江西省临川一中暨临川一中实验学校2022-2023学年高一上学期第二次月考（12月）物理试题.pdf

1、答案第 1页，共 6页临川一中暨临川一中实验学校高一第二次月考物理参考答案1C2B3B4B5C【详解】小球自由下落满足212hgt得下落时间为021shtg若小球恰好落入小车最左端，则由212Lsat左 得，小车运动时间6st左对应时间 205sttt左6B【详解】A将木块所受重力分解为垂直于斜面方向和沿斜面方向，分析斜面所在平面内的木块受力情况，根据平衡条件得22sinfFmg当 F=0 时，由题图乙可知1sinffmg所以可求出木块的质量1sinfgm故 A 错误；B当木块刚要运动时，静摩擦力达到最大，有2cosffmg求出木块与斜面间的动摩擦因数2cosfmg又1sinfgm，联立以上两

2、式得21tanff 故 B 正确；CF 小于 F1 时，摩擦力小于最大静摩擦力，则木块保持静止状态，故摩擦力方向与 F 和重力的下滑分力sinmg 的合力方向相反，故不与斜面底边垂直，故 C 错误；故 D 错误。答案第 2页，共 6页7C8.ABC【详解】A由题可知，A 物体受自身的重力，B 对 A 的支持力，水平力 F，B 对 A 向右的摩擦力，总共 4 个力，A 正确；B由题可知，B 物体受自身的重力，A 对 B 的压力，斜面对 B 的支持力，A 对 B 向左的摩擦力，若这 4 个力能使物体平衡则斜面对物体无摩擦，若不能则斜面对物体有沿斜面向上或向下的摩擦力，故 B 受的力可能是 4 个，

3、也可能是 5 个，B 正确；C将 AB 两物体作为整体研究NcossinFmgF增大 F 后，木块 B 对斜面的压力大小一定变大，C 正确；D设摩擦力方向沿斜面向上则cossinFmgf由表达式不难看出，增大 F 后，摩擦力可能跟原来等大反向，D 错误。9ACD【详解】A静止于斜面底端的 A 点，此时小物块 Q 恰好不接触地面且与斜面间的摩擦力为0，则有弹簧弹力沿斜面的分力与重力沿斜面的分力相等，则小物块 Q 静止于点 A 时弹簧一定处于伸长状态，A 正确；B根据几何关系可得弹簧的长度为22132333lhhh所以弹簧与斜面的夹角为30，重力与斜面的夹角也为30，由平衡条件则有cos30cos

4、30Fmg弹则小物块 Q 静止于点 A 时所受的弹力与其重力大小相等，B 错误；C根据fN则支持力与滑动摩擦力的合力方向为，则有1tan3Nf解得=60答案第 3页，共 6页所以支持力与滑动摩擦力的合力方向是水平的，C 正确；D.对物块受力分析如右图，根据摩擦角的知识将支持力 N 和摩擦力 f 合成为一个方向不变的力1N,重力和1N 的夹角为 30 度，所以最小值 0.5mg10.AC【详解】设挡板与水平面角度为，则挡板对滑块 B 的弹力为 mgcos，由 60一直变为 0，则 mgcos增大。故 A 正确；B细线上的拉力为 mgsin，由 60一直变为 0，则拉力减小，弹簧伸长量减小，故 B

5、 错误；C初始时，对滑块 A，弹簧弹力为 mgsin60，滑块 A 的重力沿左侧斜面向下的分力大小为mgsin30，则 mgsin60mgsin30，所以静摩擦力沿斜面向下。由 60变为 0的过程中，静摩擦力先减小后反向增大。故 C 正确；D斜面对物块 A 的作用力就是静摩擦力 f 和支持力 FN 的合力，大小为22NFf其中静摩擦力 f 大小先变小后变大，所以斜面对滑块 A 的作用力先减小后增大。故 D 错误。11CD【详解】分别对 A、B 进行受力分析如图所示对 B，根据受力可知弹簧处于伸长状态，则Bsin 45cos45OBOBTFTmg 解得B2OBTmgFmg对 A，由几何关系可知O

6、AT、AF 与竖直方向的夹角相等，夹角为30，则AAAcos30cos30sin30sin30OAOAFTm gFT 其中答案第 4页，共 6页OAOBTT代入解得AA26FmgmmB 错误，C 正确；根据相似三角形可得1AOAOAOOTm gll若小球 B 缓慢下降，使小球 A 一直沿着半圆柱体缓慢向上运动，由于 OAl不断减小，可得小球 A 受到绳的拉力变小，D 正确。12.AB,不合理,其合力的大小超过了弹簧测力计的量程，后续无法用量程为 5N的测力计测出合力13Mm（M 远大于 m),1M,没有补偿阻力或斜面倾角过小（平衡摩擦力不够）,补偿阻力（平衡摩擦力）时倾角过大,0.30【详解】

7、（1）以整体为研究对象有()mgmM a绳子对车的拉力MFMamgmM则当 Mm时，此时可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力。（2）根据牛顿第二定律 FMaa 与 M 成反比，而反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系，故不能作 aM图像，但存在关系FaM故 a 与 1M 成正比，而正比例函数图像是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系，故应作1aM图像；（3）图（a）中当拉力达到一定数值时才产生了加速度，说明没有平衡摩擦力或斜面倾角过小平衡摩擦力不足没有完全平衡摩擦力，若出现的是（b）图，则表明还没有施加外力 F 时，答案第 5页，

8、共 6页已经有了加速度了，则说明在平衡摩擦力时倾角过大；（4）根据逐差法可得重物的加速度为22222()()(2.102.40)(1.50 1.80)10m/s0.30m/s(2)(2 0.1)DEEFBCCDaT14.【详解】（1）根据速度图象 5s 内甲，乙的位移分别为mxmx10,50乙甲-2 分mxxx40-0乙甲-1 分（2）根据图像 7s 内甲，乙的位移分别为mxmx40,90，乙，甲-2 分mxx50-，乙，甲80m,说明甲乙不可能相遇-1 分当两车速度相等时间距最小，即知 t=7s 时两车间间距最小，为042027802030m22Sxxx乙甲-2 分15【详解】（1）对 A

9、进行受力分析，如图甲所示沿斜面方向有sin0mgfFA-1 分cos0mgf-1 分解得 FA=40N-2 分对 B 进行受力分析，如图乙所示沿斜面方向有sinBFmg-1 分解得NFB32-1 分（2）C 与地面接触，根据整体法对整体进行受力分析，如图丙所示，假设摩擦力的方向水平向右水平方向有coscosBACFFf-2 分答案第 6页，共 6页解得 fc=-12.8N-1 分所以地面对 C 的摩擦力大小为 12.8N，方向水平向左。-1 分16【详解】（1）以圆环为对象，竖直方向根据受力平衡可得cosTmg-1 分解得绳子拉力大小为 T=5N以物块为对象，竖直方向根据受力平衡可得cosNTMg-1 分解得支持力 N=22N-1 分根据牛顿第三定律，可知物块对地面的压力大小 22N。-1 分（2）以物块为对象，水平方向根据受力平衡可得-2 分可知地面对物块的摩擦力大小为 4N，方向水平向右。-1 分（3）若 m、M 大小可调，以圆环为对象，可得绳子拉力大小为cosmgT-1 分以物块为对象，竖直方向根据受力平衡可得cosNTMg-1 分解得coscoscosmgNMgTMg水平方向根据受力平衡可得sinsincosmgfT-1 分又fN-1 分联立可得sincos()coscosmgmgMg-1 分解得411mM-2 分