二极管U灯I灯2.7V0.1A0.27W0.7W，可知耗电更快的是小灯泡；判断依据是：在小灯泡和发光二极管亮度相同时，小灯泡的功率较大。故答案为：（1）如上图所示；（2）0.9；4、9；小灯泡；在小灯泡和发光二极管亮度相同时，小灯泡的功率较大。29【解答】解：（1）电池的容量1000mAh表示，该电池以I1000mA1.0A电流放电，可放电1h；一次充电存储的电能WUIt4.0V1.0A3600s14400J；手机通话时的功率P=Wt=14400J53600s=0.8W；（2）电热水壶的额定功率P额1000W，额定电压U额220V，则正常工作电压UU额220V

56、，功率PP额1000W，由PU何得正常工作电流：I=PU=1000W220V4.5A；3000r/kWh表示电路中每消耗1kWh的电能，电能表的铝盘转3000r，则电能表的铝盘转60r消耗的电能：W=603000kWh0.02kWh。故答案为：（1）14400；0.8；（2）220；4.5；0.02。四计算题（共1小题）30【解答】解：（1）由电能表上的参数“1800r/kWh”的含义可知，当电能表上转盘转45转时，用电器消耗的电能：W=45r1800r/kWh=0.025kWh9104J。则热水壶的额定加热功率：P加=Wt=9104J60s=1500W；（2）水吸收的热量：Q吸c水mt4.2103J/（kg）1kg208.4104J；（3）该热水壶的热效率为：=Q吸W100%=8.4104J9104J100%93.3%。答：（1）该电热水壶的额定功率是1500W；（2）若用该电热水壶加热水，1min内使质量为1kg的水温度升高20，水吸收的热量是8.4104J；（3）该热水壶的热效率为93.3%。