江南十校高一物理(答案).pdf

1、第 1 页，共 4 页江南十校 4（参考答案）一、选择题12345678910CACBCBBCBCBDAC1【解析】研究小明在空中姿态时，小明身体的大小不能忽略，故不可把小明视为质点，选项 A 错误；小明上升到最高点时速度不为零，加速度也不为零，选项 B 错误；采用背越式跳高的运动员在越过横杆时，其重心位置可能在横杆之下，故 C 正确.起跳时小明对地面的压力与地面对他的支持力是一对作用力和反作用力，故大小相等，选项 D 错误；故选 C.2【解析】从井口由静止释放，石头做自由落体运动，考虑声音从井底传到井口的时间，自由落体运动时间略小于 2s，由运动学公式 h12gt2 可得 h 略小于1210

2、22m20 m.3【解析】AB设飞机正好起飞时的速度为v，则有2202aLvv，解得202vaLv则舰载机在跑道上做匀加速直线运动的时间为00022aLvvavvta，故 AB 错误；C设舰载机在跑道 2L 处的速度大小为1v，则有221022Lavv，解得210vaLv，故 C 正确；D根据匀变速直线运动中间时刻速度等于该段过程的平均速度，舰载机在跑道上运动的中间时刻的速度大小为20002222tvaLvvvv，故 D 错误。故选 C。4【解析】对擦窗工具进行正视图的受力分析，摩擦力方向水平向左，故2222-2-3fFmgmgmgmg滑故选 B。5【解析】AB选结点为研究对象，设刚开始时左侧

3、绳与竖直方向的夹角为，则=tanT mg,cosmgF物体缓慢向右移动的过程中 减小，可见水平绳拉力 T 减小，左侧绳拉力 F 减小，故 AB 错误；C对乙受力分析，在竖直方向有N+cos=FFm g乙,绳拉力 F 减小，右侧绳与竖直方向的夹角 不变，则乙受到的支持力变大，故 C 正确；D对乙有f=sinFF乙,由于右侧绳与竖直方向的夹角 保持不变，绳拉力 F 减小，所以乙受到的摩擦力不断减小，故 D 错误。故选 C。6【解析】六块形状完全相同的石块围成半圆对应的圆心角为180，每块石块对应的圆心角为30，对对第 4块和第 5 块石块整体受力分析如图资料第一时间更新，认准公众号：一枚试卷君第

4、2 页，共 4 页F1=F2Cos60解得12:=1 2F F：,故选 B。7【解析】平均速度0.4/0.8/m svm s，桌面的长度0.81.6mLm。8【解析】返回舱先减速后匀速（不是静止），所以选项 A 错误、B 正确；由速度时间图象可知，返回舱做加速度减小的减速运动，返回舱的加速度大小 a 与时间 t 的关系图像的斜率avkatt ，由于 a 减小，所以斜率减小，直至加速度为零，选项 C 正确、D 错误；故选 BC。9【解析】对 Q，弹力 T=2mg，所以弹簧的长度为 02 mglk，A 错误；对整体，拉力大小为 F=3mg，B 正确；当突然撤去拉力 F 的瞬间，摩擦力方向不变，P

5、物块的加速度大小为+3PTmgagm，0Qa，C 错误、D 正确。10【解析】对小球进行受力分析可知：小球所受的重力和支持力均沿竖直方向，小球在水平方向上不受力根据牛顿第一定律可知，小球在水平方向的运动状态不变，又因楔形物体由静止释放，故小球在水平方向上无运动，只能沿竖直方向向下做直线运动故 A 正确、B 错误对 M 根据牛顿第二定律可知，1(sincos)ag；在 M 上放一光滑小球 m，小球对 M 的压力为 F，2(sincos)Fagm，所以 a2a1，故 C 正确、D 错误二、实验题11【答案】（2）两细绳的方向（3）3.40（4）AC（5）AC【解析】（2）要记下两分力 F1 和 F

6、2 的方向。（3）弹簧测力计的示数要估读一位，即 F3.40 N。（4）由图所示，将 F1 减小或减小 F1 与 F 的夹角，合力 F与 F 更接近重合，则原因是 F1 的大小比实际值偏大、F1 与 OF 的夹角比实际值夹角偏大。（5）根据胡克定律,橡皮条的弹力与伸长量成正比，三根橡皮条的劲度系数相同,因而橡皮条伸长的长度代表了弹力的大小,故需要记录橡皮条的原长与长度，故 A 正确、B 错误；需要记录三个力的方向，故 C 正确；不同的 O 点依然满足任意两个橡皮筋弹力的合力与第三个橡皮筋弹力等大反向的特点，所以即使 O 点不在同一位置，也可以验证平行四边形定则，故 D 错误。12【答案】(1)

7、2.0 0.56 （2）0.2【解析】(1)由逐差法可得，物块的加速度大小为2228.61 10.61(4.61 6.59)0.01m/s2.0m/s(0.2)a在打点计时器打出 B 点时，物块的速度大小为4.61 6.590.01m/s=0.56m/s0.2Bv(2)轨道倾斜太大，即使没有钩码拉小车也将加速下滑，因此图线为轨道倾斜情况下得到的。实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，由牛顿第二定律可得第 3 页，共 4 页Fmgma整理得1aFgm图线与纵轴的交点为=-2g，所以=0.2。三、计算题13【答案】（1）4m/s2，2m/s2；（2）2m/s【解析】（1）2211.60

8、.8=m/s4m/s0.4-0.2vat2 分2220.60.2=m/s2m/s1.4 1.2vat2 分（2）设在斜面上下滑时间为 t1，末速度为mv，则1 1=mva t1 分1.2s 末在水平面上运动时间为 t2=1.2-t1，由22 2=+mvva t1 分得vm=0.6+2（1.2-t1）解得t1=0.5svm=2m/s 2 分14【答案】（1）=0.5 （2）6m/s2【解析】（1）受力分析，正交分解Fcos=f 1 分N=G+Fsin 1 分f=N 1 分解得：=0.5 1 分（2）受力分析，正交分解Fcos-f=ma 1 分N=G-Fsin 1 分f=N 1 分解得：a=6m/

9、s2 1 分15【答案】（1）f1=4N f2=6N（2）1=0.4 2=0.2（3）a=2m/s2【解析】（1）由图乙可知，F=10N 时，拉力 T=4N对 A 平衡，可得f1=T=4N 2 分第 4 页，共 4 页对 B 平衡，可得f2=F-f1=6N 2 分（2）由题意可知，A、B 间的滑动摩擦力大小 f1=8N根据滑动摩擦力公式f1=1mAg 1 分解得1=0.4 1 分B 与地面间的摩擦力大小 f2=6N根据滑动摩擦力公式f2=2(mAg+mBg)1 分解得2=0.2 1 分（3）对 B 物体，由牛顿第二定律可得F-f1-f2=mBa 2 分解得a=2m/s2 2 分16【答案】(1)20m/s；(2)5m/s2；(3)19 m【解析】(1)对智能车，由运动学公式有v02=2ax 2 分解得v020m/s 2 分(2)假设两车经 t 时间后速度相等，即v 汽 v 智 at 2 分t 内两车之间的位移差x v 汽 t 2vv汽智 t 10m 2 分解得a5m/s2 2 分(3)假设智能车加速到与汽车速度相等的时间为 t，则：v 智 a 智(2 t)v 汽 a 汽 t2 分可得t=1s;3s 末两车速度 v=22.5m/s 1 分3s 内两车位移差(2)(2)17.522vvvvxtvtm 智汽汽2 分智能车刚开始匀减速运动时与正前方汽车之间的距离d x0 x 19m1 分