山东省平邑县第一中学2019-2020学年高二物理下学期第六次周末强化限时训练试题（实验部）答案.pdf

1、答案第 1页，总 6页高 58 级实验部周末强化限时训练物理试题六参考答案1D2B3A4B5C6B7D8D9BC10BC11AC12ACD133P、4P 和1P、2P 的像应在一条直线上sinsinn14中子322uBakrnmmmmc15（1）当波向右传播时，166/vnm s（其中 n=0,1,2）当波向左传播时，1610/vnm s（其中 n=0,1,2）（2）波向左传播160.23 m17（1）124.47 10J（2）116.73 10 J（3）42.00 10 kg18（1）21084 Po 20682 Pb+42 He（2）5.41MeV（3）5.31MeV1D根据几何关系得，光

2、在 ac 面的入射角30ia ，折射角3060ri ，由折射定律得sinsin 603sinsin30rni，故 D 正确，ABC 三项错误2B该核反应方程质量数不守恒，A 错误；聚变反应中的质量亏损123)(mmmm，故 B正确；据质能方程，光子能量为 E=（m1+m2-m3）c2，故 C 错误；根据2123hcEmmmc，得光子的波长为：123hmmmc，故 D 错误3AA方程是质量较大的核裂变为质量中等的核，属于重核裂变，故 A 正确；B方程是质量较小的核转化为质量较大的核，属于轻核聚变，故 B 错误；C太阳能的产生是由于太阳内部高温高压条件下的热核聚变，故 C 错误；D同位素的质子数相

3、同，故 D 错误。故选 A。4B23892U 的中子数为 238-92=146 个，20983Bi 的中子数为 209-83=126 个，则23892U 的子数比20983Bi的中子数多 20 个，A 错误；根据质量数守恒有：237-209=47，知发生了 7 次 衰变，根据电荷数守恒有：93-83=27-4，知发生了 4 次 衰变，B 正确；放射性物质的半衰期不受外界因素的答案第 2页，总 6页影响，C 错误；23892U 与23592U 的质子数相同，中子数不同，它们是相同的元素，D 错误5C设中子的质量为nm，质子的质量为pm，粒子的质量为m，碳原子核的质量为Cm，根据质能方程21np2

4、8.30MeV2Emmm c（）-22C7.26MeV3Emm c23npC66Emmm c+-由各式解得392.16MeVE6BA.汤姆孙发现了电子，卢瑟福提出了“原子的核式结构模型”，选项 A 错误；B.卢瑟福用粒子轰击147 N 获得反冲核178O，4141712781He+NOH，发现了质子，选项 B 正确；C.贝克勒尔发现了天然放射性现象，说明原子核有复杂结构，选项 C 错误；D.爱因斯坦提出的“光子说”成功解释了光电效应，选项 D 错误.7D衰变方程为4422XHeYaabb，衰变过程中系统动量守恒得 PHe-PY=0；由动量和动能关系式为2kPmE，设新核动能为 Ek，由动量守恒

5、02 42(4)kEaE，则044kEEa ，衰变释放的总动能00=4kkaEEEEa总，由质能方程 Ekmc2得质量亏损02(4)aEmac，故 A、B、C 均错误，选项 D 正确故选 D【点睛】衰变过程类比于爆炸，满足动量守恒，同时注意动量与动能的表达式间的关系 P2=2mEK.8DA、23892U 和23992U 由于电荷数相同，即质子数相同，所以是同位素，其原子核内中子数不相同，故 A错误；B、C、23892U 变为23992U，电荷数不变，质量数减小 1，即放出一个中子，所以不是 衰变，也不是 衰变，故 B、C 错误；D、根据半衰变期公式01()2tTmm可知，经过一个半衰变期，变为

6、原来的一半，故 D 正确9BCA：若将滑片右移，加在光电管上的正向电压变大，光电流有可能增大，也有可能不变（光电流饱答案第 3页，总 6页和后不再增加）。故 A 项错误。B：若将电源反接，加在光电管上的电压变成反向电压，若电压小于遏止电压，则电路中有光电流产生。故 B 项正确。C：从 n=4 能级向 n=2 能级跃迁时辐射的光的能量422.55hEEeV，若阴极 K 的逸出功为 1.05eV，则逸出的光电子最大初动能1.5mkEhWeV。故 C 项正确。D：大量处于 n4 激发态的氢原子向低能级跃迁时辐射的光有 6 种，其中只有从 n=4 能级向 n=3能级跃迁光子能量(430.66EEeV)

7、和从 n=3 能级向 n=2 能级跃迁的光子能量(321.89EEeV)小于从n=4能级向n=2能级跃迁时辐射的光子能量(422.55EEeV)。若逸出功的数值为1.05 eV，则有 5 种光子能使阴极 K 发生光电效应。故 D 项错误。10BCA由图知42He 核的比结合能约为 7 MeV，所以结合能约为47=28 MeV故 A 错误；B42He 核比63Li 核的比结合能大，所以42He 核比63Li 核更稳定，故 B 正确；C两个21H 核结合成42He 核时，即由比结合能小的反应生成比结合能大的释放能量，故 C 正确；D由图知23592U 核中核子的平均结合能比8936Kr 核中的小，

8、故 D 错误11AC分裂前后动量守恒，由半径可知小圆粒子带电量大，为生成的新核，肯定带正电，由洛伦兹力可判断新核沿逆时针转动，另一个粒子沿顺时针转动，由洛伦兹力可判断为电子，A 对；C对；12ACD从图乙中可以看出 P 点起振方向沿 y 轴正方向，根据“上下坡法”可得这列波沿 x 轴正方向传播，A 正确；从图甲中可得4m，从图乙中可得 T0.4s，故这列波的速度为10m/svT，B 错误；当 t0.1s 时，质点 P 处于最大位移处，据简谐运动的特点可知，此时加速度最大，而质点 Q 此时不在最大位移处，所以质点 P 的加速度大于质点 Q 的加速度，故 C 正确；据图象可知 t0 时刻，x1m

9、的质点正处于波峰，该点与质点 Q 相距x3.5m1m2.5m，从 t0 时刻起，质点 Q 到达波峰所需要的时间2.5 s0.25s10 xtv，故 D 正确故选 ACD.答案第 4页，总 6页【点睛】波的图象往往先判断质点的振动方向和波的传播方向间的关系同时，熟练要分析波动形成的过程，分析物理量的变化情况，基础题133P、4P 和1P、2P 的像应在一条直线上sinsinn（1）从 P3和 P4一侧观察时，P1、P2、P3、P4应满足的关系为：大头针 P3、P4和 P1、P2的像恰在一直线上，故从 P3和 P4一侧观察时，P4应挡住 P3和 P1、P2的像；P3应挡住 P1、P2的像；P2应挡

10、住 P1的像（2）连接 P1、P2表示入射光线，连接 P3、P4表示出射光线，连接两光线与玻璃砖的交点，即为折射光线（3）应用折射率的定义式 n sin sinir 求出玻璃的折射率【详解】（1）从 P3和 P4一侧观察时，P1、P2、P3、P4应满足的关系为：大头针 P3、P4和 P1、P2的像恰在一直线上；则从 P3和 P4一侧观察时，P4应挡住 P3和 P1、P2的像；P3应挡住 P1、P2的像；P2应挡住 P1的像（2）连接 P1、P2作为入射光线，延长至玻璃界面为入射点 M；连接 P3、P4作为出射光线，反向延长至玻璃界面为出射点 N；连接 M、N 即为玻璃内传播的光线（3）连接 O

11、、N 所作的直线是过出射点 N 点的界面法线，则入射角和折射角如图所示则折射率：sinsinsinsininr【点睛】本题考查对用插针法测定玻璃砖折射率原理的理解和方法的掌握程度，要知道折射率的定义式、确定入射角与折射角是正确解题的关键14中子322uBakrnmmmmc根据电荷数守恒，质量数守恒，知 aX 的总电荷数为 0，总质量数为 3，可知 X 为中子，3a 该核反应质量亏损为2uBakrnmmmmm，根据爱因斯坦质能方程知，释放的核能222uBakrnEmcmmmmc15（1）当波向右传播时，166/vnm s（其中 n=0,1,2）答案第 5页，总 6页当波向左传播时，1610/vn

12、m s（其中 n=0,1,2）（2）波向左传播（1）若波向右传播，则波传播的距离为138xn（其中 n=0,1,2），波传播的速度1121xvtt，联立解得：1166/vnm s（其中 n=0,1,2）若波向左传播，则波传播的距离为258xn（其中 n=0,1,2），波传播的速度2221xvtt，联立解得：11610/vnm s（其中 n=0,1,2）(2)若波速大小为 74 m/s，则波传播的距离2174 0.537xv ttmm37458xm ，故波向左传播点睛：图形的周期性变化带来多解160.23 m试题分析：根据折射定律求出折射角的大小，通过几何关系求出由于折射和反射形成的两个光斑之间

13、的距离 L做出光路如图所示据折射定律知12sin1sinn，所以213sinsin2n，解得260 由图知12tan30tan 60LRLR，所以12tan30tan 600.23LLLRm（）（）17（1）124.47 10J（2）116.73 10 J（3）42.00 10 kg（1）核反应方程为：1401214 HHe+2 e所以HHee424 1.0081424.0015092 0.000549u0.029961ummmm答案第 6页，总 6页120.029961 931.5MeV27.91MeV4.47 10JE。（2）1g 氢完全聚变释放的能量为23121116.02 104.47

14、 10J6.73 10 J4E（3）相当于煤完全燃烧的质量为：11476.73 10kg2.00 103.36 10mkg。18（1）21084 Po 20682 Pb+42 He（2）5.41MeV（3）5.31MeV核反应方程满足质量数守恒和核电荷数守恒；求出质量亏损m，根据爱因斯坦质能方程求解释放的能量；衰变前后系统的动量守恒，根据动量守恒定律分析粒子和铅核关系，根据动能与动量的关系及能量守恒列式求解。【详解】（1）根据质量数与质子数守恒规律，则有，衰变方程：210206484822PoPbHe（2）衰变过程中质量亏损为：m209.982 87 u205.974 46 u4.002 60 u0.00581 u反应过程中释放的能量为：E0.005 81931.5 MeV5.41 MeV；（3）因衰变前后动量守恒，则衰变后粒子和铅核的动量大小相等，方向相反，2KPmvmE则有：22KPbKPbm Em E 即：mEkmPbEkPb，则：4Ek206Ekpb又因核反应释放的能量只能转化为两者的动能，故有：Ek+EkpbE5.41 Mev所以粒子从钋核中射出的动能为：Ek5.31 MeV【点睛】该题基于衰变考查动量守恒定律、质能方程和能量守恒等，要注意质能方程对应的质量为亏损的质量.