四川省南江中学2023届高三理科数学下学期五月适应性考试（一）试题（Word版附答案）.docx

1、四川省南江中学高2023届高三下学期五月适应性考试（一）数学试题（理科）考生注意：1本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分，共150分。考试时间120分钟。2请将各题答案填写在答题卡上。3本试卷主要考试内容：高考全部内容。第卷一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1已知集合，则（ ）A或BC或D2已知，则复数z在复平面内对应的点位于（ ）A第一象限B第二象限C第三象限D第四象限3的展开式中，含的项的系数是（ ）A40B40C80D804已知函数，若是偶函数，则a=（ ）A4B2C2D45已知某班共有学生46人，该班语文老师为

2、了了解学生每天阅读课外书籍的时长情况，决定利用随机数表法从全班学生中抽取10人进行调查将46名学生按01，02，46进行编号现提供随机数表的第7行至第9行：84 42 17 53 31 57 24 55 06 88 77 04 74 47 67 21 76 33 50 25 83 92 12 06 7663 01 63 78 59 16 95 56 67 19 98 10 50 71 75 12 86 73 58 07 44 39 52 38 7933 21 12 34 29 78 64 56 07 82 52 42 07 44 38 15 51 00 13 42 99 66 02 79 54

3、若从表中第7行第41列开始向右依次读取2个数据，每行结束后，下一行依然向右读数，则得到的第8个样本编号是（ ）A07B12C39D446在等比数列中，则（ ）A3B6C9D187已知函数是定义在上的奇函数，当，则不等式的解集是（ ）ABCD8已知椭圆的左、右顶点分别是A，B，O是坐标原点，在椭圆上，且，则的面积是（ ）AB4CD89已知函数在上恰有3个零点，则的取值范围是（ ）ABCD10设数列的前项和为，且，若恒成立，则的最大值是（ ）ABCD811已知三棱锥的所有顶点都在直径为10的球的表面上，则三棱锥的体积的最大值是（ ）ABCD12已知，则（ ）ABCD第卷二、填空题：本大题共4小题，

4、每小题5分，共20分把答案填在答题卡的相应位置13若单位向量，满足，则向量，夹角的余弦值为_14已知某生产线生产的某种零件的合格率是，该零件是合格品，则每件可获利10元，该零件不是合格品，则每件亏损15元若某销售商销售该零件10000件，则该销售商获利的期望为_万元15宋代是中国瓷器的黄金时代，涌现出了五大名窑：汝窑、官窑、哥窑、钧窑、定窑其中汝窑被认为是五大名窑之首如图1，这是汝窑双耳罐，该汝窑双耳罐可近似看成由两个圆台拼接而成，其直观图如图2所示已知该汝窑双耳罐下底面圆的直径是12厘米，中间圆的直径是20厘米，上底面圆的直径是8厘米，高是14厘米，且上、下两圆台的高之比是34，则该汝窑双耳

5、罐的侧面积是_平方厘米16已知双曲线的左、右焦点分别为，过的直线与双曲线的右支交于点M，O为坐标原点，过点作，垂足为，若，则双曲线的离心率是_三、解答题：共70分解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤1721题为必考题，每个试题考生都必须作答第22，23题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题：共60分17（12分）民族要复兴，乡村要振兴，合作社助力乡村产业振兴，农民专业合作社已成为新型农业经营主体和现代农业建设的中坚力量，为实施乡村振兴战略作出了巨大的贡献已知某主要从事手工编织品的农民专业合作社共有100名编织工人，该农民专业合作社为了鼓励工人，决定对“编织巧手”进行奖励，为研究“编织

6、巧手”是否与年龄有关，现从所有编织工人中抽取40周岁以上（含40周岁）的工人24名，40周岁以下的工人16名，得到的数据如表所示“编织巧手”非“编织巧手”总计年龄40岁19年龄40岁10总计40（1）请完成答题卡上的列联表，并判断能否有的把握认为是否是“编织巧手”与年龄有关；（2）为进一步提高编织效率，培养更多的“编织巧手”，该农民专业合作社决定从上表中的非“编织巧手”的工人中采用分层抽样的方法抽取6人参加技能培训，再从这6人中随机抽取2人分享心得，求这2人中恰有1人的年龄在40周岁以下的概率参考公式：，其中参考数据：0.100.050.0100.0012.7063.8416.63510.82

7、818（12分）在中，角A，B，C的对边分别是a，b，c，且（1）求的值；（2）若，D是线段上的一点，求的最小值19（12分）如图，在四棱锥中，平面平面，四边形是梯形，E，F分别是棱，的中点（1）证明：平面（2）若，求直线与平面所成角的正弦值20（12分）已知直线轴，垂足为轴负半轴上的点，点关于坐标原点的对称点为，且，直线，垂足为，线段的垂直平分线与直线交于点记点的轨迹为曲线（1）求曲线的方程（2）已知点，不过点的直线与曲线交于M，N两点，以线段为直径的圆恒过点，试问直线是否过定点？若是，求出该定点坐标；若不是，请说明理由21（12分）已知函数，（1）讨论的单调性；（2）已知是的导函数，若对任

8、意的，都有，求的取值范围（二）选考题：共10分请考生从第22，23两题中任选一题作答如果多做，则按所做的第一个题目计分22选修44：坐标系与参数方程（10分）在平面直角坐标系中，曲线的参数方程为（为参数），以坐标原点为极点，轴的正半轴为极轴建立极坐标系，直线的极坐标方程是（1）求曲线的直角坐标方程和直线的普通方程；（2）若，直线与曲线交于两点，是线段的中点，求的值23选修45：不等式选讲（10分）已知函数（1）当时，求不等式的解集；（2）若恒成立，求的取值范围数学试题参考答案（理科）1B 【解析】本题考查集合的补集，考查数学运算的核心素养由题意可得或，则2A 【解析】本题考查复数的运算，考查数

9、学运算的核心素养因为，所以复数在复平面内对应的点位于第一象限3C 【解析】本题考查二项式定理，考查数学运算的核心素养展开式的通项为令，得，则4A 【解析】本题考查函数的奇偶性，考查数学抽象的核心素养由题意可得因为是偶函数，所以，解得5D 【解析】本题考查抽样方法，考查数据分析的核心素养由题意可知得到的样本编号依次为12，06，01，16，19，10，07，44，39，38，则得到的第8个样本编号是446B 【解析】本题考查等比数列的性质，考查数学运算的核心素养因为，所以，解得，则7C 【解析】本题考查函数的奇偶性，考查逻辑推理的核心素养由题意可知在上单调递增，且，则不等式等价于或解得或8A 【

10、解析】本题考查椭圆，考查直观想象的核心素养设，则解得，故的面积是9A 【解析】本题考查三角函数的图象与性质，考查数形结合的数学思想由题意可得因为，所以，则，解得10B 【解析】本题考查等差数列与不等式，考查化归与转化的数学思想因为，所以，所以数列是常数列，则，从而，故因为恒成立，所以恒成立，即恒成立设，则，从而当时，当时，因为，所以的最小值是，即11C 【解析】本题考查三棱锥的外接球，考查直观想象的核心素养由题意可得的外接圆的半径为，则球心到平面的距离，故点到平面的最大距离因为，所以，即，所以，则的面积，故三棱锥的体积的最大值是12D 【解析】本题考查导数的应用，考查函数与方程的数学思想设，则

11、，从而在上单调递增，故，即设，则当时，则在上单调递增，故，即综上，13 【解析】本题考查平面向量，考查数学运算的核心素养设向量，的夹角为，因为，所以因为，所以，所以148.75 【解析】本题考查随机变量的期望，考查数据分析的核心素养由题意可得该销售商销售每件零件获利的期望是元，则该销售商销售该零件10000件，获利的期望为元，即8.75万元15 【解析】本题考查数学文化与立体几何，考查直观想象的核心素养如图，作，垂足为，作，垂足为，由题意可得，则，由题意可知，则，从而，故该汝窑双耳罐的侧面积为平方厘米16 【解析】本题考查双曲线的离心率，考查直观想象的核心素养由题意可知，则因为，所以，所以，则

12、在中，由余弦定理可得，即，整理得，即，解得17解：（1）年龄在40周岁以上（含40周岁）的非“编织巧手”有5人，年龄在40周岁以下的“编织巧手”有6人列联表如下：“编织巧手”非“编织巧手”总计年龄岁19524年龄岁61016总计251540由题中数据可得，因为，所以有的把握认为是否是“编织巧手”与年龄有关（2）由题意可得这6人中年龄在40周岁以上（含40周岁）的有2人，年龄在40周岁以下的有4人从这6人中随机抽取2人的情况有种，其中符合条件的情况有种，故所求概率评分细则：（1）在第（1）问中，直接补充完整列联表，没有计算过程，只要答案正确，不扣分；（2）在第（2）问中，算出40周岁以上（含40

13、周岁）和40周岁以下的人数，得2分，求出总的基本事件和符合条件的基本事件的个数，各得2分；（3）若用其他解法，参照评分标准按步骤给分18解：（1）因为，所以，所以，即，解得因为，所以（2）由余弦定理可得，则设的边上的高为因为的面积，所以因为是钝角，所以当时，垂足在边上，即的最小值是评分细则：（1）在第（1）问中，求出，得4分，没有说明，不扣分；（2）在第（2）问中，求出的边上的高，累计得10分，没有说明的最小值是边上的高，直接得出的最小值为，扣1分；（3）若用其他解法，参照评分标准按步骤给分19（1）证明：取的中点，连接，因为F，H分别是棱，的中点，所以因为平面，平面，所以平面因为E，H分别是

14、棱，的中点，所以因为平面，平面，所以平面因为，平面，且，所以平面平面因为平面，所以平面（2）解：以为坐标原点，分别以，的方向为x，y轴的正方向，垂直平面向上的方向为轴的正方向，建立如图所示的空间直角坐标系设，则，由余弦定理可得，则，从而，故，设平面的法向量为，则令，得设直线与平面所成的角为，则，即直线与平面所成角的正弦值为评分细则：（1）在第（1）问中，也可以连接，并延长交于，连接，易证是的中位线，从而得到，进而证出平面；（2）在第（2）问中，也可以先求出的长，再通过等体积法求出点到平面的距离，从而求出直线与平面所成角的正弦值为；（3）若用其他解法，参照评分标准按步骤给分20解：（1）由题意可

15、得，即点到点的距离等于点到直线的距离因为，所以的方程为，则点的轨迹是以为焦点，直线为准线的抛物线，故点的轨迹的方程为（2）由题意可知直线的斜率不为0，则设直线，联立整理得，则，从而，因为以线段为直径的圆恒过点，所以，即因为，所以，即，所以，即，即，所以，即或因为直线不经过点，所以，则直线满足题意，故直线过定点评分细则：（1）在第（1）问中，也可以设，再由，得到，从而得到点的轨迹的方程；（2）在第（2）问中，也可以设直线，得到直线过定点，再验证当直线的斜率不存在时，直线也过定点，从而得出直线过定点，若直线方程用斜截式表示，没有考虑斜率不存在的情况，扣1分；（3）若用其他解法，参照评分标准按步骤给

16、分21解：（1）由题意可得的定义域为，且令，则，当，即时，在上单调递增当，即或时，有两个根，若，则当时，单调递增，当时，单调递减；若，则当或时，单调递增，当时，单调递减综上，当时，在上单调递增，在上单调递减；当时，在上单调递增；当时，在和上单调递增，在上单调递减（2）对任意的，都有等价于对任意的，都有设，则若，当时，则在上单调递减，所以，不等式不恒成立，即不符合题意当时，设，则，当时，所以，则在上单调递增，即在上单调递增，且若，则，则存在，使得当时，则在上单调递减，则，不等式不恒成立，即不符合题意若，则，在上单调递增，故，即对任意的，不等式恒成立；当时，即对任意的，不等式恒成立，即符合题意综上

17、，的取值范围为评分细则：（1）在第（1）问中，只要分类讨论情况正确，没有把最后结果写在一起，不扣分；（2）在第（2）问中，将不等式转化为对任意的，都有并求导正确，得1分，讨论出的取值范围，累计得11分，漏掉最后一步，扣1分；（3）若用其他解法，参照评分标准按步骤给分22解：（1）由（为参数），得，即，则曲线的直角坐标方程为由，得，则直线的普通方程为（2）由题意可得直线的参数方程为（为参数）将直线的参数方程代人曲线的直角坐标方程，整理得设A，B，M对应的参数分别为，则，从而，故评分细则：（1）在第（1）问中，曲线的普通方程写成，不扣分；（2）在第（2）问中，先求出的值，再由点到直线的距离公式求出圆心到直线的距离，然后由两点之间的距离公式求出的值，从而求出的值，最后得到的值；（3）若用其他解法，参照评分标准按步骤给分23解：（1）因为，所以，则等价于当，即时，解得；当，即时，解得综上，不等式的解集为（2）恒成立等价于因为，所以，解得或，即的取值范围为评分细则：（1）在第（1）问中，也可以将不等式等价于不等式组从而求出不等式的解集，只要计算正确，不扣分；（2）在第（2）问中，最后结果没有写成集合或区间的形式，扣1分；