山东省六校2020-2021学年高一物理第二次阶段性联合考试（12月）试题（A卷）（PDF）.pdf

1、山东六校第二次阶段性联合考试高一物理答案（A 卷）人教版一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.答案：A【解析】A、100m 比赛中位移为 100m，故平均速度 vm/s8m/s，故 A 正确；B、高一男子 100 米年级记录为 12.5s，其中 12.5s 为时间间隔，不是时刻，故 B 错误；C、实心球出手后的位移是从抛出时手的位置到落点的有向线段，而实心球的成绩是从地面上规定的起点到实心球的落地点之间的距离，二者不能等同，故 C 错误；D、百米冲刺时，运动员几乎以最快的速度、几乎做匀速直线运动，所以速度变化率很

2、小，故 D 错误。2.答案：B【解析】AB、根据 0v22ax 得，可知，解得刹车过程中加速度大小 a5m/s2，由图像可知，则 v020m/s，选项 A 错误；B 正确；C、则刹车过程持续的时间ssavt45200，故 C 错误；D、刹车过程中 6s 内的位移等于 4s 内的位移，则mmavx4010400220，故 D 错误。3.答案：B【解析】解：A伽利略理想斜面实验的结论是在基于实验事实基础上经过科学的推理得出的，故 A 错误；B伽利略理想斜面实验证明了力不是维持物体运动的原因，故 B 正确；C牛顿第一定律（惯性定律）反映了物体不受外力作用时的运动规律，物体在任何情况下都有惯性，与是否

3、受力无关，故 C 错误；D由牛顿第一定律可知，物体在不受力或合力为0 时处于静止状态或匀速直线运动状态，故 D 错误。故选 B。4.答案：D【解析】AB支持力 FN=mgcos，cos随角度的增加而增小，故支持力一定是逐渐减小，故 AB 错误；CD 开始时货物受重力和支持力，抬起后受到向上的静摩擦力；静摩擦力等于重力沿斜面向下的分力，即 Ff=mgsin，随角度的增大，静摩擦力增大；当角度达一定程度时，物体开始滑动，由静摩擦力变为滑动摩擦力，而滑动摩擦力 Ff=mgcos，cos随角度的增加而增小，故滑动摩擦力将减小；故摩擦力是先增大后减小的，故 C 错误，D 正确。5.答案：B【解析】考查牛

4、顿第三定律。作用力与反作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上。作用在两个相互作用的物体上，与物体本身的运动状态无关，故选 B。6.答案：B【解析】设绳子与竖直方向的夹角为，物体上升的过程中夹角增大，根据平衡条件可知，竖直方向有cosTmg，可知，增大，cos减小，T 增大；绳子拉力沿水平方向的分力大小等于墙对物体的支持力，即sinTF，联立得tanFG，增大，tan增大，F 增大；故选 B。7.答案：C【解析】小明静止时受到重力和两根橡皮条的拉力，处于平衡状态，如图所示：由于12TTmg，故两个拉力的合力一定在角平分线上，且在竖直线上，故两个拉力的夹角为 120，当右侧橡皮条拉力变为

5、零时，左侧橡皮条拉力不变，重力也不变；由于三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故左侧橡皮条拉力与重力的合力与右侧橡皮条断开前的弹力反方向，大小等于 mg，故加速度为 g，沿原断裂绳的方向斜向下，故选项 C 正确，ABD 错误。8.答案：B【解析】A“年”是时间的一个单位，但不是国际单位制中的单位。选项 A 错误；B“千克米每二次方秒”是由 F=ma 推导出来的，是国际单位制中的导出单位，为了纪念牛顿把它定义为牛顿，选项 B 正确；C国际单位制中力学三个基本物理量是：长度、质量、时间，而秒只是时间的单位，选项 C 错误：D有单位的物理量要注明单位，但并不是所有物理量都

6、有单位，如前面学过的动摩擦因数就没有单位。选项 D 错误。故选 B。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。9.答案：BD【解析】滑板，仓库侧壁和仓库底部构成直角三角形，设仓库底部和滑板之间的夹角是，圆 柱 形 仓 库 的 半 径 是 R,则 滑 板 长 度 为cosR，加 速 度 为sing。由 运 动 学 公 式2sin21costgR 得，cossin22gRt。30或60 时，gRt3382，45时，gRt42，故 BD 正确。10.答案：BD【解析】

7、当按动遥控器上的“前进”键，后轮是主动轮顺时针转动，所以乙车对后轮摩擦力向前，后轮对乙车的摩擦力向后；而前轮是从动轮，所以甲车对前轮的摩擦力向后，前轮对甲车的摩擦力向前。因此甲车向前运动，而乙车向后运动。当按动遥控器上的“后退”键，后轮是主动轮逆时针转动，所以乙车对后轮摩擦力向后，后轮对乙车的摩擦力向前；而前轮仍是从动轮，所以甲车对前轮的摩擦力向前，前轮对甲车的摩擦力向后。因此甲车向后运动，而乙车向前运动。故 A、C 错误，B、D 正确。11.答案：CD【解析】匀速运动受力平衡，则最大静摩擦力至少为 fm2N；匀速运动时摩擦力的方向向左；当摩擦力为零时，根据牛顿第二定律可得加速度 am/s22

8、m/s2。A、随着小车的加速度增大，当加速度 0a2m/s2 过程中摩擦力逐渐减小，随后摩擦力又逐渐反向增大，故 A 错误；B、只要是物体能够和小车保持相对静止，物块受到的弹簧弹力就不变，故 B错误；C、若 2Nfm3N，当小车的加速度大小为 5m/s2 时，此时物块与小车相对滑动，故C 正确；D、当小车的加速度大小为 4m/s2 时，合力 F 合ma4N，此时摩擦力为 f2Nfm，方向向右，物块一定与小车相对静止，故 D 正确。12.答案：ABD【解析】A、对物体 B 受力分析，受重力，A 对 B 的压力，A 对 B 水平向左的静摩擦力，斜面对 B 垂直向上的支持力，斜面对 B 可能有静摩擦

9、力（当 A 对 B 向左的静摩擦力的平行斜面方向分力与重力的下滑分力平衡时为零），故 B 受 4 个力或者 5 个力；故 A 正确B、C、当 A 对 B 向左的静摩擦力的平行斜面方向分力大于重力的下滑分力时，B 物体有上滑趋势，故受到平行斜面向下的静摩擦力，故 B 正确；C、对物体 A 受力分析，受推力、重力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件，B 对 A 的静摩擦力与推力 F 平衡，根据牛顿第三定律，A 对 B 的摩擦力水平向左，大小为 F；故 C 错误；D、对 AB 整体受力分析，受重力、支持力、推力，可能有静摩擦力（当推力的平行斜面方向分力与重力的下滑分力平衡时为零），故可能受三个力作用，故

10、 D 正确；故选：ABD三、非选择题：本题共 6 小题，共 60 分。13.【答案】(1)F10.05(2)D(每空 2 分)【解析】（1）由表格数据可以知道，1F 都是正值，传感器受到的都是拉力，因绳子只能提供拉力，故 A 传感器对应的是表中力1F。对应结点 O 受力分析有mgF30sin1，计算得出kgm05.0（2）本实验多次对传感器调零，为了消除横杆自身重力对结果的影响。14.【答案】(1)BCD（4 分，漏选得 2 分，不选或选错 0 分）(2)1.33（2 分）(3)A（2 分）【解析】(1)A物体 M 受到的力可由弹簧测力计读出，故砂和砂桶的质量可以不用测出。故 A 错误；B将带

11、滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力是需要进行的操作，因为这样物体 M 受到的合力就等于拉力。故 B 正确；C小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数是需要操作的。故 C 正确；D改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带，是用来探究加速度与外力关系，故也是需要进行的操作；故 D正确；E因为外力的大小可以通过测力计读出，故不需要保证砂和砂桶的质量 m 远小于小车的质量 M，故 E 错误；故选 BCD。(2)连续相等时间内的位移之差x=（2.8+3.3+3.8-1.4-1.9-2.3）cm=4.3cm，t=30.06s=0.18s根据x=at2 得:a=1.33m/

12、s2。(3)由牛顿第二定律得 2F=ma 解得2Fam，a-F 图象的斜率2km，解得小车的质量2mk故 A 正确。15.【解答】解：（1）已知初速度为：v0180km/h50m/s，v36km/h10m/s位移为：x3L3000m根据 2axv2v.（2 分）知：a30002501022m/s20.4m/s2.（2 分）（2）设动车还要行驶 x才能停下来，则有：2ax0v2.（2 分）代入数据解得：x125m.（2 分）答：（1）动车进站的加速度为大小为 0.4m/s2；（2）动车还要行驶 125m 才能停下来。16.【解答】解：（1）指针指向刻度 O 时，小球 Q 所受弹力为：T1.0N指

13、针指向刻度 C 时，小球 Q 所受弹力为：T=0.9N由题可知，弹簧形变量x 为一个大格时，弹力大小变化为：T0.1N.（1分）由小球 Q 的重力可知，小球 Q 的质量 m0.1kg.（1 分）当弹簧形变量x1 为三大格时，弹力大小变化为：T10.3N指针指向刻度 A 时，小球 Q 所受弹力为：T1=1.0N-0.3N0.7N.（1 分）由牛顿第二定律得：GT1ma1.（2 分）解得：a13m/s2，方向竖直向下。.（1 分）（2）指针指向刻度 E 时，小球 Q 所受弹力为：T21.0N+0.2N1.2N.（1 分）由牛顿第二定律得：T2Gma2.（2 分）解得：a22m/s2，方向 竖直向上

14、.（1 分）答：（1）当指针指向刻度 A 时，升降机加速度的大小为 3m/s2，方向竖直向下。（2）当指针位于刻度 E 时，升降机加速度的大小为 2m/s2，方向竖直向上。17.【解答】解：（1）摩托车的速度54 m/s 15m/s3.6v 汽车的最大速度smsmvm/35/6.3126汽车达到最大速度的时间ssavtm254.1351.（1 分）行驶的距离mtvsm5.437211.（1 分）在 t1时间内摩托车行驶的距离mvts37511.（1 分）因为，故汽车在 t1时间内尚未追上摩托车，相隔距离.（1 分）设需再经时间 t2，汽车才能追上摩托车，则由得s.（1 分）从而，截获总共所需时

15、间s.（1 分）截获处在 OB 方向距 O 处距离为.（1 分）（2）由几何关系可知，060cosCOCB 600，因1s CB，故汽车抄 CB 近路达最大速度时尚未到达点。设再经过 2t 时间到达点，则.（1分）在（21tt）时间内摩托车行驶的距离此时摩托车距 B 点20260tansOCsOBs=75.（1 分）此后蓝军掉头向相反方向逃窜.设需再经时间3t 汽车才能追上逃犯，则vvstm 3=3.75s.（1 分）从而，截获逃犯总共所需时间321tttt=33.39s.（1 分）截获处在 OB 间距 O 处321)(tvttvs388.35.（1 分）18.【解答】解：（1）当 m 与斜面

16、间的静摩擦沿斜面向下取到最大值时外力 F 取到最大值，此时有：Fmaxmgsin+fmax，.（2 分）其中：fmaxNmgcos，.（1 分）解得：Fmax10N；.（1 分）当 m 与斜面间的静摩擦沿斜面向上取到最大值时外力 F 取到最小值，此时有：Fmin+fmaxmgsin，.（2 分）其中：fminNmgcos，解得：Fmin2N；.（1 分）综上，解得 2NF10N；.（1 分）（2）以物块和斜面组成的整体为研究对象，对整体受力分析，将 F 分解为水平向右的分力F1 和竖直方向上的分力 F2NNFF85410cos1.（1 分）NNFF65310sin2.（1 分）根据平衡条件可得NFFf81.（1 分）NNFgmMFN54)6106()(2.（1 分）根据牛顿第三定律，斜面给地面的压力大小和地面给斜面的支持力大小相等，压力大小为 54N，斜面给地面的摩擦力大小和地面给斜面的摩擦力大小相等，摩擦力大小 8N。.（1 分）斜面给地面的和分别和 8N。.（1 分）（3）外力 F 大小改为 15N 时，对物块由牛顿第二定律可得：Fmgsinmgcosma.（2 分）解得：a5m/s2。.（1 分）答：（1）力的范围2NF10N（2）斜面给地面的压力大小和摩擦力大小分别为 54N 和 8N；（3）小物块的加速度大小为 5m/s2。