《优教通同步备课》高中数学（北师大版）必修五教案：1.1 要点讲解：数列.doc

1、数 列一、高考要求1 理解数列的有关概念，了解递推公式是给出数列的一种方法，并能根据递推公式写出数列的前n项.2 理解等差（比）数列的概念，掌握等差（比）数列的通项公式与前n项和的公式. 并能运用这些知识来解决一些实际问题.3 了解数学归纳法原理，掌握数学归纳法这一证题方法，掌握“归纳猜想证明”这一思想方法.二、热点分析1.数列在历年高考中都占有较重要的地位，一般情况下都是一个客观性试题加一个解答题，分值占整个试卷的10%左右.客观性试题主要考查等差、等比数列的概念、性质、通项公式、前n项和公式、极限的四则运算法则、无穷递缩等比数列所有项和等内容，对基本的计算技能要求比较高，解答题大多以考查数

2、列内容为主，并涉及到函数、方程、不等式知识的综合性试题，在解题过程中通常用到等价转化，分类讨论等数学思想方法，是属于中高档难度的题目.2.有关数列题的命题趋势（1）数列是特殊的函数，而不等式则是深刻认识函数和数列的重要工具，三者的综合求解题是对基础和能力的双重检验，而三者的求证题所显现出的代数推理是近年来高考命题的新热点（2）数列推理题是新出现的命题热点.以往高考常使用主体几何题来考查逻辑推理能力，近两年在数列题中也加强了推理能力的考查。（3）加强了数列与极限的综合考查题3.熟练掌握、灵活运用等差、等比数列的性质。等差、等比数列的有关性质在解决数列问题时应用非常广泛，且十分灵活，主动发现题目中

3、隐含的相关性质，往往使运算简洁优美.如，可以利用等比数列的性质进行转化：从而有，即.4.对客观题，应注意寻求简捷方法解答历年有关数列的客观题，就会发现，除了常规方法外，还可以用更简捷的方法求解.现介绍如下：借助特殊数列.灵活运用等差数列、等比数列的有关性质，可更加准确、快速地解题，这种思路在解客观题时表现得更为突出，很多数列客观题都有灵活、简捷的解法5.在数列的学习中加强能力训练数列问题对能力要求较高，特别是运算能力、归纳猜想能力、转化能力、逻辑推理能力更为突出.一般来说，考题中选择、填空题解法灵活多变，而解答题更是考查能力的集中体现，尤其近几年高考加强了数列推理能力的考查，应引起我们足够的重

4、视.因此，在平时要加强对能力的培养。6这几年的高考通过选择题，填空题来着重对三基进行考查，涉及到的知识主要有：等差（比）数列的性质. 通过解答题着重对观察、归纳、抽象等解决问题的基本方法进行考查，其中涉及到方程、不等式、函数思想方法的应用等，综合性比较强，但难度略有下降.三、复习建议1 对基础知识要落实到位，主要是等差（比）数列的定义、通项、前n项和.2 注意等差（比）数列性质的灵活运用.3 掌握一些递推问题的解法和几类典型数列前n项和的求和方法.4 注意渗透三种数学思想：函数与方程的思想、化归转化思想及分类讨论思想.5 注意数列知识在实际问题中的应用，特别是在利率,分期付款等问题中的应用.6

5、 数列是高中数学的重要内容之一，也是高考考查的重点。而且往往还以解答题的形式出现，所以我们在复习时应给予重视。近几年的高考数列试题不仅考查数列的概念、等差数列和等比数列的基础知识、基本技能和基本思想方法，而且有效地考查了学生的各种能力。四、典型例题【例1】 已知由正数组成的等比数列，若前项之和等于它前项中的偶数项之和的11倍，第3项与第4项之和为第2项与第4项之积的11倍，求数列的通项公式.解：q=1时，又显然，q1 依题意；解之又，依题意，将代入得 【例2】 等差数列an 中，=30，=15，求使an0的最小自然数n。解：设公差为d，则或或或 解得： a33 = 30 与已知矛盾 或 a33

6、 = - 15 与已知矛盾或a33 = 15 或 a33 = - 30 与已知矛盾an = 31+(n - 1) () 31 0 n63 满足条件的最小自然数为63。【例3】 设等差数列a的前n项和为S，已知S4=44,S7=35（1）求数列a的通项公式与前n项和公式；（2）求数列的前n项和Tn。解：（1）设数列的公差为d，由已知S4=44,S7=35可得a1=17,d=-4a=-4n+21 (nN),S=-2n+19 (nN).（2）由a=-4n+210 得n, 故当n5时，a0, 当n6时，当n5时,T=S=-2n+19n 当n6时,T=2S5-S=2n-19n+90.【例4】 已知等差数

7、列的第2项是8，前10项和是185，从数列中依次取出第2项，第4项，第8项，第项，依次排列一个新数列，求数列的通项公式及前n项和公式。解：由 得 【例5】 已知数列1，1，2它的各项由一个等比数列与一个首项为0的等差数列的对应项相加而得到。求该数列的前n项和Sn；解：(1)记数列1，1，2为An，其中等比数列为an，公比为q；等差数列为bn，公差为d，则An =an +bn (nN）依题意，b1 =0，A1 =a1 +b1 =a1 =1 A=a+b=aq+b+d=1 A=a+b=aq2 +b+2d=2 由得d=-1, q=2, 【例6】 已知数列满足an+Sn=n,(1)求a1,a2,a3,由

8、此猜想通项an,并加以证明。解法1：由an+Sn=n,当n=1时，a1=S1，a1+a1=1，得a1=当n=2时，a1+a2=S2，由a2+S2=2，得a1+2a2=2，a2=当n=3时，a1+a2+a3=S3，由a3+S3=3，得a1+a2+2a3=3a3=猜想，(1)下面用数学归纳法证明猜想成立。当n=1时,a1=1-,(1)式成立假设,当n=k时,(1)式成立,即ak=1-成立，则当n=k+1时,ak+1+Sk+1=k+1,Sk+1=Sk+ak+12ak+1=k+1-Sk 又ak=k+Sk2ak+1=1+ak ak+1=即当n=k+1时,猜想（1）也成立。所以对于任意自然数n,都成立。解法2：由an+Sn=n得，两式相减得：，即，即，下略