2022高考物理 基础知识综合复习 模拟检测卷（八）.docx

1、模拟检测卷(八)(时间:60分钟满分:100分)一、选择题(本题共18小题,每小题3分,共54分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的,不选、多选、错选均不得分)1.下列不是国际单位制单位中的基本单位的是()A.库仑B.秒C.千克D.米2.下列说法正确的是()A.根据公式I=qt可知,I与q成正比,I与t成反比B.公式W=UIt适用任何电路,Q=I2Rt适用纯电阻电路C.电动势越大,电源把其他形式的能转化为电能越多D.把小量程的电流表改装成电压表要串联一个阻值较大的电阻3.下列关于运动会的田径项目叙述中正确的是()A.研究短跑运动员终点撞线时可将运动员看成质点B.在田径比赛中跑步运

2、动员的比赛成绩是一个时间间隔C.短跑运动员跑100 m和200 m都是指位移D.高水平运动员铅球比赛的成绩为21 m,“21 m”是指路程4.如图为某一质点的v-t图像,下列说法不正确的是()A.第3 s内速度方向与加速度方向相反B.整个过程的平均速度为0.8 m/sC.第4 s末质点的运动方向发生改变D.第1 s内和第5 s内加速度方向相同5.拉力器是一种很好的健身器材,由脚环、两根相同的弹性绳、把手等组成。如图所示,女子用100 N的力拉开拉力器,使其比原长伸长了40 cm,假设弹性绳的弹力与伸长量遵循胡克定律,且未超过弹性限度。则()A.每根弹性绳的劲度系数为125 N/mB.每根弹性绳

3、的劲度系数为250 N/mC.若对拉力器的拉力增大,则弹性绳的劲度系数也增大D.若对拉力器的拉力减为50 N,则弹性绳长度变为20 cm6.如图所示,物块A放在木板上,当缓慢抬起木板的一端使木板与水平面夹角分别为30、45时,物块受到的摩擦力大小相等,则物块和木板间的动摩擦因数为()A.22B.32C.2D.37.如图为质点做匀变速曲线运动轨迹的示意图,且质点运动到D点时的速度方向与加速度方向恰好互相垂直,则质点从A点运动到E点的过程中,下列说法中正确的是()A.质点经过D点时的加速度比B点的大B.质点从B到E的过程中速度一直在减小C.质点经过C点的速率比D点的大D.质点经过A点时的加速度方向

4、与速度方向的夹角小于908.长征十一号海射型固体运载火箭在我国黄海海域实施发射,将7颗卫星送入低于同步卫星轨道高度的圆轨道,下列说法中正确的是()A.卫星的运行周期大于24小时B.七颗卫星中,处于高轨道的卫星具有较大的速度C.七颗卫星中,处于高轨道的卫星具有较大的能量D.如果在赤道附近的海上发射卫星,可利用地球自转,从而节省能源9.如图所示,放在水平地面上的光滑绝缘圆筒内有两个带正电小球A、B,A位于筒底靠在左侧壁处,B在右侧筒壁上受到A的斥力作用处于静止。若筒壁竖直,A的电荷量保持不变,B由于漏电而下降少许后重新平衡,下列说法中正确的是()A.小球A对筒底的压力变小B.小球A,B间的库仑力不

5、变C.小球A,B间的库仑力变小D.小球B对筒壁的压力变大10.如图所示,物体P以一定的初速度沿光滑水平面向右运动,与一个右端固定的轻质弹簧相撞,并被弹簧反向弹回。若弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律,那么在P与弹簧发生相互作用的整个过程中()A.P做匀变速直线运动B.P的加速度方向发生变化C.当加速度数值最大时,速度也最大D.有一段过程,P的加速度逐渐减小,速度逐渐增大(第5题图)(第6题图)(第7题图)(第9题图)(第10题图)11.如图所示,虚线表示某电场中的三个等势面,相邻等势面间的电势差相等。一重力不计、带负电的粒子从右侧射入电场,运动轨迹与三个等势面分别交于a、b、c三点,则()A.

6、a点的电势比b点的电势高B.粒子在c点时的加速度为零C.粒子从a到c电势能不断减小D.粒子从a到b电场力所做的功小于从b到c电场力所做的功12.如图所示为一款磁性玩具巴克球,借助巴克球的磁场特性,可以组合出多种造型,下列关于巴克球的磁场特性说法正确的是()A.巴克球是一种磁单极子,其磁场从球心向四周辐射B.巴克球的球心是磁体的N极,球面是磁体的S极C.巴克球的球心是磁体的S极,球面是磁体的N极D.巴克球周围的磁场类似于地磁场,磁体的N、S极在球体的两端13.如图甲所示,轻绳一端固定在O点,另一端固定一小球(可看成质点),让小球在竖直平面内做圆周运动。改变小球通过最高点时的速度大小v,测得相应的

7、轻绳弹力大小F,得到F-v2图像如图乙所示,已知图线的延长线与纵轴交点坐标为(0,-b),斜率为k。不计空气阻力,重力加速度为g,则下列说法正确的是()A.该小球的质量为bgB.小球运动的轨道半径为bkgC.图线与横轴的交点表示小球所受的合外力为零D.当v2=a时,小球的向心加速度为g14.如图所示电路,电压保持不变,当开关S断开时,电流表A的示数为0.5 A,当开关S闭合时,电流表的示数为0.7 A,则两电阻阻值之比R1R2为()A.57B.75C.25D.52(第11题图)(第12题图)(第13题图)(第14题图)15.如图为某静电除尘装置的示意图。A、B为电极和集尘板上某点连线上的两点。

8、不计烟尘微粒与空气的作用力及重力,下列说法正确的是()A.A、B两点的电场强度大小不同,方向相同B.集尘板边缘的电场方向一定与集尘板表面垂直C.向集尘板加速靠近的烟尘微粒带负电,且加速度逐渐增大D.若带电烟尘微粒由静止开始仅受电场力作用,则一定沿电场线到达集尘板16.在如图(a)所示的电路中,L1、L2为规格相同的小灯泡,这种小灯泡的伏安特性曲线如图(b)所示,C是电容为100 F的电容器,R是阻值为8 的定值电阻,电源E的内阻为1 。电路稳定后,通过L1的电流为0.15 A,下列结果正确的是()A.L1的电功率为0.32 WB.L2的电阻约为5 C.电源的效率约为60%D.电容器的带电荷量为

9、1.2104 C17.泵浦消防车又称“泵车”,指搭载水泵的消防车,其上装备消防水泵、消防炮和其他消防器材,抵达现场后可利用现场消防栓或水源直接吸水灭火,某辆消防车的额定功率为120 kW,消防炮的流量为48 L/s。某次一高层建筑离地面高为75 m处发生火情,为能有效灭火,消防员将消防炮升高到离地80 m后将炮口水平摆放,使水柱恰能喷到着火点,已知消防炮口到着火点的水平距离为40 m,水的密度为1103 kg/m3,不计空气阻力,则()A.消防炮出水速度大小为10 m/sB.消防炮出水速度大小为40 m/sC.消防炮出水速度大小为80 m/sD.若火情向上蔓延,则必须升高消防炮的高度才能有效灭

10、火(第15题图)(第16题图)(第17题图)18.如图所示,倾角为的粗糙斜面体固定在水平地面上,距地面H0高度处有一物体,在平行斜面向上的力F作用下由静止开始运动。选地面为零势能面,物体的机械能E随位移x的变化关系如图所示,其中Ox1是曲线,x1x2是平行于x轴的直线,Ox2过程中物体一直沿斜面向上运动,则下列说法正确的是()A.Ox1过程中力F做的功等于(E1-E0)B.Ox1过程中物体做加速度增大的加速运动C.x1x2过程中物体的动能不变D.x1x2过程中力F逐渐变大二、非选择题(本题共5小题,共46分)图119.(6分)(1)图1中,“探究求合力的方法”“研究平抛运动”两实验均需使用的器

11、材是(填写器材名称)。(2)在“探究求合力的方法”实验中,通过对拉的方法来选择两个弹簧测力计,方案一:两弹簧测力计竖直悬挂在铁架台上对拉(图2),方案二:两弹簧测力计置于水平桌面对拉(如图3),下列说法正确的是(多选)。A.弹簧测力计使用前必须进行调零B.实验时,两个弹簧测力计的量程需一致C.若方案一的两弹簧测力计读数相等,则可正常使用D.若方案二的两弹簧测力计读数相等,则可正常使用图4(3)在“探究求合力的方法”的实验中,某实验小组使用的弹簧测力计量程为5.00 N,将橡皮条一端固定,先用两只弹簧测力计将橡皮条另一端拉到某一位置,标记为O点,紧靠细绳标记A、B两点,并记录弹簧测力计读数;然后

12、用一只弹簧测力计将其拉至O点,标记紧靠细绳的C点,并记录弹簧测力计读数,该小组完成的部分实验数据记录在图4中。按实验要求完成作图;结合图4,分析实验过程与结果,下列措施对减小实验误差有益的是(多选)。A.适当增加橡皮筋的原长B.适当增大两细绳的夹角C.增大A、B两点到O点的距离D.增大弹簧测力计的拉力20.(6分)某学习小组想做“测量一节干电池的电动势及内阻”的实验。(1)该小组分配到的器材中,有两个由相同电阻丝绕制而成的滑动变阻器,阻值分别为5 、20 ,但变阻器阻值标签模糊,无法识别。则根据已有知识并结合图(a),本实验应选择的变阻器是。A.甲为5 ,选择甲B.甲为20 ,选择甲C.乙为5

13、 ,选择乙D.乙为20 ,选择乙(2)该小组选择了合适的滑动变阻器后进行电路连接,如图(b)所示为在接最后一根导线之前电路中部分元件的放大情形,此时错误的为(多选)。(3)小组成员纠正错误后重新开始进行实验,测得数据后,在坐标纸中描点,如图(c)。请在坐标纸中描出图像,并计算出该小组的旧电池的内阻r=。(结果保留两位有效数字)21.(6分)如图所示,在倾角为=30的斜面上,固定两间距L=0.5 m的平行金属导轨,在导轨上端接入电源和滑动变阻器R,电源电动势E=10 V,内阻r=2 ,一质量m=100 g的金属棒ab与两导轨垂直并接触良好。整个装置处于磁感应强度B=1 T、垂直于斜面向上的匀强磁

14、场中(导轨与金属棒的电阻不计)。金属棒受到平行斜面斜向上的安培力,已知金属导轨是光滑的,g取10 m/s2,要保持金属棒在导轨上静止,求:(1)金属棒所受到的安培力大小;(2)滑动变阻器R接入电路中的阻值。22.(12分)如图为某接送运动员的公交车,正以36 km/h的速度匀速行驶在一条笔直的公路上,接到通知需要临时停车,接上几名运动员。公交车开始以5 m/s2的加速度刹车,停车1 min供运动员上车,随后以1 m/s2的加速度启动,再次达到36 km/h的速度匀速行驶。重力加速度g取10 m/s2,求:(1)公交车刹车过程中的平均速度大小;(2)公交车因临时停车而耽误的时间;(3)公交车上一

15、名质量为80 kg的运动员在刹车减速阶段中对公交车的作用力大小。23.(16分)如图所示,半圆形光滑轨道竖直固定且与水平地面相切于A点,半径R=0.1 m,其右侧一定水平距离处固定一个斜面体。斜面C端离地高度h=0.15 m,E端固定一轻弹簧,原长为DE,斜面CD段粗糙而DE段光滑。现给一质量为0.1 kg的小物块(可看作质点)一个水平初速度,从A处进入圆轨道,离开最高点B后恰能落到斜面顶端C处,且速度方向恰平行于斜面,物块沿斜面下滑压缩弹簧后又沿斜面向上返回,第一次恰能返回到最高点C。物块与斜面CD段的动摩擦因数=63,斜面倾角=30,重力加速度g取10 m/s2,不计物块碰撞弹簧的机械能损

16、失。求:(1)物块运动到B点时对轨道的压力大小;(2)CD间的距离L;(3)小物块在粗糙斜面CD段上滑行的总路程s。参考答案模拟检测卷(八)1.A解析库仑,是电荷量的单位,不是国际单位制单位中的基本单位;秒,是国际单位制单位中的基本单位;千克,是国际单位制单位中的基本单位;米,是国际单位制单位中的基本单位;因此选A。2.D解析公式I=qt是电流的定义式,I与q、t无关,故A错误;公式W=UIt适用任何电路,Q=I2Rt用于求解焦耳热,适用于任何电路,故B错误;电动势越大,电源把其他形式的能转化为电能的本领越大,但不能说明电源把其他形式的能转化为电能越多,故C错误;把小量程的电流表改装成电压表要

17、串联一个阻值较大的电阻,用来分更大的电压,达到改装成电压表的目的,故D正确。3.B解析研究短跑运动员终点撞线时,其自身大小不能忽略,所以不可以看作质点,故A错误;在田径比赛中跑步运动员的比赛成绩是个时间段,故是一个时间间隔,故B正确;短跑运动员跑200m时,不是一条直线,故200m是路程而不是位移,故C错误;铅球运动的轨迹是抛物线,高水平运动员铅球比赛成绩为21m,是抛出点的竖直投影点到落地点的距离,不是路程,故D错误。故选B。4.C解析第3s内质点做减速运动,速度方向与加速度方向相反,A正确;在v-t图像中,图像与时间轴围成的面积表示物体的位移,因此总位移x=12(34)m-1222m=4m

18、,整个过程的平均速度v=xt=45m/s=0.8m/s,B正确;35s内,速度始终为负值,第4s末质点的运动方向没有发生改变,C错误;在v-t图像中,斜率表示加速度,第1s内和第5s内斜率均为正值,因此加速度方向相同,D正确。故选C。5.A解析由胡克定律可得F=2kx,则k=10020.4N/m=125N/m,故A正确,B错误;弹性绳的劲度系数与弹性绳自身因数有关,与外力无关,故C错误;若对拉力器的拉力减为50N,则有F=2kx,得x=F2k=502125m=20cm,则此时弹性绳的长度一定大于20cm,故D错误。6.A解析木板的倾角分别为30、45时,物体受到的摩擦力大小相同,分析可知,当倾

19、角为30时物块受到的是静摩擦力,当倾角为45时物块受到的是滑动摩擦力。当倾角为30时,静摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力,即Ff=mgsin30,当倾角为45时物块受到的是滑动摩擦力,根据滑动摩擦力公式得Ff=FN=mgcos45;得到mgsin30=mgcos45,解得=22,故A正确。7.C解析质点做匀变速曲线运动,加速度大小和方向均不变,故A错误;质点从B到E的过程中加速度方向与速度方向的夹角一直减小,合外力与速度夹角先是钝角,当运动到D点以后变为锐角,因此先减速后加速,故B错误;从C到D过程合外力做负功,质点的动能减小,速率减小,故质点经过C点的速率比D点的大,故C正确;质点做匀变速

20、曲线运动,加速度大小和方向均不变,加速度指向轨迹弯曲的方向,即斜向上,而速度为轨迹的切线方向,故质点经过A点时的加速度方向与速度方向的夹角大于90,故D错误。故选C。8.D解析根据GMmr2=m2T2r可知卫星的运行周期小于24小时,故A错误;根据GMmr2=mv2r可知半径越大则运行的速度越小,所以七颗卫星中,处于高轨道的卫星具有较小的速度,故B错误;由于七颗卫星的质量大小关系不知,所以七颗卫星的能量大小无法比较,故C错误;地球自转的线速度根据v=r可知,半径越大,则线速度越大,而自转半径最大处在赤道,所以在赤道附近的海上发射卫星,可利用地球自转,从而节省能源,故D正确。9.D解析以整体为研

21、究对象可知,筒底对A球的支持力大小等于A、B两球的重力,由牛顿第三定律可知A对筒底的压力也等于A、B两球的重力,小球A对筒底的压力不变,故选项A错误;小球A、B间的库仑力F=mgcos,角变大,cos变小,库仑力F变大,故选项B、C错误;隔离B球受力分析如图所示,根据受力平衡有F1=mgtan,由于漏电而下降少许重新平衡,角变大,因此筒壁给球B的支持力增大,根据作用力与反作用力可知B球对筒壁的压力变大,故选项D正确。10.D解析在压缩弹簧的过程中,P水平方向只受到弹簧的弹力,方向与速度方向相反,而且弹力逐渐增大,加速度逐渐增大,P做加速度增大的变减速直线运动,故A错误;弹簧压缩过程中对P施加的

22、弹力方向始终向左,根据牛顿第二定律知P的加速度方向保持不变,故B错误;压缩弹簧的过程中,当速度为零时弹簧压缩到最短,此时弹力最大,加速度数值最大,速度为零,故C错误;在弹簧压缩到最短后将物体P向左弹出的过程中,弹簧弹力方向向左,物体P向左加速运动,随着弹簧弹力的减小,物体P加速度逐渐减小,而速度逐渐增大,故D正确。11.C解析粒子所受电场力指向轨迹凹侧,由于粒子带负电,所以有下图由图知电场线大致指向右,沿电场线电势降低,故a的电势低,A错误;由图可知c点的电场线最密集,则粒子在c点的加速度最大,B错误;粒子从a到c,电场力做正功,电势能减小,C正确;电场力做功W=qU,因相邻等势面间的电势差相

23、等,故粒子从a到b电场力做的功等于从b到c电场力做的功,D错误。故选C。12.D解析巴克球不是磁单极子,A错误;巴克球之间有相互作用的引力和斥力,巴克球周围的磁场类似于地磁场,磁体的N、S极在球体的两端,B、C错误,D正确。13.B解析小球在最高点时受到拉力为F,根据牛顿第二定律可知:F+mg=mv2l,解得:F=mv2l-mg,结合图像可知:mg=b,即m=bg,斜率ml=k,解得:l=mk=bkg,故A错,B对;图线与横轴的交点表示小球所受的拉力为零,即合外力等于重力时的情况,故C错;根据向心加速度公式可知a=v2l=abkg=akgb=2g,故D错;故选B。14.C解析因S通断中电压保持

24、不变,故R1中的电流保持不变,则流过R2的电流I2=0.7A-0.5A=0.2A;而在并联电路中电流与电阻成反比,故R1R2=0.20.5=25;选项C正确。15.B解析电极与集尘板之间的电场线是曲线,并非直线,并且越靠近电极处电场线越密集,所以A、B两点的电场强度大小不同,方向也不同,故A错误;集尘板表面为一等势面,所以集尘板边缘的电场方向一定与集尘板表面垂直,故B正确;向集尘板加速靠近的烟尘微粒带负电,但所受电场力逐渐减小,加速度逐渐减小,故C错误;电极与集尘板之间的电场线并非直线,带电烟尘微粒由静止开始仅受电场力作用,其速度方向不可能始终沿电场线的切线方向,故D错误。故选B。16.B解析

25、电路稳定后,通过L1的电流为I1=0.15A,由图读出其电压U1=0.6V,则灯泡L1的电功率P1=U1I1=0.150.6W=0.09W,故A错误;并联部分的电压U2=U1+I1R=0.6V+0.158V=1.8V,由图读出其电流为I2=0.36A,根据欧姆定律得R2=U2I2=1.8V0.36A=5,故B正确;电源电动势E=U2+(I1+I2)r=1.8V+0.511V=2.31V,电源的效率为=U2E100%=1.82.31100%=78%,故C错误;电容器的电压U=I1R=1.2V,则电容器的带电荷量为Q=UC=1.210010-6C=1.210-4C,故D错误。17.B解析由平抛运动

26、规律得消防炮出水速度大小为40m/s;改变消防炮倾角能提高灭火点的高度。18.B解析Ox1过程中,根据功能关系得:WF-Wf=E1-E0,则有:WFE1-E0,故A错误。根据功能关系得:Fx-fx=E,图像的斜率为:k=Ex=F-f,由图知,Ox1过程中图像切线斜率不断增大,则F-f不断增大,合力不断增大,根据牛顿第二定律知加速度增大,所以,Ox1过程中物体做加速度增大的加速运动,故B正确。x1x2过程中物体的机械能不变,有:F-f=0,即为:F=f,保持不变,而重力势能增大,则动能减小,故C错误,D错误。故选B。19.答案(1)刻度尺(2)AD(3)见解析BC解析(1)“探究求合力的方法”中

27、,需要使用刻度尺做力的图示,“研究平抛运动”的实验中,需要使用刻度尺测量物体的位移,即两个实验中都要使用刻度尺;(2)弹簧测力计在使用前必须进行调零;实验中使用的两个弹簧测力计,其量程可以不同;方案一中由于重力的作用,若两弹簧测力计读数相等,则水平测量拉力时读数必然不同,所以不能使用;若方案二的两弹簧测力计读数相等,则可正常使用;故选AD。(3)作图如下:增加橡皮筋的原长对实验没有影响;图中两分力的夹角较小,根据平行四边形的特点,适当增大两细绳的夹角,可以使作图更精确,从而减小实验误差;绳子的作用是显示出力的方向,增大A、B两点到O点的距离,可以提高分力方向的精确度,从而减小实验误差;弹簧测力

28、计的量程为5.00N,图中合力已经达到了4.80N,所以不能再增大弹簧测力计的拉力;故选BC。20.答案(1)C(2)CD(3)1.64解析(1)根据R=LS,匝数多的阻值大,所以甲的阻值为20,乙的阻值为5,一节干电池的内阻约为1左右,所以应选5的滑动变阻器。所以选C。(2)滑动变阻器的阻值在闭合开关前,应该接入电路的阻值最大。故C错误。接线过程中开关应该是断开的。故D错误。(3)作出电源U-I图像如图所示电源内阻:r=UI=1.42-0.70.5-0.06=1.64。21.答案(1)0.5 N(2)8 解析(1)金属棒的受力图如图所示则有F=mgsin解得F=0.5N(2)根据安培力公式F

29、=BIL得I=FBL=1A设滑动变阻器接入电路的阻值为R,根据闭合电路欧姆定律E=I(R+r)得R=EI-r=8。22.答案(1)18 km/h(或5 m/s)(2)66 s(3)4005 N解析(1)根据匀变速直线运动规律的推论可知,公交车刹车过程中的平均速度为v=0+v2=18km/h(或5m/s)(2)根据运动学规律可得,公交车刹车过程中行驶的距离为x1=v22a1=10m所用时间为t1=va1=2s公交车启动过程中行驶的距离为x2=v22a2=50m所用时间为t2=va2=10s公交车以速度v=36km/h行驶x1+x2距离所用时间为t=x1+x2v=6s公交车因临时停车而耽误的时间为

30、t=60s+t1+t2-t=66s(3)设刹车减速阶段公交车对运动员的作用力的水平分力大小为F1,根据牛顿第二定律有F1=ma1=400N根据平衡条件可知,公交车对运动员的作用力的竖直分力大小为F2=mg=800N公交车对运动员的作用力大小为F=F12+F22=4005N根据牛顿第三定律可知,运动员对公交车的作用力大小为F=F=4005N23.答案(1)2 N(2)0.4 m(3)1.6 m解析(1)物块从B到C做平抛运动,则有vy2=2g(2R-h)在C点时有:tan=vyvB代入数据解得:vB=3m/s在B点对物块进行受力分析,得:F+mg=mvB2R解得:F=2N根据牛顿第三定律知物块对轨道的压力大小为:F=F=2N(2)在C点的速度为:vC=vysin=2m/s物块从C点下滑到返回C点的过程,根据动能定理得:-mgcos2L=0-12mvC2代入数据解得:L=0.4m(3)最终物块在DE段来回滑动,从C到D,根据动能定理得:mgLsin-mgcoss=0-12mvC2解得:s=1.6m