2021届高三新高考数学人教A版一轮复习教学案：第四章第6节 第二课时　解三角形的综合应用 WORD版含解析.doc

1、第二课时解三角形的综合应用考点一解三角形的实际应用多维探究角度1测量距离问题【例11】 如图，为了测量两座山峰上P，Q两点之间的距离，选择山坡上一段长度为300 m且和P，Q两点在同一平面内的路段AB的两个端点作为观测点，现测得PAB90，PAQPBAPBQ60，则P，Q两点间的距离为_ m.解析由已知，得QABPABPAQ30，又PBAPBQ60，AQB30，ABBQ.又PB为公共边，PABPQB，PQPA.在RtPAB中，APABtan 60900，故PQ900，P，Q两点间的距离为900 m.答案900规律方法距离问题的类型及解法：(1)类型：两点间既不可达也不可视，两点间可视但不可达，

2、两点都不可达.(2)解法：选择合适的辅助测量点，构造三角形，将问题转化为求某个三角形的边长问题，从而利用正、余弦定理求解.角度2测量高度问题【例12】 如图，测量河对岸的塔高AB时可以选与塔底B在同一水平面内的两个测点C与D，测得BCD15，BDC30，CD30，并在点C测得塔顶A的仰角为60，则塔高AB等于()A.5 B.15 C.5 D.15解析在BCD中，CBD1801530135.由正弦定理得，所以BC15.在RtABC中，ABBCtan ACB1515.答案D规律方法1.在测量高度时，要理解仰角、俯角的概念，仰角和俯角都是在同一铅垂面内，视线与水平线的夹角.2.准确理解题意，分清已知

3、条件与所求，画出示意图.3.运用正、余弦定理，有序地解相关的三角形，逐步求解问题的答案，注意方程思想的运用.角度3测量角度问题【例13】 已知岛A南偏西38方向，距岛A3海里的B处有一艘缉私艇.岛A处的一艘走私船正以10海里/时的速度向岛屿北偏西22方向行驶，问缉私艇朝何方向以多大速度行驶，恰好用0.5小时能截住该走私船？解如图，设缉私艇在C处截住走私船，D为岛A正南方向上一点，缉私艇的速度为每小时x海里，则BC0.5x，AC5，依题意，BAC1803822120，由余弦定理可得BC2AB2AC22ABACcos 120，所以BC249，所以BC0.5x7，解得x14.又由正弦定理得sinAB

4、C，所以ABC38，又BAD38，所以BCAD，故缉私艇以每小时14海里的速度向正北方向行驶，恰好用0.5小时截住该走私船.规律方法1.测量角度问题的关键是在弄清题意的基础上，画出表示实际问题的图形，并在图形中标出有关的角和距离，再用正弦定理或余弦定理解三角形，最后将解得的结果转化为实际问题的解.2.方向角是相对于某点而言的，因此在确定方向角时，必须先弄清楚是哪一个点的方向角.【训练1】 (1)(角度1)江岸边有一炮台高30 m，江中有两条船，船与炮台底部在同一水平面上，由炮台顶部测得俯角分别为45和60，而且两条船与炮台底部连线成30角，则两条船相距_m.(2)(角度2)如图，一辆汽车在一条

5、水平的公路上向正西行驶，到A处时测得公路北侧一山顶D在西偏北30的方向上，行驶600 m后到达B处，测得此山顶在西偏北75的方向上，仰角为30，则此山的高度CD_m. (3)(角度3)如图，两座相距60 m的建筑物AB，CD的高度分别为20 m，50 m，BD为水平面，则从建筑物AB的顶端A看建筑物CD的张角CAD等于()A.30 B.45 C.60 D.75解析(1)如图，设炮台的顶部为A，底部为O，两只小船分别为M，N，则由题意得，OMAOtan 4530(m)，ONAOtan 303010(m)，在MON中，由余弦定理得，MN10(m).(2)由题意，在ABC中，BAC30，ABC180

6、75105，故ACB45.又AB600 m，故由正弦定理得，解得BC300(m).在RtBCD中，CDBCtan 30300100(m).(3)依题意可得AD20 m，AC30 m，又CD50 m，所以在ACD中，由余弦定理得cosCAD，又0CAD180，所以CAD45，所以从顶端A看建筑物CD的张角为45.答案(1)10(2)100(3)B考点二解三角形与三角函数的综合应用【例2】 (2019石家庄二模)已知函数f(x)2sin x(cos xsin x)1，xR.(1)求曲线yf(x)的对称中心；(2)在锐角三角形ABC中，a，b，c分别是内角A，B，C的对边，且f2，a3，若bcka恒

7、成立，求正整数k的最小值.解(1)由题意得，f(x)2sin xcos x2sin2x1sin 2xcos 2x2sin.令2xk(kZ)，得x(kZ).曲线yf(x)的对称中心为，其中kZ.(2)f2，2sin2，sin1，又A，A，解得A.由正弦定理，得(sin Bsin C)sin(AC)sin C2sin.在锐角三角形ABC中，C，C，sin.于是2，k2，正整数k的最小值为2.规律方法解三角形与三角函数的综合应用主要体现在以下两方面：(1)利用三角恒等变换化简三角函数式进行解三角形；(2)解三角形与三角函数图象和性质的综合应用.【训练2】 (2020湖南炎德、英才大联考)设f(x)s

8、in xsincos.(1)求函数f(x)的最小正周期和单调递减区间；(2)若锐角ABC中，A，B，C的对边分别为a，b，c，且f(A)，a2，b，求角C及边c.解(1)f(x)sin xsincossin xsin xcos xcos xsin xsin xcos xsin.f(x)的最小正周期T2.由2kx2k(kZ)，解得2kx2k(kZ)，故f(x)的单调递减区间是(kZ).(2)在锐角ABC中，f(A)，sin，即sin1.由0A，得A.a2，b，由正弦定理得sin B.由0B，得B.故CAB.则c2a2b22abcos C4622cos 10442，故c1.考点三正、余弦定理在平面

9、几何中的应用【例3】 (2020河南、河北重点中学联考)如图，在ABC中，内角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知c4，b2，2ccos Cb，D，E分别为线段BC上的点，且BDCD，BAECAE.(1)求线段AD的长；(2)求ADE的面积.解(1)因为c4，b2，2ccos Cb，所以cos C.由余弦定理得cos C，所以a4，即BC4.在ACD中，CD2，AC2，所以AD2AC2CD22ACCDcosACD6，所以AD.(2)因为AE是BAC的平分线，所以2，又，所以2，所以CEBC，DEDCEC2.又因为cos C，所以sin C.又SADESACDSACEACCDsin CACEC

10、sin CAC(CDEC)sin CDEACsin C.即ADE的面积为.规律方法平面几何中解三角形问题的求解思路(1)把所提供的平面图形拆分成若干个三角形，然后在各个三角形内利用正弦、余弦定理求解.(2)寻找各个三角形之间的联系，交叉使用公共条件，求出结果.提醒做题过程中，要用到平面几何中的一些知识点，如相似三角形的边角关系、平行四边形的一些性质，要把这些性质与正弦、余弦定理有机结合，才能顺利解决问题.【训练3】 (2019广州一模)ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知ccos Acsin Aba.(1)求角C的大小；(2)若D在边BC上，且BD3DC，cos B，SABC10

11、，求AD.解(1)由已知及正弦定理，得sin Ccos Asin Csin Asin Bsin A.又ABC，所以sin Bsin(AC)，所以sin Ccos Asin Csin Asin(AC)sin A，则sin Ccos Asin Csin Asin Acos Ccos Asin Csin A，即sin Csin Asin Acos Csin A.因为sin A0，所以sin Ccos C1，即sin.因为0C0).因为SABC10，所以SABCabsin C8t5t10，解得t1，即a8，b5，c7.因为BD3DC，所以BD6，DC2.在ADC中，由余弦定理，得AD2CD2CA22C

12、DCAcos C19，所以AD.A级基础巩固一、选择题1.在相距2 km的A，B两点处测量目标点C，若CAB75，CBA60，则A，C两点之间的距离为()A. km B. km C. km D.2 km解析如图，在ABC中，由已知可得ACB45，AC2(km).答案A2.在ABC中，内角A，B，C的对边分别为a，b，c，若，则这个三角形必含有()A.90的内角 B.60的内角C.45的内角 D.30的内角解析由得cos AA60.答案B3.一艘海轮从A处出发，以每小时40海里的速度沿南偏东40的方向直线航行，30分钟后到达B处，在C处有一座灯塔，海轮在A处观察灯塔，其方向是南偏东70，在B处观

13、察灯塔，其方向是北偏东65，那么B，C两点间的距离是()A.10海里 B.10海里C.20海里 D.20海里解析如图所示，易知，在 ABC中，AB20，CAB30，ACB45，在ABC中，根据正弦定理得，解得BC10(海里).答案A4.在ABC中，内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，已知(abc)(abc)3ab，且c4，则ABC面积的最大值为()A.8 B.4 C.2 D.解析由已知等式得a2b2c2ab，则cos C.由C(0，)，所以sin C.又16c2a2b2ab2ababab，则ab16，当且仅当ab4时等号成立，所以SABCabsin C164.故Smax4.故选B.答案B5

14、.如图，从气球A上测得正前方的河流的两岸B，C的俯角分别为75，30，此时气球的高是60 m，则河流的宽度BC等于()A.240(1)m B.180(1)mC.120(1)m D.30(1)m解析如图，ACD30，ABD75，AD60 m，在RtACD中，CD60(m)，在RtABD中，BD60(2)(m)，BCCDBD6060(2)120(1)(m).答案C二、填空题6.(多填题)如图，在ABC中，B45，D是BC边上一点，AD5，AC7，DC3，则sin C_，AB_.解析在ACD中，由余弦定理可得cos C，则sin C.在ABC中，由正弦定理可得，则AB.答案7.已知ABC中，AC4，

15、BC2，BAC60，ADBC于点D，则的值为_.解析在ABC中，由余弦定理可得BC2AC2AB22ACABcos BAC，即2816AB24AB，解得AB6(AB2，舍去)，则cos ABC，BDABcos ABC6，CDBCBD2，所以6.答案68.在ABC中，内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，如果ABC的面积等于8，a5，tan B，那么_.解析tan B，sin B，cos B，又SABCacsin B2c8，c4，b，.答案三、解答题9.(2020武汉检测)已知向量m(cos x，1)，n.(1)当mn时，求的值；(2)已知钝角三角形ABC中，A为钝角，角A，B，C的对边分别为a

16、，b，c，且c2asin(AB).若函数f(x)m2n2，求f(A)的值.解(1)当mn时，有cos xsin x0，即tan x.所以3.(2)因为在ABC中，c2asin(AB)，所以由正弦定理及诱导公式，得sin C2sin Asin C.又C(0，)，所以sin C0，所以sin A.又A为钝角，所以A.因为函数f(x)m2n2cos2x1sin2xcos 2x，所以f(A)cos .10.如图，在锐角ABC中，sin BAC，sin ABC，BC6，点D在边BC上，且BD2DC，点E在边AC上，且BEAC，BE交AD于点F.(1)求AC的长；(2)求cos DAC及AF的长.解(1)

17、在锐角ABC中，sin BAC，sin ABC，BC6，由正弦定理可得，所以AC5.(2)由sin BAC，sin ABC，可得cos BAC，cos ABC，所以cos Ccos(BACABC)cos BACcos ABCsin BACsin ABC.因为BEAC，AC5，所以CEBCcos C6，AEACCE.在ACD中，AC5，CDBC2，cos C，由余弦定理可得AD，所以cosDAC.由BEAC，得AFcos DACAE，所以AF.B级能力提升11.在ABC中，a2b2c22absin C，则ABC的形状是()A.不等腰的直角三角形B.等腰直角三角形C.钝角三角形D.正三角形解析易知

18、a2b2c2a2b2a2b22abcos C2absin C，即a2b22absin，由于a2b22ab，当且仅当ab时取等号，所以2absin2ab，sin1，故只能ab且C，所以ABC为正三角形.答案D12.(2020安徽A10联盟联考)如图，在ABC中，BDsin BCDsin C，BD2DC2，AD2，则ABC的面积为()A. B. C.3 D.3解析过点D分别作AB和AC的垂线，垂足分别为E，F.由BDsin BCDsin C得DEDF，则AD为BAC的平分线，2，又cos ADBcos ADC0，即，解得AC2，则AB4.在ABC中，cos BAC，sin BAC，SABCABAC

19、sin BAC.答案B13.某人为测出所住小区的面积，进行了一些测量工作，最后将所住小区近似地画成如图所示的四边形，测得的数据如图所示，则该图所示的小区的面积是_km2.解析如图，连接AC，由余弦定理可知AC，故ACB90，CAB30，DACDCA15，ADC150，由，得AD，故S四边形ABCDSABCSADC1(km2).答案14.如图，在四边形ABCD中，DAB，ADAB23，BD，ABBC.(1)求sinABD的值；(2)若BCD，求CD的长.解(1)ADAB23，可设AD2k，AB3k(k0).又BD，DAB，由余弦定理，得()2(3k)2(2k)223k2kcos，解得k1，AD2，AB3，sinABD.(2)ABBC，cosDBCsinABD，sinDBC，在DCB中，由正弦定理，得CD.C级创新猜想15.(新背景题)我国南宋著名数学家秦九韶在他的著作数书九章卷五“田域类”里记载了这样一个题目：“今有沙田一段，有三斜，其小斜一十三里，中斜一十四里，大斜一十五里.里法三百步.欲知为田几何.”这道题讲的是有一块三角形的沙田，三边长分别为13里，14里，15里，假设1里按500米计算，则该沙田的面积为_平方千米.解析设在ABC中，a13里，b14里，c15里，所以cos C，所以sin C，故ABC的面积为1314500221(平方千米).答案21