WL河北邯郸全解全析.pdf

1、-1-邯郸市2022届高三年级摸底考试试卷物理 全解全析【命题双向细目表】题型题号知识板块考点具体知识(试题切入点)分值预设难度易中难单项选择题1选修3-5原子核原子核衰变42选修3-1单位制量纲法的应用43必修1匀变速直线运动落体运动44选修3-1静电场电场强度与电势差45选修3-1恒定电流闭合电路欧姆定律46必修2万有引力与航天卫星的追及相遇47必修2功和能机械能守恒定律4多项选择题8选修3-2交变电流交变电流的产生与描述69必修2抛体运动斜抛运动610选修32电磁感应的综合应用金属杆与电容器、电阻6非选择题11选修35验证动量守恒定律验证动量守恒定律612选修31电容器充、放电电容器充、

2、放电913必修1、必修2力学综合物体的平衡、牛顿第二定律、匀变速直线运动规律、功率1114选修31带电粒子在交变电场、磁场中的运动带电粒子在交变电场、磁场中的运动1615(1)选修33固体的性质晶体与非晶体415(2)选修33汽缸类问题盖吕萨克定律816(1)选修34振动和波动图像振动方向、传播速度416(2)选修34光的折射与全反射光的全反射、传播81.D 1407N比1406C多一个质子,原子核中没有电子,故 A错误;1406C衰变生成1407N,所以1406C没有1407N稳定,1406C的比结合能比1407N小,故B错误;1406C衰变过程中重力相对于内力可忽略不计,系统的动量守恒,所

3、以1407N和000-1e的总动量等于0,故 C错误;1406C衰变过程中有质量亏损,所以1406C的质量大于1407N 与000-1e的质量之和,故 D正确。2.A 根据电池铭牌标注可知该钠离子电池的能量为12V60Ah=720Wh,所以这块电池电芯单体的质-2-量为 720Wh160Wh/kg=4.5kg,故 A正确,B、C、D错误。3.C 频闪仪的闪光周期为0.04s,设小球运动的加速度为a,根据逐差法可得:a=(h3+h4)-(h1+h2)4T2=(12.42-3.16)-3.1640.04210-2m/s29.5m/s2,由牛顿第二定律得:mg-f=ma,所以小球在下落过程中受到的空

4、气阻力与重力的比值为:fmg=mg-mamg=398,故C正确。4.D 根据几何关系可得AD=6cm,根据动能定理得:UDAe=EkA-EkD=6eV,所以UDA=6V,同理可得UDC=4V,根据上述关系作图(如图所示),AE 为一条等势线,过D 点作AE 的垂线交于点F。根据几何关系可得,DF=12AD=3cm。UDF=UDA=6V,则E=Ud=UDFDF=6V3cm=200V/m,故选 D。5.B 由题图乙可知电源电动势E=7V,内阻r=5,因为aP=2bP,所以滑动变阻器R1 的aP、bP 两部分的电阻分别为:RaP=20,RbP=10。当开关S断开时,定值电阻R2 与滑动变阻器R1 的

5、aP 部分串联,根据闭合电路欧姆定律可知电压表的示数为:U1=R2RaP+R2+rE=2V;当开关S闭合时,定值电阻R2 与滑动变阻器R1 的bP 部分并联再与aP 部分串联,定值电阻R2 与滑动变阻器R1 的bP 部分的并联电阻为:R并=R2RbPRbP+R2=5,根据闭合电路欧姆定律可知电压表的示数为:U2=R并RaP+R并+rE=3530V;所以开关S断开与闭合时,电压表的示数之比为:U1U2=127,故B正确。6.B 设“钟子号卫星星座02组卫星”的运行周期为T0,由题意可得:(2T0-2T)t=2,解得:T0=TtT+t,由开普勒第三定律得:r3T20=(R+h)3T2,解得:r=4

6、R(tt+T)23,故B正确。7.D 物块在由A 处下滑至C 处的过程中物块和弹簧组成的系统机械能守恒,故A错误;物块由A 处下滑至C处的过程中,若只是重力势能转化为动能,则 mgLtan30=12mv2,可知物块在 B 处的速度为2 33 gL,但还有一部分转化为弹性势能,所以物块在B 处的速度小于2 33 gL,故B错误;物块由B 处下滑至D 处的过程物块和弹簧组成的系统机械能守恒,动能减小、重力势能减小,所以弹性势能增加,故D 处弹簧的弹性势能大于B 处弹簧的 弹 性 势 能,故 C 错 误;物 块 由 A 处 下 滑 至 D 处 的 过 程 中,mg(Ltan30+Ltan60)=Ep

7、D,可得EpD=4 33 mgL,故 D正确。8.A、D 金属线圈恰好处于图甲所示的位置时,磁通量最大,AB、CD 边均不切割磁感线,感应电动势为0,电流为0,对应图乙中t1 或t3 时刻,由法拉第电磁感应定律知,磁通量变化率为0,故 A正确,B、C错误;t2、t4 时刻感应电流最大,感应电动势最大,由法拉第电磁感应定律知,磁通量变化率也最大,AB、CD 边垂直切割磁感线,线圈平面与磁感线平行,磁通量最小,故 D正确。9.A、C 铅球做斜抛运动,水平方向:v0cos37t=19.2m;竖直方向:v0sin37t-12gt2=-1.8m,解得:t=1.8s,v13.3m/s,故 A、C正确,B错

8、误;铅球的初动能Ek=12mv20354J,此次投掷巩立姣对铅球做的功等于铅球增加的机械能,除动能外,还有重力势能的增加,故对铅球做的功大于354J,故 D错误。10.B、C、D 开关与电容器连接后,电容器通过金属杆放电,金属杆在安培力作用下开始加速,随金属杆两-3-端感应电动势的增加,回路中电流减小,安培力减小,加速度减小,所以金属杆做加速度减小的加速运动,直至速度达到v0,故 A错误;金属杆匀速运动时,电容器电压等于金属杆两端的感应电动势,U=BLv0,电容器最终的带电量为CBLv0,故B正确;开关与电阻连接后,在安培力作用下开始减速,由动量定理可知:-BLq=mv-mv0,q=BLxR+

9、r,得v=v0-B2L2xm(R+r),所以此过程中速度随位移的增加而均匀减小,故C正确;当v=0时,x=mv0(R+r)B2L2,故 D正确。11.【解析】(1)两球碰撞为弹性正碰,碰后两球均向左运动,可知mA 大于mB;(2)设碰前小球A 的速度为vA,小球下摆过程机械能守恒mAgh=12mAv2A,可得vA=2gL(1-cos);同理可得碰后两球的速度分别为vB=2gL(1-cos)、vA=2gL(1-cos),由动量守恒定律得mA1-cos=mA1-cos+mB1-cos,不需要测量轻绳长度L。答案:(1)大于(2分)(2)不需要(1分)mA1-cos=mA1-cos+mB1-cos(

10、3分)12.【解析】(1)电容器上极板与电源正极相连,充满电后上极板带正电;(3)I-t图像与坐标轴围成的面积表示电量,一小格的电量q=0.25mA1s=2.510-4C,共14小格,所以Q=3.510-3C;电容器充满电后电压为8V,C=QU 4.410-4F;(4)将电路中的电阻换成一阻值更大的电阻,放电电流会减小,电量不变,时间会延长,图像如图所示。答案:(1)正(2分)(3)3.510-3(3.310-33.710-3均可)(2分)4.410-4(4.110-44.610-4均可)(2分)(4)见解析图(3分)13.【解析】(1)设滑雪者受到雪毯的支持力为N,摩擦力为f,在沿坡道方向,

11、由平衡条件得mgsin-f=0(1分)在垂直于坡道方向上N=mgcos(1分)滑雪者受到的摩擦力大小为f=N(1分)得:=0.75(1分)电动机带动滑雪毯匀速转动,故电动机给滑雪者的动力F=f=mgcos=420N(1分)电动机的输出功率为P=Fv=2100W(1分)(2)坡道角度调整为53后,设滑雪者受到雪毯的支持力为N,摩擦力为f,由牛顿第二定律可得mgsin-f=ma(1分)滑雪者受到的摩擦力大小为f=mgcos(1分)解得:a=3.5m/s2(1分)由匀变速直线运动规律得-4-v2=2aL(1分)解得:v=7m/s(1分)即滑雪者从坡道顶端由静止滑到坡道底端时的速度大小v=7m/s答案

12、:(1)0.75 2100W(2)7m/s14.【解析】(1)粒子在电场中做类平抛运动,运动时间为t=dv0=T2(1分)则vy=at=qE1mt=34v0(1分)故射入磁场时的速度为v=v20+(34v0)2=54v0(2分)tan=vyv0=34,与水平方向夹角为37(1分)(2)设粒子在磁场运动的轨道半径为r,根据几何关系可知d=r+rsin37(2分)则有r=58d(1分)由于r=mvqB(1分)可得B=mvqr=2mv0qd(1分)(3)设粒子从 M 点射入磁场,从N 点射出磁场,若电场的周期T=dv0,则粒子恰好可以水平射入磁场,速度大小为v0(1分)竖直方向的位移为y=212a(

13、T2)2=316d(2分)粒子垂直射入磁场边界,在磁场中运动的轨迹半径r=mv0qB=d2(1分)则ON=2r-y=1316d(2分)答案:(1)54v0,与水平方向夹角为37(2)2mv0qd (3)1316d15.【解析】(1)味精、石蜡、铜块、松香四种固态物质中,味精与铜块是晶体,熔解时温度不变,分子热运动的平均动能不变,分子势能增加,而松香与石蜡是非晶体,熔解时温度升高,分子热运动的平均动能增大;其中味精是单晶体,物理性质具有各向异性。(2)开始时活塞位于a处,设此时汽缸内气体压强为p1,对活塞由平衡条件得p0S=mg+p1S(2分)解得:p1=p0-mgS(1分)加热后,汽缸中的气体

14、经历等压过程,直至活塞刚好到达b处,设此时汽缸中气体的温度为T;活塞位于a处和b处时气体的体积分别为V1 和V2。-5-根据盖吕萨克定律有V1T=V2T(2分)式中V1=SH,V2=S(H+h)解得:T=T(H+h)H(1分)从开始加热到活塞到达b处的过程中,汽缸中的气体对外做的功为W=p1Sh(1分)解得:W=p0Sh-mgh(1分)答案:(1)味精、铜块(2分)味精(2分)(2)T(H+h)H p0Sh-mgh16.【解析】(1)该列简谐横波沿x轴正方向传播,结合图像可知,t=0时刻,P 处质点由平衡位置沿y 轴负方向运动;由题图知,波长=4m,波速v=2.5m/s,波的周期T=v=1.6s。(2)光路图如图所示由折射定律得n=1sinC(1分)解得:C=30(1分)由几何关系知该激光在BC、AB、AC面均发生全反射,出射光线从N 点垂直于AB 面射出透明晶体(1分)激光射出透明晶体的位置与A 点的距离为AN=14d(1分)根据几何关系可知,该单色光在透明晶体中通过的距离为L=2 d4 3+2 d2 3=32d(1分)该单色光在透明晶体中的传播速度为v=cn(1分)该单色光通过透明晶体的时间为t=Lv(1分)解得:t=3cd(1分)答案:(1)负方向(2分)1.6(2分)(2)出射光线从距A 点14d处垂直于AB 面射出晶体 3cd