备战高考物理专项能力提升练习选修31第二章恒定电流（含解析）.docx

1、2019备战高考物理专项能力提升练习-选修3-1第二章-恒定电流（含解析）一、单选题1.如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑片向下滑动时，A、B两灯亮度的变化情况为()A.A灯和B灯都变亮B.A灯和B灯都变暗C.A灯变亮，B灯变暗D.A灯变暗，B灯变亮2.两个电阻R1、R2的电流I和电压U的关系如图所示若两个电阻R1、R2串联接在电路中，那么电阻R1、R2两端的电压之比U1：U2等于（ ） A.1：3B.3：1C.1： D.：13.图中S断开时，伏特表示数为6V，当S闭合后，ab间电压可能是（ ）A.11VB.10VC.9VD.8V4.下列关于信息化社会的说法不正确的是（） A.现代信息技术的三

2、大基础是信息的拾取、传输和处理B.传感器能代替、补充、延伸人的感觉器官功能C.日光灯的启动器利用了双金属传感器D.光敏电阻传感器无光照射时电路中电流大，有光照射时电路中电流小5.有三个阻值都是6k的电阻，把它们连成如图所示的混连电路，则连好的总电阻是（ ） A.6 kB.9kC.12 kD.18 k6.对欧姆定律公式的理解，下面哪一句话是错误的( ) A.对某一段导体来说，导体中的电流跟它两端的电压成正比B.在相同电压的条件下，不同导体中的电流跟电阻成反比C.导体中的电流既与导体两端的电压有关也与导体电阻有关D.因为电阻是导体本身的属性，所以导体中的电流只与导体两端电压有关，与电阻无关7.下列

3、说法正确的是（ ） A.只有体积很小的带电体才能看作点电荷B.电场强度是矢量，方向就是电荷在该点的受力方向C.电容器的电容跟它两极所加电压成反比，跟它所带电量成正比D.外电路断开时，电动势数值上等于电源两极的电压8.对于多用电表的使用，下列说法正确的是（ ） A.在粗略测定电池电动势时，可用直流电压挡直接测量B.在粗略测定电池内阻时，可用欧姆挡直接测量C.做电流表使用时与待测电路并联D.做电压表使用时与待测电路串联9.两根材料相同的导线，质量之比为21，长度之比为12，加上相同的电压后，通过的电流之比为() A.81B.41C.1 1D.1410.有两个灯泡，L1标有“220V，60W”，L2

4、标有“220V，40W”将它们串联后接在电源上，则（ ） A.路端电压为220伏时，L1、L2都不能正常发光B.路端电压为440伏时，L1、L2都能正常发光C.无论路端电压为多少伏，L1、L2都不可能正常发光D.无论路端电压为多少伏，L1肯定不能正常发光二、多选题11.如图所示电路中，当滑动变阻器的滑片P从a端向b端滑动时，以下判断正确的是（ ）A.电压表读数变大，通过灯L1的电流变大，灯L2变亮B.电压表读数变小，通过灯L1的电流变小，灯L2变亮C.电压表读数变小，通过灯L2的电流变大，灯L1变暗D.电压表读数变大，通过灯L2的电流变小，灯L1变暗12.美国科学家Willard S Boyl

5、e与George E Snith因电荷耦合器件（CCD）的重要发明获得2009年度诺贝尔物理学奖CCD是将光学量转变成电学量的传感器下列器件可作为传感器的有（ ） A.发光二极管B.热敏电阻C.霍尔元件D.干电池13.在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，平行板电容器C的两金属板水平放置，R1和R2为定值电阻，P为滑动变阻器R的滑动触头，G为灵敏电流表，A为理想电流表开关S闭合后，C的两板间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态在P向上移动的过程中，下列说法不正确的是（ ）A.A表的示数变大B.油滴向上加速运动C.G中有由a至b的电流D.电源的输出功率一定变大14.某同学用如

6、图所示电路测量一电阻丝的电阻Rx 他先闭合S1、断开S2 ， 调节R1和R2 ， 使电流表和电压表的读数合理，记下两电表的示数I1和U1；再保持R2不变，闭合S2 ， 记下两电表的示数I2和U2 ， 则（ ） A.Rx= B.Rx= C.被测电阻值大于真实值D.被测电阻值等于真实值15.如图所示的电路中，电源内阻为r，闭合电键，电压表示数为U，电流表示数为I；在滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中（ ）A.U先变大后变小B.I先变小后变大C.U与I的比值先变大后变小D.U的变化量的大小与I的变化量的大小的比值等于r三、填空题16.测得某导体的电阻是10，导体中的电流是0.2A，则60s

7、内通过导体的电量是_C ， 电流产生的热量是_J 17.一实验小组准备探究某种元件Q的伏安特性曲线，他们设计了如图1所示的电路图请回答下列问题：考虑电表内阻的影响，该元件电阻的测量值_（选填“大于”、“等于”或“小于”）真实值在电路图中闭合开关S，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑动片，总不能使电压表的示数调为零原因可能是图1中的_（选填a、b、c、d、e、f）处接触不良该实验小组将所测得的实验数据绘制成了如图2的IU图像，元件Q在U=0.8V时的电阻值是_将元件Q单独接在电动势E=2.0V，内阻r=4的电源上，则元件Q此时的电功率是_W（保留小数点后两位） 18.有一个小灯泡上标

8、有“4V，2W”的字样，现要描绘这个灯泡的伏安特性曲线有下列器材供选用：A电压表（05V，内阻约为10k）B电压表（010V，内阻约为20k）C电流表（00.3A，内阻约为l）D电流表（00.6A，内阻约为0.4）E滑动变阻器（10，2A）F学生电源（直流6V），还有电键、导线若干实验中所用电压表应选用_（填A或B），电流表应选用_（填C或D）实验时要求灯泡电压从零开始并尽量减小实验误差，请在方框内画出实验电路原理图_19.在传感器的应用实验的光控电路中，用发光二极管LED模仿路灯，RG为光敏电阻所示。当光敏电阻RG受到光照时，斯密特触发器的输出端Y出现电平_（填“高”或“低”）；当把光遮住时

9、，输入端A出现电平_（填“高”或“低”）；如果试验中发现天很暗时路灯还没点亮，应将可变电阻R1的阻值调_一些（填“大”或“小”）。20.设某型号的太阳能电池板的电动势为600V，短路电流为30A，则由此可以推知，该电池的内电阻为_；如果再将此电池与一个阻值为 20的电阻连成闭合电路，那么通过电池的电流为_A 21.一灵敏电流计，允许通过的最大电流（满偏电流）为Ig=50A，表头电阻Rg=1k，若改装成量程为Im=1mA的电流表，应_联的电阻阻值为_若将改装后的电流表再改装成量程为Um=10V的电压表，应再_联一个阻值为_的电阻（结果保留三位有效数字） 22.两根长度相同，横截面积之比S1：S2

10、=2：3的均匀铜导线按图所示接入电路，则两导线的电阻之比R1：R2=_，自由电子在两导线中定向移动时的速率之比=_ 四、解答题23.氢原子的核外只有一个电子，设电子在离原子核距离为R的圆轨道上做匀速圆周运动。已知电子的电荷量为e，运动速率为v，求电子绕核运动的等效电流多大？ 24.微型吸尘器的直流电动机的内阻一定，当加上0.4V的电压时，通过的电流为0.4A，此时电机不转当加在电动机两端的电压为2.5V时，电流为0.8A，这时电动机正常工作则吸尘器的机械功率为多少？ 五、实验探究题25.根据所学知识完成题目： （1）以下有关高中物理实验的一些描述中，正确的是 A.在“研究平抛运动”实验中，需要

11、用重锤线确定竖直方向B.在“用油膜法测分子直径的大小”的实验中应直接将纯油酸滴入水中C.在“用单摆测定重力加速度”实验中，如果摆长测量无误测得的g值偏小，其原因可能是将全振动的次数N误计为N1D.在“验证机械能守恒定律”的实验中，需要用天平测物体的质量E.在“用描迹法画出电场中平面上的等势线”的实验中，导电纸上形成的是两等量异种点电荷的静电场（2）某兴趣小组为了测量一待测电阻Rx的阻值，准备先用多用电表粗测出它的阻值，然后再用伏安法精确地测量实验室里准备了以下器材： A多用电表 B电压表Vl ， 量程3V，内阻约5kC电压表V2 ， 量程15V，内阻约25k D电流表Al ， 量程0.6A，内

12、阻约0.2E电流表A2 ， 量程3A，内阻约0.04 F电源，电动势E=4.5VG滑动变阻器Rl ， 最大阻值5，最大电流为3AH滑动变阻器R2 ， 最大阻值200，最大电流为1.5A I电键S、导线若干在用多用电表粗测电阻时，该兴趣小组首先选用“10”欧姆挡，其阻值如图甲中指针所示，为了减小多用电表的读数误差，多用电表的选择开关应换用_欧姆挡； 按正确的操作程序再一次用多用电表测量该待测电阻的阻值时，其阻值如图乙中指针所示，则Rx的阻值大约是_；在用伏安法测量该电阻的阻值时，要求尽可能准确，并且待测电阻的电压从零开始可以连续调节，则在上述提供的器材中电压表应选_；电流表应选_；滑动变阻器应选

13、_（填器材前面的字母代号）画出用伏安法测量该电阻的阻值时的实验电路图_ 六、综合题26.小明同学在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，为了更准确选取电压表和电流表的合适量程，决定先用多用电表测量小灯泡的阻值 （1）在使用前发现电表指针位置如下图甲所示，该同学应该调节哪个位置_（选“”或者“”）；（2）小明使用多用电表欧姆档的“10”档测量小灯泡电阻阻值，读数如图乙所示，为了更准确地进行测量，小明应该旋转开关至欧姆档_（填“100”档；或“1”档），两表笔短接并调节_（选“”或者“”）（3）按正确步骤测量时，指针指在如图丙位置，则小灯泡阻值的测量值为_答案解析部分一、单选题1.【答案】D 【考点

14、】全电路的功和能 【解析】【分析】滑片向下，则电阻变小，因此R与A的并联电阻变小，所以整个电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律，电源输出电流变大，因此B灯变亮。因为电流变大，所以B灯以及内阻r分得电压变多，因此A灯电压变小，所以A灯变暗，所以D正确。【点评】此类题型考察了根据闭合电路欧姆定律判断因为某个电阻变化而导致的总电流或电压重新分配问题。2.【答案】A 【考点】欧姆定律 【解析】【解答】解：由UI图象得出：由R= 可知： 故选：A【分析】根据欧姆定律 可知：IU图象中，图线斜率的倒数可以表示电阻，即R 然后代入相应的角度即可解答3.【答案】D 【考点】欧姆定律 【解析】【解答】解：S闭合

15、前，两个电阻串联，根据串联电压与电阻成正比得知，10电阻的电压为3V，则路端电压为3V+6V=9V；当S闭合后，10电阻被短路，外电路总电阻减小，电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小，则电压表读数应9V故D正确故选D【分析】S闭合前，两个电阻串联，根据串联电路的特点能求出10电阻的电压，得到电路电压；当S闭合后，10电阻被短路，外电路总电阻减小，路端电压减小，即可分析电压表读数的范围，进行选择4.【答案】D 【考点】传感器 【解析】【解答】A、传感器一定是通过非电学量转换成电学量来传递信号的，因此传感器也可以用来采集信息，现代信息技术的三大基础是信息的拾取、传输和处理，能代替、补充、延伸人

16、的感觉器官功能，故AB正确；C、日光灯的启动器利用金属随着温度的膨胀系数不同，运用双金属传感器，故C正确；D、光敏电阻在有光照射时，电阻会变小，故D错误；【分析】传感器作为一种将其它形式的信号与电信号之间的转换装置，在我们的日常生活中得到了广泛应用，不同传感器所转换的信号对象不同，我们应就它的具体原理进行分析5.【答案】B 【考点】串联电路和并联电路 【解析】【解答】解：两电阻并联后，总电阻R并= =3k； 并联电阻再与R串联，则最后的总电阻R并=3k+6k=9k；故选：B【分析】明确电路结构，根据串并联电路的规律进行分析，即可求得最后的总电阻6.【答案】D 【考点】电阻的测量 【解析】【分析

17、】由欧姆定律公式可知：导体中电流与导体两端的电压和导体的电阻有关.A、对某一段导体来说，导体中的电流跟它两端的电压成正比；正确，不选B、在相同电压的条件下，不同导体中的电流跟电阻成反比；正确，不选C、导体中的电流既与导体两端的电压有关也与导体电阻有关；正确，不选D、因导体中电流与导体两端的电压和导体的电阻决定的；则导体中的电流只与导体两端的电压有关，与导体的电阻无关；说法错误，应选故选D。【点评】注意对物理公式，不能像数学公式一样来分析，因为物理公式中的每个字母都代表一个特定的物理量，有其本身的物理意义。7.【答案】D 【考点】电场强度和电场线，电容器，电动势，点电荷 【解析】【解答】解：A、

18、带电体能否看作点电荷是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系，A不符合题意；B、电场强度是矢量，方向就是正电荷在该点的受力方向，而与负电荷在该点的受力方向相反，B不符合题意C、电容表征电容器容纳电荷本领大小，与两极所加电压、带电量无关，C不符合题意D、外电路断开时，电源的内电压为零，根据闭合电路欧姆定律可知电动势数值上等于电源两极的电压，D符合题意故答案为：D【分析】基本概念的 考察熟练掌握定义即可。8.【答案】A 【考点】电磁学实验 【解析】【解答】解：A、在粗略测定电池电动势时，电压表的内电阻可以近似看做无穷大，可用直流电压挡直接测量，故A正确；B、欧姆表内部有电池，所以不能测量电

19、池的内电阻，故B错误；C、电流表测量的是流过待测电阻的电流，所以要串联，可知多用电表作为电流表使用时与待测电路串联，故C错误；D、电压表测量的是电场中两端的电压，所以多用电表作为电压表使用时与待测电路并联，故D错误；故选：A【分析】电流表测量的是流过待测电阻的电流，所以要串联；而电压表需要并联；欧姆表不能测量电池的内电阻9.【答案】A 【考点】电阻定律 【解析】【解答】同种材料的导线体积之比等于质量比：V1V221，面积之比为 ，由 可得 ，加上相同电压，由 可得 ，所以A对。故选A【分析】本题考查电阻定律 的应用。10.【答案】A 【考点】欧姆定律，串联电路和并联电路 【解析】【解答】解：

20、A、由于串联电路的分压，则当路端电压为220伏时，L1、L2的电压都小于额定电压，所以都不能正常发光，故A正确B、由灯泡的铭牌可知，两灯泡的额定电压相等，L1的额定功率大于L2的额定功率，由P= 可知L2电阻大两个灯泡串联在电路中，假设都不被烧坏，则电流相等，电压与电阻成正比，则L1的电压小于L2的电压，当路端电压为440伏时，L2的电压将大于220V，不能正常发光，故B错误C、无论路端电压为多少伏，由于两个灯泡的额定电压相同，但由于它们的电阻不等，分担的电压不等，当L1的电压达到额定电压时，L2的电压将大于额定电压，将被烧坏；当L2的电压达到额定电压时能正常发光，L1的电压将小于额定电压，不

21、能正常发光，故C错误D、L1能达到额定电压，所以在一定条件下能正常发光，故D错误故选：A【分析】根据灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，根据P= 比较两灯泡电阻的大小关系，再根据串联电路中电压与电阻成正比，分析它们电压关系，判断能否正常发光二、多选题11.【答案】B,C 【考点】电路的动态变化分析 【解析】【解答】解：当滑动变阻器的滑片P从a端向b端滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流增大，通过灯L2的电流变大，则灯L2变亮电源的内电压和L2的电压增大，路端电压减小，则并联部分电压减小，电压表读数变小，通过灯L1的电流变小，灯L1变暗故BC正确

22、AD错误；故选：BC【分析】当滑动变阻器的滑片P从a端向b端滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，分析外电路总电阻的变化，由闭合电路欧姆定律分析干路电流和路端电压的变化，再由欧姆定律分析并联部分电压的变化，即可得到结论12.【答案】B,C 【考点】传感器 【解析】【解答】A、发光二极管两极达到一定电压时就会正向导通，所以不是传感器故A不正确；B、热敏电阻可以把温度转化为电学量，故B正确；C、而霍尔元件可以把磁场的磁感应强度转化为电学量，故C正确；D、干电池是电源，能给两极提供电势差的设备故D不正确；故选BC【分析】传感器是将非电学量转变成电学量，如力传感器是将力学量转变成电学量13.【答案】A,C

23、,D 【考点】电路的动态变化分析 【解析】【解答】解：粒子原来处于平衡状态，重力和静电力平衡；电容器与电阻R、电阻R2相并联后与R1串联，A、滑片向上移动，电阻R变大，电路总电阻变大，电流变小，则A表的示数变小，故A错误；B、电容器两端电压为：U=EI（r+R1），故电容器两端电压变大，带电量变大，电场力变大，粒子向上加速，故B正确；C、电容器充电，故电流从b到a，故C错误；D、根据当外电阻等于内电阻时，此时电源输出功率最大，虽外电阻在变大，但不知与内电阻的关系，因此无法确定输出功率的大小关系，故D错误本题选错误的，故选：ACD【分析】电容器与电阻R、电阻R2相并联后与R1串联，滑片移动，根据

24、电路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到导致电容器两端电压变化情况，最终判断油滴受力变化和运动情况14.【答案】BD 【考点】电阻的测量 【解析】【解答】解：A、先闭合S1 ， 断开S2 ， 调节R和RP ， 使电流表和电压表示数合理，记下两表示数为I1 ， U1；设电压表内阻为Rv ， 则 = + 再保持RP不变，闭合S2 ， 记下电流表和电压表示数为I2、U2 ， 则 = + + 解得：Rx= ，故A错误，B正确；C、由Rx的表达式可知，最终结果中并不涉及两个电表的内阻问题，故虽然电流表、电压表都不是理想电表，并不会影响电阻的测量值，故C错误，D正确；故选：BD【分析】A、本实验只有电流和电压

25、两种数据，应考虑部分电路欧姆定律，并结合电阻的计算公式解决C、看最后整理出的Rx的表达式中是否牵扯电流表和电压表的内阻，进而讨论此二表内阻带来的影响15.【答案】A,B,C 【考点】电路的动态变化分析 【解析】【解答】解：A、由图可知，滑动变阻器上下两部分并联，当滑片在中间位置时总电阻最大，则在滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中，滑动变阻器R1的电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律可知电流表示数先减小后增大，电压表测量路端电压，根据闭合电路欧姆定律可知，路端电压先变大后变小；故AB正确；C、U与I的比值就是接入电路的R1的电阻与R2的电阻的和，所以U与I比值先变大后变小，故ABC正

26、确；D、因电压表只测量一个支路的电流，而总电流的变化量应包括R中电流的变化，所以电压表示数与电流表示数变化的比值不等于r，故D错误；故选：ABC【分析】根据滑动变阻器滑片滑动时滑动变阻器阻值变化，确定电路外电阻的变化，再根据闭合电路欧姆定律得路端电压及各支路电流变化，可知电压表和电流表示数的变化；U与I的比值就是接入电路的R1的电阻与R2的电阻的和。三、填空题16.【答案】12；24 【考点】全电路的功和能 【解析】【解答】根据I= 知q=It=0.260C=12C根据焦耳定律Q=I2Rt知产生的热量Q=0.221060J=24J故答案为：12、24【分析】根据电流定义和焦耳定律解答17.【答

27、案】小于；f；16；0.21 【考点】欧姆定律 【解析】【解答】解：（1）电流表外接时，通过元件的电流值的测量值大于真实值，由欧姆定律可知，该元件的电阻的测量值小于真实值；（2）由题意可知，电流与电源应相连，不能调节到零说明滑动变阻器起不到分压作用，故应是f点接触不良造成的；（3）该实验小组将所测得的实验数据绘制成了如图2的IU图像，元件Q在U=0.8V时的电流为：I=0.05A，根据欧姆定律得：R= =16；（4）若将元件R与一个R0=4.0的电阻并联，再接至电动势E=1.5V、内阻r=2.0的 电源上，设元件上的实际电压和实际电流分别为U和I根据闭合电路欧姆定律得：E=U+Ir2=U+4I

28、这是一个直线方程，把该直线在元件的伏安特性曲线图上画出，如图所示这两条曲线的交点为：U=1.4V、I=0.15A，同时满足了电路结构和元件的要求，元件的实际功率为：P=UI=1.40.15=0.21W故答案为：（1）小于；（2）f；（3）16；（4）0.21【分析】（1）根据题意与表中实验数据确定滑动变阻器与电流表接法，然后连接实物电路图（2）根据实验电路图应用欧姆定律分析实验误差（3）根据欧姆定律求解（4）根据闭合电路欧姆定律，得到元件的实际电压与电流的关系式，在图上作出图像，此图像与元件的伏安特性曲线的交点，表示元件实际工作状态，读出交点的电压和电流，求出元件的实际功率18.【答案】A；D

29、；【考点】电磁学实验 【解析】【解答】解：（1）由新的规格“4V，2W”可知，额定电压U=4V，额定电流I= = =0.5A，所以电压表应选A，电流表应选D；（2）：由于电流表的内阻为已知的确定值，电流表采用内接法时能精确求出待测电阻的阻值，所以电流表应用内接法，又实验要求电流从零调，变阻器应用分压式接法，电路图如图所示：故答案为：（1）A，D；（2）如图所示； 【分析】（1）根据小灯泡的额定电压和额定电流的大小来选择电压表和电流表的量程；（2）根据电流表的内阻为已知的确定值时，电流表采用内接法时能精确求出待测电阻的阻值，所以电流表应用内接法，又要求电流从零调可知，变阻器应用分压式接法，即可画

30、出电路图19.【答案】高；低；小 【考点】门电路设计与应用 【解析】【解答】解:在传感器的应用实验的光控电路中，用发光二极管LED模仿路灯 ， RG为光敏电阻所示当光敏电阻RG受到光照时，其电阻值较小，斯密特触发器的输出端Y出现高电平；当把光遮住时，电阻比较大，光敏电阻两端的电势差比较大，输入端A出现高电平；如果试验中发现天很暗时路灯还没点亮，说明A点的电势仍然比较低，所以应将可变电阻R1的阻值调小一些。故答案为：高，低，小【分析】光敏电阻的电阻随光照增强而减小，天暗时，电阻比较大，光敏电阻两端的电势差比较大，则输入门电路为高电势，而另一输入端为低电势，最后灯亮；天亮时，光敏电阻比较小，则光敏

31、电阻两端的电势差比较小，则输入门电路为低电势，而另一输入端为低电势，灯熄灭。20.【答案】20；15 【考点】测电源电动势和内阻，欧姆定律，电动势 【解析】【解答】内阻 连接电阻后电路中电流为 故答案为：20 15【分析】由闭合电路的欧姆定律可求得电池的内电阻；同理可求得连接电阻后的电流21.【答案】并；52.6；串；9.95103 【考点】电磁学实验 【解析】【解答】解：把电流表改装成1mA的电流表需要并联电阻的阻值：R= = 52.6；改装后电流表内阻：Rg= = =50，把电流表改装成10V的电压表需要串联的电阻阻值：R= Rg= 50=9.95103；故答案为：并；52.6；串；9.9

32、5103 【分析】把电流表改装成大量程电流表需要并联分流电阻，把电流表改装成电压表需要串联分压电阻；应用串联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值22.【答案】3：2；3：2 【考点】欧姆定律 【解析】【解答】解：长度、材料均相同，横截面积之比为S1：S2=2：3，根据R= 可知，电阻之比 ， 电流的微观表达式I=nqvS，解得：v= ，串联电路电流相等，则自由电子在两导线中定向移动时的速率之比 故答案为：3：2；3：2【分析】根据影响电阻大小的因素以及串并联电路的作用进行分析，即导线的长度越长、横截面积越小以及电阻率越大，导线的电阻越大，根据电流的微观表达式I=nqvS求解速率之比四、解答题23

33、.【答案】解：取电子运动轨道上任一截面，在电子运动一周的时间T内，通过这个截面的电量qe，由圆周运动的知识有：T 根据电流的定义式得：I= 【考点】电流的概念 【解析】【分析】根据电流的定义，电流的大小等于单位时间内通过导体横截面积的电荷量的大小，所以利用其公式I=，即可得出结论。24.【答案】解：当电机不转时，由欧姆定律得电机的电阻为：R= ，当电机正常工作时，电机的发热功率为：P热= =0.821W=0.64W电机输出的功率为：P出=U2I2P热=2.50.80.64=1.36W答：吸尘器的机械功率为1.36W 【考点】电功率和电功，欧姆定律 【解析】【分析】电机不转时，其电路是纯电阻电路

34、，由欧姆定律求出其电阻当电机正常工作时，根据能量守恒定律求出电机输出的功率五、实验探究题25.【答案】（1）AC（2）1；9；B；D；G；【考点】欧姆表的原理，电阻的测量 【解析】【解答】解：（1）A、在“研究平抛运动”实验中，必须让物体在竖直平面内运动，所以由重锤线来确定方向故A正确； B、在“用油膜法测分子直径的大小”的实验中不能直接将纯油酸滴入水中，否则看不见油膜故B错误；C、在“用单摆测定重力加速度”实验中，若摆长测量无误测得的g值偏小，其原因可能是将全振动的次数N误计为N1故C正确；D、在“验证机械能守恒定律”的实验中，可要也可不需要用天平测物体的质量，守恒等式两边均有质量故D错误；

35、E、在“用描迹法画出电场中平面上的等势线”的实验中，导电纸上形成的是正负极电压形成的电场，故E错误；（2）先选用“10”欧姆挡，其阻值如图甲中指针读数大小，只有减小倍率，从而使指针读数变大从图乙中指针所示，Rx的阻值大约是9待测电阻的电压从零开始可以连续调节，则伏安法测电阻时，滑动变阻器是以分压式接入电路由于电源的电动势E=4.5V所以选择电压表B的电压量程为3V虽可能存在安全隐患，总比不准确要强而待测电阻约为9，所以电流表的量程为0.6A较准确，故选电流表D由于待测电阻约为9，所以滑动变阻器要选择小电阻，滑片滑动才能起到变压的作用故滑动变阻器选用G待测电阻的阻值相对电流表及电压表的阻值偏小，

36、故电流表选用外接法所以电路图如下图所示故答案为：（1）AC （2）19 B、D、G 如图所示【分析】为了测量一待测电阻Rx的阻值，先用殴姆表粗略测量出待测电阻的阻值，后根据待测电阻的阻值利用伏安测电阻来确定待测电阻用内接法还是外接法六、综合题26.【答案】（1）（2）1；（3）28 【考点】电磁学实验 【解析】【解答】解：（1）由图甲可知，电表指针没有指在左侧零刻度处，故应进行机械调零，故应用螺丝刀调节旋钮；（2）由图乙可知，测量电阻时指针偏转较大，表盘上示数偏小，则说明所选档位太大，故应换用小档位，故选：1；同时每次换档后均应进行欧姆调零，故将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮使指针指到右侧零刻度处；（3）由图可知，电阻R=281=28；故答案为：（1）；（2）1，；（3）28【分析】（1）明确多用电表的使用方法，知道在使用前应观察指针是否在左侧零刻度处，如不在应进行机械调零；（2）用欧姆表测电阻时，欧姆表指针应指在欧姆表刻度盘中央附近，根据待测电阻阻值选择合适的挡位，并进行欧姆调零；（3）根据指针位置得出读数，再乘以档位即可得出最终的读数