（新教材）2020-2021高中数学人教B版选择性必修三课件： 单元素养评价（一）第五章数列 .ppt

1、单元素养评价(一)(第五章)(120分钟 150分)一、单项选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.已知数列2,3,2 ,则12是它的()A.第28项B.第29项C.第30项D.第31项【解析】选B.将数列变为,所以an=,因为12=,144=5n-1,所以n=29,所以是数列的第29项.2.等差数列an的前n项和为Sn,且S3=6,a3=0,则公差d等于()A.2B.1C.-1D.-2【解析】选D.因为S3=6,所以a1=4,所以2d=-4,d=-2.3.在各项均为正数的等比数列an中,a1=2,且a2,a4+2,a5成等差数列,

2、记Sn是数列an的前n项和,则S6=()A.62B.64C.126D.128【解析】选C.设正数的等比数列an的公比为q0,a1=2,因为a2,a4+2,a5成等差数列,所以a2+a5=2(a4+2),所以2q+2q4=2(2q3+2),解得q=2.所以S6=126.4.已知等差数列an中a10=10,其前10项和S10=70,则其公差d=()【解析】选D.由题意,得解得.5.(2020全国卷)数列中,a1=2,am+n=aman,若ak+1+ak+2+ak+10=215-25,则k=()A.2B.3C.4D.5【解析】选C.取m=1,则an+1=a1an,又a1=2,所以=2,所以是等比数列

3、,则an=2n,所以ak+1+ak+2+ak+10=2k+11-2k+1=215-25,所以k=4.6.若用数学归纳法证明等式1+2+3+4+5+3n=,则当n=k+1时的等式左端应在n=k的基础上加上()A.3k+1B.3(k+1)C.D.(3k+1)+(3k+2)+3(k+1)【解析】选D.当n=k时,等式的左端为1+2+3+4+3k,表示从1到3k的累加;则当n=k+1时,等式的左端应该表示从1到3k+3的累加,即1+2+3+4+3k+(3k+1)+(3k+2)+(3k+3),故增加的项为(3k+1)+(3k+2)+(3k+3).7.已知数列an是等比数列,若a2=1,a5=,则a1a2

4、+a2a3+a3a4+a4a5=()【解析】选B.数列an是等比数列,且a2=1,a5=,所以由通项公式可得解得所以a1a2+a2a3+a3a4+a4a5=2+8.九章算术是我国古代的数学名著,书中有如下问题:“今有五人分五钱,令上二人所得与下三人等,问各得几何.”其意思为“已知甲、乙、丙、丁、戊五人分5钱,甲、乙两人所得与丙、丁、戊三人所得相同,且甲、乙、丙、丁、戊所得依次成等差数列,问五人各得多少钱?”(“钱”是古代的一种重量单位).这个问题中,甲所得为()A.钱B.钱C.钱D.钱【解析】选B.设甲、乙、丙、丁、戊所得钱分别为a-2d,a-d,a,a+d,a+2d,则a-2d+a-d=a+

5、a+d+a+2d,解得a=-6d,又a-2d+a-d+a+a+d+a+2d=5.所以a=1,则a-2d=a-2 =a=.二、多项选择题(本大题共4小题,每小题5分,共20分,全部选对得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)9.已知数列an中,an=n2-kn(nN+),且an单调递增,则k可以取()A.1B.2C.3D.4【解析】选AB.因为an单调递增,所以an+1-an=(n+1)2-k(n+1)-n2+kn=2n+1-k0,所以k2n+1,所以ka)以及常数x(0 x1)确定实际销售价格c=a+x(b-a),这里,x被称为乐观系数.经验表明,最佳乐观系数x恰好使得(c-a)是(b-c

6、)和(b-a)的等比中项,据此可得最佳乐观系数x的值等于_.【解析】因为c-a=x(b-a),b-c=(b-a)-x(b-a),(c-a)是(b-c)和(b-a)的等比中项,所以x(b-a)2=(b-a)2-x(b-a)2,所以x2+x-1=0,解得x=,因为0 x0),则由a3=4及a4=a2+6得4q=+6,化简得2q2-3q-2=0,解得q=2或q=-(舍去),于是a1=1,所以Sn=2n-1,nN+.(2)由已知b1=S1=1,bn+1-bn=Sn=2n-1(nN+),所以当n2时,由累加法得bn=(bn-bn-1)+(bn-1-bn-2)+(b2-b1)+b1=(2n-1+2n-2+

7、21)-(n-1)+1=+2=2n-n,又b1=1也适合上式,所以bn的通项公式为bn=2n-n,nN+.20.(12分)已知数列an的前n项和为Sn,且满足a1=3,2Sn+3=an+1.(1)求数列an的通项公式;(2)若等差数列bn的前n项和为Tn,且T1=a1,T3=a3,求数列的前n项和Qn.【解析】(1)当n=1时,a2=9,由2Sn+3=an+1得2Sn-1+3=an(n2),两式相减得2(Sn-Sn-1)=an+1-an,又Sn-Sn-1=an,所以an+1=3an(n2),又a2=3a1,所以an+1=3an(nN+),显然an0,=3,即数列an是首项为3、公比为3的等比数

8、列,所以an=33n-1=3n.(2)设数列bn的公差为d,则有b1=3,由T3=a3得3b1+3d=27,解得d=6,所以bn=3+6(n-1)=3(2n-1),又所以Qn=21.(12分)已知数列an满足an=3an-1+n,n=2,3,4,.(1)若a1,a2,a3成等差数列,求a1的值;(2)是否存在a1,使数列an为等比数列?若存在,求出所有这样的a1;若不存在,说明理由.【解析】(1)由题意an=3an-1+n,n=2,3,4,a2=3a1+2,a3=3a2+3=9a1+9,若a1,a2,a3成等差数列,则a1+a3=2a2,即a1+9a1+9=2(3a1+2),解得a1=-.(2

9、)若数列an为等比数列,则a1,a2,a3必成等比数列,则a1a3=,即a1(9a1+9)=(3a1+2)2,解得a1=-,此时a2=-2,a3=-3,公比q=,又a4=3a3+4=-5,所以,不存在a1使数列an为等比数列.22.(12分)(2020苏州高二检测)已知(x+1)n=a0+a1(x-1)+a2(x-1)2+a3(x-1)3+an(x-1)n(其中nN+),(1)当n=6时,计算a0及a1+a3+a5;(2)记Sn=a1+a2+an,试比较Sn与(n-2)2n+2n2的大小,并说明理由.【解析】(1)当n=6时,取x=1,得a0=26=64,取x=2,得a0+a1+a2+a6=3

10、6,取x=0,得a0-a1+a2-a3+a4-a5+a6=1,将-得:2(a1+a3+a5)=36-1,所以a1+a3+a5=364.(2)由(1)可知Sn=a1+a2+an=3n-2n,要比较Sn与(n-2)2n+2n2的大小,只要比较3n-2n与(n-2)2n+2n2的大小,只要比较3n+2n与n2n+2n2的大小,当n=1时,左边=5,右边=4,所以左边右边;当n=2时,左边=13,右边=16,所以左边右边;当n=3时,左边=35,右边=42,所以左边右边;当n=5时,左边=275,右边=210,所以左边右边;猜想当n4,nN+时,左边右边,即3n+2nn2n+2n2.下面用数学归纳法证明:当n=4时已证;假设当n=k(k4,kN+)时,3k+2kk2k+2k2成立,则当n=k+1时,左边=3k+1+2k+1=3(3k+2k)-32k+2k+13(k2k+2k2)-2k,因为3(k2k+2k2)-2k-(k+1)2k+1-2(k+1)2=k2k-32k+4k2-4k-22k+4k2-4k-20,所以3k+1+2k+1(k+1)2k+1+2(k+1)2,即当n=k+1时不等式也成立.由可知,3n+2nn2n+2n2对n4的一切正整数都成立.综上所述:当n=2或n=3时,Sn(n-2)2n+2n2.本课结束