2023届高考物理一轮复习：第26讲 电磁感应.docx

1、第26讲 电磁感应知识图谱电磁感应现象、楞次定律知识精讲一电与磁的关系1“电生磁”的发现：1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了电流能够产生磁场电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在着联系，并说明电流周围的磁场和磁体周围的磁场本质上是一样的。英国物理学家法拉第经过10年坚持不懈的努力，于1831年终于取得了重大的突破，发现了利用磁场产生电流的条件。2“磁生电”的发现：法拉第认为既然电流能吸引小磁针运动，那么磁铁也能使导体产生电流。通过大量实验发现，“磁生电是在一种在变化的、运动的过程中才出现的效应”。法拉第把引起电流的原因归纳为五类：（1）变化的电流周围闭合线圈中产生感应电流；（2）变化的磁场周围闭

2、合线圈中产生感应电流；（3）运动的恒定电流周围闭合线圈中产生感应电流；（4）运动的磁铁周围闭合线圈中产生感应电流；（5）在磁场中运动的导体（即切割磁感线）。3电磁感应：“磁生电”的现象叫电磁感应，产生的电流叫感应电流。产生的电势叫感应电动势。二电磁感应发生的条件1磁通量：设在匀强磁场中有一个与磁场方向垂直的平面，磁场的磁感应强度为B，平面的面积为S，如图所示，物理上把磁感应强度B与面积S的乘积，叫做穿过这个面的磁通量。通常用表示磁通量，则=BS。2产生感应电流的典型实验（1）实验表明：只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有电流产生。（2）闭合电路的一部分导体切割磁感线时，穿过电路的磁

3、感线条数发生变化，也产生感应电流。（3）电磁感应现象的实质是产生了感应电动势，如果电路闭合，则产生感应电流。（4）发生电磁感应时，其他形式的能转化为电能。三楞次定律1内容：感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流磁通量的变化。“阻止”指的是：当原磁通量增加时，感应电流的方向与原磁场的方向相反，而当原磁通量减小时，两磁场方向相同。“阻碍”不等于阻止，阻碍的含义是使磁通量增加或减少的过程变慢，但磁通量仍会减少或增加。2楞次定律的应用：一般分为如下几个步骤：（1）明确所研究的闭合回路，判断原磁场的方向；（2）判断闭合回路中原磁场中磁通量的变化；（3）由楞次定律判断感应电流的磁场方

4、向；（4）由右手螺旋定则判断感应电流的方向。3对右手定则的理解（1）适用范围：适用于闭合回路部分导体切割磁感线产生感应电流的情况。（2）伸开右手，使大拇指跟其余四个手指垂直，并跟手掌在一个平面内，把右手放入磁场中，让磁感线垂直穿入手心，大拇指指向导体运动方向，那么其余四个手指所指的方向就是感应电流的方向。4区分楞次定律与右手定则的关系导体运动切割磁感线产生感应电流是磁通量发生变化引起感应电流的特例，所以判定电流方向的右手定则也是楞次定律的特例。用右手定则能判定的，一定也能用楞次定律判定。反之，用楞次定律能判定的，并不是用右手定则都能判断出来。如闭合圆形导线中的磁场逐渐增强，用右手定则就难以判定

5、，而用楞次定律较为直观。5楞次定律的实质楞次定律中“阻碍”的作用，正是能量的转化和守恒定律的反映，在克服这种阻碍作用时，其他形式的能向电能转化。6楞次定律的不同表示（1）阻碍原磁通量的变化；（2）阻碍导体的相对运动；（3）通过改变线圈面积来“反抗”；（4）阻碍原电流的变化。三点剖析课程目标：1理解磁通量的变化，能够求解简单情形下的磁通量的变化量；2理解产生电磁感应现象的条件；3应用楞次定律解决问题电磁感应现象的判断例题1、 现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及开关如图连接。在开关闭合、线圈A放在线圈B中的情况下，某同学发现当他将滑动变阻器的滑动端P向左加速滑动时，电流计指针

6、向右偏转。若将线圈A中铁芯向上拔出，则能引起电流计的指针向_偏转；若断开开关，能引起电流计指针_偏转；若滑动变阻器的滑动端P匀速向右滑动，能使电流计指针_偏转。例题2、 在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是()A.将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化B.在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，然后观察电流表的变化C.将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化D.绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化随练1、 图示为“探究感应电流

7、方向的规律”实验时所用电路（1）闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么闭合开关后将线圈A迅速插入线圈B时，灵敏电流计指针将_；接着将滑动变阻器的滑片迅速向左滑动，灵敏电流计指针_。（均填“向左偏”“向右偏”或“不偏”）（2）某同学在完成实验后未断开开关，也未把A、B两线圈和铁芯分开放置，在拆除电路时突然被电击了一下，则被电击是在拆除_（选填“A”或“B”）线圈所在电路时发生的，分析可知，要避免电击发生，在拆除电路前应_（选填“断开开关”或“把A、B线圈分开放置”）。随练2、 某同学在“探究感应电流产生的条件”的实验中，将直流电源、滑动变阻器、线圈A（有铁芯）、线圈B、灵敏电流计及开关

8、按图连接成电路在实验中，该同学发现开关闭合的瞬间，灵敏电流计的指针向左偏由此可以判断，在保持开关闭合的状态下（ ）A.当线圈A拔出时，灵敏电流计的指针向左偏B.当线圈A中的铁芯拔出时，灵敏电流计的指针向右偏C.当滑动变阻器的滑片匀速滑动时，灵敏电流计的指针不偏转D.当滑动变阻器的滑片向N端滑动时，灵敏电流计的指针向右偏随练3、 如图所示，正方形线圈abcd放在匀强磁场中，下列能使线圈中产生感应电流的是()A.在磁场中向上平动B.向纸外平动C.以ad边为轴，向纸外转动D.以中心O为轴，在纸面内转动楞次定律的理解及应用例题1、多选题 如图所示，两个闭合铝环A、B与一个螺线管套在同一铁芯上，A、B可

9、以左右摆动，则()A.在S闭合的瞬间，A、B必相吸B.在S闭合的瞬间，A、B必相斥C.在S断开的瞬间，A、B必相吸D.在S断开的瞬间，A、B必相斥例题2、 如图所示，线圈两端与电阻相连构成闭合回路，在线圈正上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的S极朝下。在将磁铁的S极插入线圈的过程中（ ）A.通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互排斥B.通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互吸引C.通过电阻的感应电流的方向由b到a，线圈与磁铁相互吸引D.通过电阻的感应电流的方向由b到a，线圈与磁铁相互排斥例题3、 如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，当PQ在外力的

10、作用下运动时，MN在磁场力的作用下向右运动，则PQ所做的运动可能是( )A.向右加速运动B.向左加速运动C.向右匀速运动D.向左减速运动随练1、 如图所示，在条形磁铁的S极附近悬挂一个圆形线圈，线圈平面与水平放置的磁铁在同一平面内，当线圈中通以图示逆时针方向的电流时，从上往下看，线圈将()A.逆时针方向转动，同时靠近磁极B.逆时针方向转动，同时离开磁极C.顺时针方向转动，同时离开磁极D.顺时针方向转动，同时靠近磁极随练2、多选题 如图所示，光滑固定导轨M、N水平放置两根导体棒P、Q平行放于导轨上，形成一个闭合电路当一条形磁铁从高处下落接近回路时（ ）A.P、Q将互相靠拢B.P、Q将互相远离C.

11、磁铁的加速度仍为gD.磁铁的加速度小于g随练3、 如图所示，a、b、c、d为四根相同的可视为光滑的铜棒，c、d固定在同一水平面上，a、b对称地放在c、d棒上，它们接触良好，O点为四根棒围成的矩形的几何中心，一条形磁铁从O点附近的正上方沿竖直方向向O点落下的过程中，则a、b发生的情况是( )A.一定保持静止B.一定分别远离O点C.一定分别向O点靠拢D.无法判断法拉第电磁感应定律及简单应用知识精讲一探究感生电动势的影响因素1 感应电动势：在电磁感应现象中产生的电动势叫感应电动势。2 感应电动势与感应电流：感应电动势是形成感应电流的必要条件，有感应电动势不一定存在感应电流（要看电路是否闭合），有感应

12、电流一定存在感应电动势。3感应电动势的大小：当磁通量变化相同时，所用时间越短，感应电流就越大，表明感应电动势越大。说明：应电动势的大小跟磁通量变化和所用时间都有关，即与磁通量的变化率有关。二法拉第电磁感应定律1内容：电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的磁通量变化率成正比。 2表达式：（在国际单位制中k=1）若有n匝线圈，则相当于有n个电源串联，总电动势为：。注意：公式中 取绝对值，不涉及正负。3产生感生电动势的两种机理（1）电磁感应现象中的感生电场电路中电动势的作用实际上是某种非静电力对自由电荷的作用。英国物理学家麦克斯韦认为，磁场变化时会在空间激发一种电场。如果此刻空间存在闭合导体，导体

13、中的自由电荷就会在这种电场的作用下做定向运动，产生感应电流，或者说导体中产生了感应电动势。在这种情况下，所谓的非静电力就是这种感生电场对自由电荷的作用。（2）电磁感应现象中的洛伦兹力在电磁感应现象中，切割磁感线的导体或磁通量发生变化的回路产生感应电动势，该导体或回路相当于电源，这时的非静电力与洛伦兹力有关。三导体做切割磁感线运动时感应电动势1导体垂直切磁感线：在闭合线圈一部分导体ab处于匀强磁场中，导轨宽为L，磁感应强度是B，ab以速度v匀速切割磁感线。回路在时间内增大的面积为：；穿过回路的磁通量的变化为；产生的感应电动势为：（v是相对于磁场的速度）。3斜切磁感线：若导线运动方向与导线本身垂直

14、，但跟磁感强度方向有夹角。（ 为v与B夹角）注意：导体的长度L应为有效长度；速度v为平均值，E就为平均值；速度v为瞬时值，E就为瞬时值。四转动产生的感应电动势1转动轴与磁感线平行磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直于纸面向外，长L的金属棒oa以o为轴在该平面内以角速度 逆时针匀速转动。在应用感应电动势的公式时，必须注意其中的速度v应该指导线上各点的平均速度，即金属棒中点的速度，因此有。2线圈的转动轴与磁感线垂直如图，矩形线圈的长、宽分别为L1、L2，所围面积为S，向右的匀强磁场的磁感应强度为B，线圈绕图示的轴以角速度匀速转动。线圈的ab、cd两边切割磁感线，产生的感应电动势相加可得。如果线圈由n匝

15、导线绕制而成，则。从图示位置开始计时，则感应电动势的瞬时值为。该结论与线圈的形状和转动轴的具体位置无关（但是轴必须与B垂直）。这也是交流发电机发出的交流电的瞬时电动势公式。五感应电量的计算当电流是恒定值（平均值）时，可知计算电量； 其中（式中为内感应电动势的平均值，R为回路总电阻），由法拉第电磁感应定律可知，联立以上三式可得：，可见感应电量与磁通量的变化量成正比。六互感、自感现象1互感：两个线圈之间没有导线相连，当一个线圈的电流变化时，它所产生的磁场会在另一个线圈中产生感应电动势。变压器就是利用互感现象制成的。2自感：导体本身电流发生变化而产生的电磁感应现象。自感现象中产生的感应电动势叫自感电

16、动势。自感电动势大小：。七电磁阻尼、电磁驱动、反电动势1电磁阻尼：在闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动，产生感应电流的过程中，安培力的方向和导体运动方向相反，安培力作负功，这种现象叫电磁阻尼，在这个过程中，机械能转化为电能，发电机就是利用这个原理。另外，电动机转动时产生的感应电动势总要削弱电源产生的电流，因此也叫反电动势。2电磁驱动：通电导体在磁场中受安培力作用，安培力的方向和导体运动方向相同，安培力作正功，将电能转化为机械能，电动机、电磁炮就是利用了这一原理。三点剖析课程目标：1.理解法拉第电磁感应定律的内容，感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，会计算一段时间内通过用电器的电荷量2.会

17、计算导体切割磁感线时产生的感应电动势的大小3.理解自感和互感，会分析通电自感和断电自感的相关问题4.熟悉电磁感应中的图像问题法拉第电磁感应定律及简单应用例题1、 如图，均匀磁场中有一由半圆弧及其直径构成的导线框，半圆直径与磁场边缘重合；磁场方向垂直于半圆面（纸面）向里，磁感应强度大小为B0。使该线框从静止开始绕过圆心O、垂直于半圆面的轴以角速度匀速转动半周，在线框中产生感应电流。现使线框保持图中所示位置，磁感应强度大小随时间线性变化。为了产生与线框转动半周过程中同样大小的电流，磁感应强度随时间的变化率的大小应为()A.B.C.D.例题2、 如图所示，一单匝线圈从左侧进入磁场，在此过程中，穿过线

18、圈的磁通量将_（选填“变大”或“变小”），线圈中产生的感应电流方向为_（选填“顺时针”或“逆时针”），若上述过程所经历的时间为0.5s，线圈中产生的感应电动势为2.0V，则穿过线圈的磁通量变化了_Wb。例题3、 如图（a）所示，一个电阻值为R，匝数为的圆形金属线圈与阻值为2R的电阻R1连接成闭合回路线圈的半径为r1在线圈中半径为r2的圆形区域存在垂直于线圈平面的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化的关系图线如图（b）所示图线与横、纵轴的截距分别为t1和B0（取向里的磁场方向为正），导线的电阻不计求0至2t1时间内（1）通过电阻R1上的电流大小和方向；（2）通过电阻R1上的电量q随练1、 匝数n1

19、00的圆形金属线圈的电阻R2，线圈与R12的电阻连结成闭合回路，其简化电路如图（a）所示，AB为线圈两端点。线圈的半径r115cm，在线圈中半径r210cm的圆形区域存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化的关系如图（b）所示。则下列说法正确的是()A.A点电势比B点电势低B.线圈中产生的感应电动势为4.5VC.R1两端电压为VD.02s内流过R1的电量为1.125C随练2、 如图甲，水平放置的平行金属导轨左边接有电阻R1.5，轨道相距0.4m且所在处有竖直向下的匀强磁场，磁场随时间的变化关系如图乙，金属棒ab横跨导轨两端，其电阻r0.5，金属棒与电阻R相距1m。若整个系统始

20、终处于静止状态，求：（1）当t0.1s时，通过金属棒ab的感应电流大小和方向。（2）当t0.1s时，金属棒ab受到的安培力的大小？随练3、多选题 空间存在一方向与纸面垂直、大小随时间变化的匀强磁场，其边界如图（a）中虚线MN所示。一硬质细导线的电阻率为、横截面积为S，将该导线做成半径为r的圆环固定在纸面内，圆心O在MN上。t0时磁感应强度的方向如图（a）所示；磁感应强度B随时间t的变化关系如图（b）所示。则在t0到tt1的时间间隔内（ ）A.圆环所受安培力的方向始终不变B.圆环中的感应电流始终沿顺时针方向C.圆环中的感应电流大小为D.圆环中的感应电动势大小为导体切割磁感线产生感应电动势的计算例

21、题1、 如图，导体棒AB长2R，绕O点以角速度沿逆时针方向匀速转动，OB为R，且OBA三点在一直线上，有一匀强磁场磁感应强度为B，充满转动平面且与转动平面垂直，那么AB两端的电势差大小为（ ）A.BR2B.2BR2C.4BR2D.6BR2例题2、 如图所示，平行金属导轨间距为d，一端跨接一阻值为R的电阻，匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直轨道所在平面，一根长直金属棒与轨道成60角放置，当金属以垂直棒的恒定速度v沿金属轨道滑行时，电阻R中的电流大小为_。（不计轨道与棒的电阻）例题3、 1831年10月28日，法拉第在一次会议上展示了他发明的圆盘发电机。它是利用电磁感应的原理制成的，是人类历史上的

22、第一台发电机。如图是圆盘发电机的示意图：铜盘安装在水平的铜轴上，它的边缘正好在两磁极之间，两块铜片C、D分别与转动轴和铜盘的边缘接触。设圆盘半径为r，人转动把手使铜盘以角速度山转动（图示方向：从左向右看为顺时针方向），电阻R中就有电流通过。（不考虑铜盘的电阻） （ ）A.圆盘边缘D点的电势低于C点电势B.电阻R中电流方向向下C.圆盘转动一周过程中，通过R的电荷量为D.人在转动圆盘的过程中所消耗的功率为随练1、多选题 人类研究发现：在北半球，地磁场的水平分量由南向北，竖直分量竖直向下北京平安大街上，某人骑车从东往西，则下列说法正确的是（ ）A.自行车左车把的电势比右车把的电势高B.自行车左车把的

23、电势比右车把的电势低C.图中辐条AB此时A端比B端的电势高D.图中辐条AB此时A端比B端的电势低随练2、 如图所示，一金属弯杆处在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场中，已知abbcL，当它以速度v向右平动时，a、c两点间的电势差为（ ）A.BLvB.BLvsinC.BLvcosD.BLv（1sin）随练3、多选题 粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框abcd置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线平面，其边界与正方形线框的边平行。现使线框以同样大小的速度沿四个不同方向（上、向下、向左、向右）分别平移出磁场，如图所示，则线框移出磁场的整个过程中（ ）A.四种情况下流过ab边的电流的方向都相同

24、B.四种情况下ab两端的电势差都相等C.四种情况下流过线框的电量都相等D.四种情况下磁场力对线框做的功率都不相等随练4、 如图所示，导体杆OQ在作用于OQ中点且垂直于OQ的力作用下，绕O轴沿半径为r的光滑的半圆形框架在匀强磁场中以一定的角速度转动，磁场的磁感应强度为B，方向垂直于框架平面，AO间接有电阻R，杆和框架电阻不计，回路中的总电功率为P，则（ ）A.外力的大小为B.外力的大小为C.导体杆旋转的角速度为D.导体杆旋转的角速度为随练5、 为了提高自行车夜间行驶的安全性，小明同学设计了一种“闪烁”装置如图所示，自行车后轮由半径r15.0102 m的金属内圈、半径r20.40 m的金属外圈和绝

25、缘幅条构成后轮的内、外圈之间等间隔地接有4跟金属条，每根金属条的中间均串联有一电阻值为R的小灯泡在支架上装有磁铁，形成了磁感应强度B0.10 T、方向垂直纸面向外的“扇形”匀强磁场，其内半径为r1、外半径为r2、张角后轮以角速度2 rad/s，相对转轴转动若不计其它电阻，忽略磁场的边缘效应(1)当金属条ab进入“扇形”磁场时，求感应电动势E，并指出ab上的电流方向；(2)当金属条ab进入“扇形”磁场时，画出“闪烁”装置的电路图；(3)从金属条ab进入“扇形”磁场时开始，经计算画出轮子一圈过程中，内圈与外圈之间电势差Uab随时间t变化的Uabt图象；(4)若选择的是“1.5 V、0.3 A”的小

26、灯泡，该“闪烁”装置能否正常工作？有同学提出，通过改变磁感应强度B、后轮外圈半径r2、角速度和张角等物理量的大小，优化前同学的设计方案，请给出你的评价通电自感和断电自感例题1、 如图所示电路中，A1、A2是两只相同的电流表，电感线圈L的直流电阻与电阻R阻值相等，下面判断正确的是()A.开关S接通的瞬间，电流表A1的读数大于A2的读数B.开关S接通的瞬间，电流表A1的读数小于A2的读数C.开关S接通电路稳定后再断开的瞬间，电流表A1的读数大于A2的读数D.开关S接通电路稳定后再断开的瞬间，电流表A1的读数小于A2的读数例题2、 在研究自感现象的实验中，用两个完全相同的灯泡A、B与自感系数很大的线

27、圈L和定值电阻R组成如图所示的电路（线圈的直流电阻可忽略，电源的内阻不能忽略），关于这个实验下面说法中正确的是（ ）A.闭合开关的瞬间，A、B一起亮，然后A熄灭B.闭合开关的瞬间，B比A先亮，然后B逐渐变暗C.闭合开关，待电路稳定后断开开关，B逐渐变暗，A闪亮一下然后逐渐变暗D.闭合开关，待电路稳定后断开开关，A、B灯中的电流方向均为从左向右随练1、多选题 如图所示，A、B是完全相同的两个小灯泡，L为自感系数很大、电阻可以忽略的带铁芯的线圈()A.电键S闭合瞬间，A、B同时发光，随后A灯变暗，B灯变亮，最后B比A更亮B.电键S闭合瞬间，B灯亮，A灯不亮C.断开电键S的瞬间，A、B灯同时熄灭D.

28、断开电键S的瞬间，B灯立即熄灭，A灯突然闪亮一下再熄灭随练2、 如图电路中，A、B是相同的两小灯泡。L是一个带铁芯线圈，电阻可不计。调节R，可使电路稳定时两灯都正常发光，则()A.合上S时，B立刻变亮，A慢慢变亮B.断开S时，B比A先到熄灭C.断开S时，通过A、B两灯的电流方向都与原电流方向相同D.断开S时，B灯会突然闪亮一下后再熄灭随练3、多选题 如图甲、乙所示的电路中，电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，且小于灯A的电阻，接通S，使电路达到稳定，灯泡A发光，则（ ）A.在电路甲中，断开S后，A将逐渐变暗B.在电路甲中，断开S后，A将先变得更亮，然后逐渐变暗C.在电路乙中，断开S后，A将逐渐变

29、暗D.在电路乙中，断开S后，A将先变得更亮，然后逐渐变暗电磁感应中的图像问题例题1、 如图所示，垂直纸面向里的匀强磁场的区域宽度为2a，磁感应强度的大小为B.一边长为a、电阻为4R的正方形均匀导线框ABCD从图示位置沿水平向右方向以速度v匀速穿过磁场区域，在下图中线框A、B两端电压与线框移动距离x的关系图象正确的是()A.B.C.D.例题2、 矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示。若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，下列各图中正确的是()A.B.C.D.例题3、 如图甲所示，一根电阻R4的导线

30、绕成半径d2m的圆，在圆内部分区域存在变化的匀强磁场，中间S形虚线是两个只将均为d的半圆，磁感应强度随时间变化如图乙所示（磁场垂直于纸面向外为正，电流逆时针方向为正），关于圆环中的电流时间图象，下列选项中正确的是（ ）A.B.C.D.随练1、 图中两条平行虚线之间存在匀强磁场，虚线间距离为l，磁场方向垂直纸面向里。abcd是位于纸面内梯形线圈，ad与bc间距离也为l。t0时刻，bc边与磁场区域边界重合，现令线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域。取沿abcda的感应电流为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流I随时间t变化图线可能是()A.B.C.D.随练2、多选题 如图

31、所示，为三个有界匀强磁场，磁感应强度大小均为B，方向分别垂直纸面向外、向里和向外，磁场宽度均为L，在磁场区域的左侧边界处，有一个置于光滑水平面上的边长为L的正方形导体线框，总电阻为R，且线框平面与磁场方向垂直，现用外力F使线框以v匀速穿过磁场区域，以初始位置为计时起点，规定电流沿逆时针方向时的电动势E为正，磁感线垂直纸面向里时的磁通量为正值，外力F向右为正，则以下能反映线框中的磁通量、感应电动势E、外力F和电功率P随时间变化规律图象的是（ ）A.B.C.D.随练3、多选题 如图所示，为三个有界匀强磁场，磁感应强度大小均为B，方向分别垂直纸面向外、向里和向外，磁场宽度均为L，在磁场区域的左侧边界

32、处，有一边长为L的正方形导体线框，总电阻为R，且线框平面与磁场方向垂直，现用外力F使线框以速度v匀速穿过磁场区域，以初始位置为计时起点，规定电流沿逆时针方向时的电动势E为正，外力F向右为正。则以下能反映感应电动势E和外力F随时间变化规律的图象是()A.B.C.D.拓展1、 如图所示为“研究电磁感应现象”的实验装置。闭合开关瞬间，发现灵敏电流计的指针向左偏转了一下。（1）闭合开关稳定后，将滑动变阻器的滑片向右滑动过程中，灵敏电流计的指针向_偏转（填“左”或“右”）；（2）闭合开关稳定后，将线圈A从线圈B抽出的过程中，灵敏电流计的指针向_偏转（填“左”或“右”）；（3）闭合开关稳定后，断开开关瞬间

33、，灵敏电流计的指针向_偏转（填“左”或“右”）。2、多选题 如图所示，直导线通入方向向上、逐渐增强的电流，关于下侧线圈说法正确的是（ ）A.线圈有扩张的趋势B.线圈有收缩的趋势C.线圈内产生顺时针的电流D.线圈内产生逆时针的电流3、 如图a、b都是很轻的铝环，环a是闭合的，环b是不闭合的，a、b环都固定在一根可以绕O点自由转动的水平细杆上，此时整个装置静止，下列说法中正确的是（ ）A.使条形磁铁N极垂直a环靠近a、a靠近磁铁B.使条形磁铁N极垂直a环远离a、a靠近磁铁C.使条形磁铁N极垂直b环靠近b、b靠近磁铁D.使条形磁铁N极垂直b环靠近b、b将不动4、 如图所示，一个圆形线圈的匝数为N，半

34、径为a，线圈平面与匀强磁场垂直，且一半处在磁场中。在t时间内，磁感应强度的方向不变，大小由B均匀地增大到2B在此过程中，线圈中产生的感应电动势为（ ）A.B.C.D.5、多选题 如图甲所示，abcd是匝数为100匝、边长为10cm、总电阻为0.1的正方形闭合导线圈，放在与线圈平面垂直的图示匀强磁场中，磁感应强度B随时间t的变化关系如图乙所示，则以下说法正确的是（ ）A.导线圈中产生的是大小和方向都不变的恒定电流B.在t2.5 s时导线圈产生的感应电动势为1 VC.在02 s内通过导线横截面的电荷量为20 CD.在t1 s时，导线圈内电流的瞬时功率为10 W6、 如图所示，在竖直向下的匀强磁场中

35、，将一水平放置的金属棒ab以水平速度v0抛出，设在整个过程中金属棒的方向不变且不计空气阻力，则金属棒运动过程中产生的感应电动势的大小变化情况应是（ ）A.越来越大B.越来越小C.保持不变D.无法判断7、多选题 如图所示是圆盘发电机的示意图：铜盘安装在水平的铜轴上，它的边缘正好在两磁极之间，两块铜片C、D分别与转动轴和铜盘的边缘接触若铜盘半径为L，匀强磁场的磁感应强度为B，回路的总电阻为R，从左往右看，铜盘以角速度沿顺时针方向匀速转动则：（ ）A.由于穿过铜盘的磁通量不变，故回路中无感应电流B.回路中感应电流大小不变，为C.回路中感应电流方向不变，为CDRCD.回路中有周期性变化的感应电流8、多

36、选题 如图，E为电池，L是电阻可忽略不计、自感系数足够大的线圈，D1、D2是两个规格相同且额定电压足够大的灯泡，S是控制电路的开关。对于这个电路，下列说法正确的是()A.刚闭合开关S的瞬间，通过D1、D2的电流大小相等B.刚闭合开关S的瞬间，通过D1、D2的电流大小不相等C.闭合开关S待电路达到稳定，D1、D2比原来更亮D.闭合开关S待电路达到稳定，再将S断开瞬间，D2立即熄灭，D1闪亮一下再熄灭9、多选题 如图所示，a，b灯分别标有“3.6V，2.5W”和“3.6V，4.0W”，闭合开关，调节R，能使a、b都正常发光断开开关后重做实验，则（ ）A.闭合开关，a将慢慢亮起来，b立即发光B.闭合

37、开关，a、b同时发光C.断开开关，a、b都逐渐熄灭D.断开开关，a逐渐熄灭，b灯闪亮一下再熄灭10、 如图所示，有一个等腰直角三角形的匀强磁场区域，其直角边长为L，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B一边长为L总电阻为R的正方形导线框abcd，从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域。取沿abcda的感应电流为正，则表示线框中电流i随bc边的位置坐标x变化的图象正确的是()A.B.C.D.11、 如图甲所示，光滑导轨水平放置在与水平方向夹角为60的斜向下的匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度B随时间t的变化规律如图乙所示（规定斜向下为正方向），导体棒ab垂直导轨放置，除电阻R的阻值外

38、，其余电阻不计，导体棒ab在水平外力F作用下始终处于静止状态规定ab的方向为电流的正方向，水平向右的方向为外力F的正方向，则在0t1时间内，能正确反映通过导体棒ab的电流i和导体棒ab所受水平外力F随时间t变化的图象是（ ）A.B.C.D.答案解析电磁感应现象、楞次定律电磁感应现象的判断例题1、【答案】 右；右；左【解析】 由题意可知当P向左加速滑动时，线圈A中的电流应越来越小，则其磁场减小，线圈B中产生了电流使指针向右偏转；故可知当B中的磁通量减小时，电流表指向右偏；线圈A向上拔出，穿过线圈B的磁通量减少，电流计指针向右偏转；若断开开关，穿过线圈B的磁通量减少，电流计指针向右偏转；P匀速向右

39、滑动，电阻增大，则电流也增大，导致通过线圈B的磁通量增大，电流计指针向左偏转。例题2、【答案】 D【解析】 A、将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，回路中没有磁通量的变化，不能产生感应电流，观察到电流表没有变化，故A错误；B、在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，回路中没有磁通量的变化，不能产生感应电流，观察到电流表没有变化，故B错误；C、将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁的过程中有感应电流产生，但是之后，再到相邻房间去观察时，回路中已经没有磁通量的变化，此时观察到的电流表没有变化，故C错误；D、绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电

40、或断电的瞬间，回路中的磁通量发生变化，能观察电流表的变化，故D正确故选：D随练1、【答案】 （1）向右偏；向左偏（2）A；断开开关【解析】 （1）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，说明穿过线圈的磁通量增加时，电流计指针向右偏，当合上开关后，将线圈A迅速插入线圈B时，穿过线圈的磁通量增大，电流计指针将向右偏；当接着将滑动变阻器的滑片迅速向左滑动时，穿过线圈的磁通量减小，电流计指针将向左偏。（2）在完成实验后未断开开关，也未把A、B两线圈和铁芯分开放置，在拆除电路时，线圈A中的电流突然减少，从而出现断电自感现象，线圈中会产生自感电动势，进而突然会被电击了一下，为了避免此现象，则在拆

41、除电路前应断开开关；随练2、【答案】 B【解析】 由已知，闭合开关瞬间，穿过线圈B的磁通量变大，电流计的指针向左偏；当线圈A拔出时，穿过线圈B的磁通量变小，电流计的指针向右偏，故A错误；当线圈A中的铁芯拔出时，穿过线圈在B的磁通量变小，电流计的指针向右偏，故B正确；当滑动变阻器的滑片向M滑动时，穿过线圈B的磁通量变小，电流计的指针向右偏；滑片向N滑动时，电流计指针向左偏，故CD错误随练3、【答案】 C【解析】 AB、由于磁场是匀强磁场，把线圈沿纸面向右拉动，或向下拉动，或垂直纸面向外运动，其磁通量均不变化，均无感应电流产生，故AB错误；C、当以ad为轴转动线圈时，其磁通量发生变化，故有感应电流

42、产生，故C正确；D、以中心O为轴，在纸面内转动时，线圈内的磁通量不变，没有感应电流产生，故D错误。楞次定律的理解及应用例题1、多选题【答案】 A C【解析】 暂无解析例题2、【答案】 D【解析】 当磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，原磁场方向向上，所以感应磁场方向向下，根据右手螺旋定则，拇指表示感应磁场的方向，四指弯曲的方向表示感应电流的方向，即通过电阻的电流方向为ba；根据楞次定律“来拒去留”可判断线圈对磁铁的作用是阻碍作用，故磁铁与线圈相互排斥，故D正确，ABC错误。例题3、【答案】 B【解析】 根据右手螺旋定则可知，MN处于ab产生的垂直向里的磁场中，MN在磁场力作用下向右运动，说明

43、MN受到的磁场力向右，由左手定则可知电流由M指向N，由楞次定律可知，线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；再由右手定则可知PQ可能是向左加速运动或向右减速运动故B正确，ACD错误故选：B随练1、【答案】 D【解析】 暂无解析随练2、多选题【答案】 A D【解析】 暂无解析随练3、【答案】 C【解析】 当条形磁铁插入导轨之间时，穿过导轨的磁通量增大，根据楞次定律判断出导轨中产生感应电流，产生磁场将会阻碍磁通量增大，故两棒向里靠近，减小穿过的面积，从而起到阻碍磁通量增大的作用因此不论条形磁铁是S极还是N极，磁铁插入导轨之间时，两棒靠近故C正确，ABD错误故选：C法拉第电磁感应定律及简

44、单应用法拉第电磁感应定律及简单应用例题1、【答案】 C【解析】 暂无解析例题2、【答案】 变大；逆时针；1【解析】 匀强磁场中，当线圈与磁场垂直时，磁通量BS，面积变大，故磁通量变大；根据楞次定律可知线圈中产生的感应电流方向为逆时针，根据法拉第电磁感应定律：，故nEt120.51Wb。例题3、【答案】 （1）；方向a到b（2）【解析】 （1），方向a到b；（2）。随练1、【答案】 C【解析】 AB、根据法拉第电磁感应定律；根据楞次定律，磁通量均匀增大，感应电流逆时针方向，A端接的电源正极，B端接的电源负极，因此A点电势比B点电势高，故AB错误；C、回路中的电流R1两端的电压为：，故C正确；D、

45、02s内流过R1的电量为：，故D错误。随练2、【答案】 （1）0.1A；方向由b向a（2）0.002N【解析】 （1）由法拉第电磁感应定律得：t0.1s时，感应电动势：感应电流：由楞次定律得ab中的感应电流由b向a。（2）由乙图可知t0.1s磁感应强度 B0.05T根据安培力的公式FBIL代入解得：F0.050.10.4N0.002N随练3、多选题【答案】 B C【解析】 AB、由楞次定律可知，在t0到tt1的时间间隔内感应电流始终沿瞬时针方向，由左手定则可知：0t0时间内圆环受到的安培力向左，t0t1时间内安培力向右，故A错误，B正确；CD、由电阻定律可知，圆环电阻：，由法拉第电磁感应定律可

46、知，感应电动势：，感应电流：，故C正确，D错误；导体切割磁感线产生感应电动势的计算例题1、【答案】 C【解析】 AB两端的电势差大小等于金属棒AB中感应电动势的大小，为：例题2、【答案】 【解析】 金属棒中产生的感应电动势为：通过R的电流为：。例题3、【答案】 C【解析】 暂无解析随练1、多选题【答案】 A D【解析】 骑车从东往西，车把切割地磁场的竖直分量，由右手定则知：左侧电势高；而辐条切割地磁场的水平分量，由右手定则知：A端电势较低。故AD正确，BC错误。随练2、【答案】 B【解析】 导体棒切割磁感线产生的感应电动势为EBLv其中L为切割磁感线的有效长度，本题中ab边不切割磁感线，bc边

47、切割的有效长度为：Lsin，所以ac两点间的电势差即为bc边切割产生的电动势为：EBLvsin故B正确，ACD错误。随练3、多选题【答案】 A C【解析】 A、四种情况线圈的磁通量均减小，根据楞次定律判断可知线圈中感应电流方向均为顺时针方向，所以流过ab边的电流的方向都相同。故A正确。B、设正方形线框边长为L，电阻为R，磁感应强度为B，则得：左边第一幅图中，ab两端的电势差为，第二幅图中，ab两端的电势差为，第三、四两幅图，ab两端的电势差均为，故B错误。C、由感应电荷量，可知流过线框的电量都相等。故C正确。D、安培力对线框做功的功率为，可知安培力对线框做功的功率都相等，故D错误。随练4、【答

48、案】 C【解析】 CD、导体棒切割磁场产生的感应电动势为：EBrvBr，由此可知感应电流为：，回路的总电功率为：，则导体杆旋转的角速度为：，故C正确，D错误；AB、杆匀速转动，外力做功全部转化为电功，外力功率等于电功率，有：，外力功率为：，解得：，故AB错误。随练5、【答案】 (1)感应电动势大小为4.9102 V，电流方向由b到a；(2)(3)(4)不能正常发光，B增大，E增大，但有限度；r增大，E增大，但有限度；增大，E增大，但有限度；增大，E不变【解析】 (1)金属条ab在匀强磁场中转动切割，由E得：感应电动势为E 4.9102 V根据右手定则判断可知电流方向由b到a；(2)ab边切割充

49、当电源，其余为外电路，且并联，其等效电路如图所示(3)设电路的总电阻为R总，根据电路图可知，ab两端电势差：设ab离开磁场区域的时刻t1，下一根金属条进入磁场的时刻t2s s 设轮子转一圈的时间为T，1 s 在T1 s内，金属条有四次进出，后三次与第一次相同由可画出如下Uabt图象(4)小灯泡不能正常工作，因为感应电动势E4.9102 V远小于灯泡的额定电压，因此闪烁装置不可能工作 B增大，E增大，但有限度；r增大，E增大，但有限度；增大，E增大，但有限度；增大，E不变通电自感和断电自感例题1、【答案】 B【解析】 暂无解析例题2、【答案】 B【解析】 暂无解析随练1、多选题【答案】 A D【

50、解析】 暂无解析随练2、【答案】 A【解析】 暂无解析随练3、多选题【答案】 A D【解析】 暂无解析电磁感应中的图像问题例题1、【答案】 D【解析】 暂无解析例题2、【答案】 D【解析】 由图可知，01s内，线圈中磁通量的变化率相同，故01s内电流的方向相同，由楞次定律可知，电路中电流方向为逆时针，即电流为负方向；同理可知，12s内电路中的电流为顺时针，23s内，电路中的电流为顺时针，34s内，电路中的电流为逆时针，由可知，电路中电流大小恒定不变。例题3、【答案】 A【解析】 01s，感应电动势为：感应电流大小为：由楞次定律知，感应电流为顺时针方向，为负方向，结合选项知A正确，BCD错误随练

51、1、【答案】 A【解析】 暂无解析随练2、多选题【答案】 A B D【解析】 B、当线圈进入第一个磁场时，由EBLv可知，E保持不变，由右手定则知，感应电动势沿逆时针方向，为正值；线框开始进入第二个和第三个磁场时，左右两边同时切割磁感线，感应电动势应为2BLv，感应电动势沿逆时针方向，为正值；完全在第三个磁场中运动时，左边切割磁感线，感应电动势为BLv，感应电动势沿逆时针方向，为正值，故B正确；C、因安培力总是与运动方向相反，故拉力应一直向右，故C错误；D、拉力的功率PFv，因速度不变，而在线框在第一个磁场时，电流为定值，拉力也为定值；两边分别在两个磁场中时，由B的分析可知，电流加倍，故安培力

52、加培，功率加倍；此后从第二个磁场中离开时，安培力应等于线框在第一个磁场中的安培力，故D正确；点睛：由线圈的运动可得出线圈中磁通量的变化；由则由法拉第电磁感应定律及EBLv可得出电动势的变化；由欧姆定律可求得电路中的电流，则可求得安培力的变化；由PFv可求得电功率的变化。随练3、多选题【答案】 A D【解析】 根据楞次定律判断可知，安培力阻碍导体与磁场间的相对运动，所以线框所受的安培力方向向左，由平衡条件得知外力方向一直向右，为正。t在时间内，线框通过左边的磁场，根据楞次定律判断可得感应电动势方向沿顺时针，为负值。产生的感应电动势为E1BLv，感应电流为，外力等于安培力，为；在时间内，线框从左边

53、磁场进入中间磁场，线框的左边和右边都产生磁感线产生感应电动势，根据楞次定律判断可得感应电动势方向沿逆时针，为正值。回路中总的感应电动势为E22BLv，感应电流为，外力等于安培力，为；在时间内，线框从中间磁场进入右边磁场，线框的左边和右边都产生磁感线产生感应电动势，根据楞次定律判断可得感应电动势方向沿顺时针，为负值。回路中总的感应电动势为E32BLv，感应电流为，外力等于安培力，为；在时间内，从右边磁场穿出，根据楞次定律判断可得感应电动势方向沿逆时针，为正值。产生的感应电动势为E4BLv，感应电流为，外力等于安培力，；所以根据数学知识可知，AD正确。拓展1、【答案】 （1）左（2）右（3）右【解

54、析】 由题意可知当穿过B的磁通量增大时，指针向左偏转，则可知当穿过B的磁通量减小时，指针应该向右偏转，则：（1）闭合开关稳定后，将滑动变阻器的滑片向右滑动过程中，A所在回路中的电阻减小，则A中的电流增大，磁场变强，穿过B的磁通量增大，故灵敏电流计的指针向左偏转；（2）闭合开关稳定后，将线圈A从线圈B抽出的过程中，B所在位置的磁场变弱，穿过B的磁通量减小，则可知灵敏电流计的指针向右偏转；（3）闭合开关稳定后，断开开关瞬间，A中的电流减小，穿过B的磁场变弱，穿过B的磁通量减小，故灵敏电流计的指针向右偏转。2、多选题【答案】 B D【解析】 暂无解析3、【答案】 B D【解析】 当条形磁铁N极垂直a

55、环靠近a时，穿过a环的磁通量增加，a环闭合产生感应电流，磁铁对a环产生安培力阻碍两者相对运动，a环将远离磁铁，故A错误4、【答案】 B【解析】 由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势：，故B正确，ACD错误5、多选题【答案】 C D【解析】 A、根据楞次定律可知，在02s内的感应电流方向与2s3s内的感应电流方向相反，即为交流电，故A错误；B、根据法拉第电磁感应定律，2.5s时的感应电动势等于2s到3s内的感应电动势，则有：，故B错误；CD、在02s时间内，感应电动势为：E11000.12V1V，再根据欧姆定律有：，在t1s时，线框内电流为10A，那么导线框内电流的瞬时功率为：PI2R1020.

56、110W，根据QIt解得：Q102C20C，故CD正确。6、【答案】 C【解析】 金属棒ab做平抛运动，其水平方向的分运动是匀速直线运动，水平分速度保持不变，等于v0由感应电动势公式EBlvsin，visv是垂直于磁感线方向的分速度，即是平抛运动的水平分速度，等于v0，则感应电动势EBlv0，B、l、v0均不变，则感应电动势大小保持不变。则C正确。7、多选题【答案】 B C【解析】 A、圆盘在外力作用下切割磁感线，从而产生感应电动势，出现感应电流，故A错误；BD、根据法拉第电磁感应定律，则有EBLVBL2，所以产生的电动势大小不变，感应电流大小不变，即为，故B正确，D错误；C、根据右手定则可知

57、，电流从D点流出，流向C点，因此电流方向为从D向R再到C，即为CDRC，故C正确。8、多选题【答案】 A D【解析】 AB、S闭合瞬间，由于自感线圈相当于断路，所以两灯是串联，电流相等，故A正确，B错误；C、S闭合稳定后，线圈相当于导线把灯1短路，灯D1熄灭，回路中总电阻减小，电流增大，D2比S刚闭合时亮，故C错误；D、S闭合稳定后再断开开关，D2立即熄灭，但由于线圈的自感作用，L相当于电源，与D1组成回路，D1要过一会在熄灭，故D正确。9、多选题【答案】 A C【解析】 暂无解析10、【答案】 C【解析】 bc边的位置坐标x在L2L过程，线框bc边有效切线长度为lxL，感应电动势为EBlvB（xL）v，感应电流，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿abcda，为正值。x在2L3L过程，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿adcba，为负值，线框ad边有效切线长度为lx2L，感应电动势为EBlvB（x2L）v，感应电流，根据数学知识知道C正确。11、【答案】 B【解析】 暂无解析