广东省云浮市罗定中学2022届高三数学上学期期中试卷文含解析.docx

1、2022-2022学年广东省云浮市罗定中学高三（上）期中数学试卷（文科）一、选择题：（每小题5分，共60分.）1已知集合S=y|y=2x，T=x|y=lg（x+1），则ST=( )A（0，+）B0，+）C（1，+）D1，+）2=( )A2B2CD13下列命题错误的是( )A命题“若x23x+2=0，则x=1”的逆否命题为“若x1，则x23x+20”B若pq为假命题，则p、q均为假命题C命题p：存在x0R，使得x02+x0+10，则p：任意xR，都有x2+x+10D“x2”是“x23x+20”的充分不必要条件4设等比数列an的公比q=2，前n项和为Sn，则=( )A2B4CD5已知平面向量=（1

2、，3），=（4，2），与垂直，则是( )A1B1C2D26设函数f（x）=的最小值为1，则实数a的取值范围是( )Aa2Ba2CaDa7函数f（x）=ln（x+1）的零点所在的大致区间是( )A（0，1）B（1，2）C（2，3）D（3，4）8如图是一个算法的程序框图，该算法输出的结果是( )ABCD9已知ABC中，内角A，B，C所对的边长分别为a，b，c若a=2bcosA，B=，c=1，则ABC的面积等于( )ABCD10函数y=loga（|x|+1）（a1）的图象大致是( )ABCD11某几何体三视图如图所示，则该几何几的体积等于( )A2B4C 8D1212在实数集R中定义一种运算“”，具

3、有性质：对任意a，bR，ab=ba；对任意aR，a0=a；对任意a，b，cR，（ab）c=c（ab）+（ac）+（bc）2c函数f（x）=x（x0）的最小值为( )A4B3C2D1二、填空题：（本大题共4小题，每小题5分，共20分.）13若点P（x，y）满足线性约束条件，则z=xy的最小值是_；u=的取值范围是_14在ABC中，若tanB=2，cosC=，则A=_15已知圆O过椭圆的两焦点且关于直线xy+1=0对称，则圆O的方程为_16函数f（x）=3+的最大值为M，最小值为m，则M+m=_三、解答题17已知等差数列an满足：a3=7，a5+a7=26an的前n项和为Sn（）求an及Sn；（）

4、令（nN*），求数列bn的前n项和Tn18如图，多面体ABCDEF中，底面ABCD是菱形，BCD=60，四边形BDEF是正方形且DE平面ABCD（）求证：CF平面ADE；（）若AE=，求多面体ABCDEF的体积V19某高校在2022年的自主招生考试成绩中随机抽取100名学生的笔试成绩，按成绩分组得到的频率分布表如下：组号分组频数频率第一组160，165）50.050第二组165，170）a0.350第三组170，175）30b第四组175，180）c0.200第五组100.100合计1001.00（1）为了能选拔出优秀的学生，高校决定在笔试成绩高的第三、四、五组中用分层抽样法抽取6名学生进入第

5、二轮面试，试确定a，b，c的值并求第三、四、五组每组各抽取多少名学生进入第二轮面试；（2）在（1）的前提下，学校决定在6名学生中随机抽取2名学生接受A考官的面试，求第四组中至少有一名学生被A考官面试的概率20已知中心在原点，焦点在x轴上的椭圆C的离心率为，且经过点M（）求椭圆C的方程；（）是否存过点P（2，1）的直线l1与椭圆C相交于不同的两点A，B，满足？若存在，求出直线l1的方程；若不存在，请说明理由21已知函数（1）当a=1时，求曲线y=f（x）在点（2，f（2）处的切线方程；（2）当时，讨论f（x）的单调性请考生在第22-24题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分选修4-1：

6、几何证明选讲22已知A、B、C、D为圆O上的四点，直线DE为圆O的切线，ACDE，AC与BD相交于H点（）求证：BD平分ABC；（）若AB=4，AD=6，BD=8，求AH的长选修4-4：坐标系与参数方程（共1小题，满分0分）23已知在平面直角坐标系xOy中，直线l的参数方程是（t是参数），以原点O为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标，曲线C的极坐标方程（）判断直线l与曲线C的位置关系；（）设M为曲线C上任意一点，求x+y的取值范围选修4-5：不等式选讲（共1小题，满分0分）24已知关于x的不等式|ax1|+|axa|1（a0）（1）当a=1时，求此不等式的解集；（2）若此不等式的解集为R，求实数

7、a的取值范围2022-2022学年广东省云浮市罗定中学高三（上）期中数学试卷（文科）一、选择题：（每小题5分，共60分.）1已知集合S=y|y=2x，T=x|y=lg（x+1），则ST=( )A（0，+）B【考点】由三视图求面积、体积【专题】计算题；空间位置关系与距离【分析】根据三视图判断几何体为四棱锥，且四棱锥的一个侧面垂直于底面，高为4，四棱锥的底面为矩形，矩形的边长分别为3、2，把数据代入棱锥的体积公式计算【解答】解：由三视图知几何体为四棱锥，且四棱锥的一个侧面垂直于底面，高为4，四棱锥的底面为矩形，矩形的边长分别为3、2，几何体的体积V=322=4故选：B【点评】本题考查了由三视图求几

8、何体的体积，解题的关键是由三视图判断几何体的形状及判断数据所对应的几何量12在实数集R中定义一种运算“”，具有性质：对任意a，bR，ab=ba；对任意aR，a0=a；对任意a，b，cR，（ab）c=c（ab）+（ac）+（bc）2c函数f（x）=x（x0）的最小值为( )A4B3C2D1【考点】进行简单的合情推理；函数的值域【专题】计算题；新定义【分析】根据题中给出的对应法则，可得f（x）=（x）0=1+x+，利用基本不等式求最值可得x+2，当且仅当x=1时等号成立，由此可得函数f（x）的最小值为f（1）=3【解答】解：根据题意，得f（x）=x=（x）0=0（x）+（x0）+（0）20=1+x

9、+即f（x）=1+x+x0，可得x+2，当且仅当x=1，即x=1时等号成立1+x+2+1=3，可得函数f（x）=x（x0）的最小值为f（1）=3故选：B【点评】本题给出新定义，求函数f（x）的最小值着重考查了利用基本不等式求最值、函数的解析式求法和简单的合情推理等知识，属于中档题二、填空题：（本大题共4小题，每小题5分，共20分.）13若点P（x，y）满足线性约束条件，则z=xy的最小值是2；u=的取值范围是【考点】简单线性规划【专题】不等式的解法及应用【分析】画出满足条件的平面区域，由z=xy得：y=xz，当直线过（2，0）时，z最小，u=表示过平面区域的点（x，y）与（1，1）的直线的斜率

10、，通过图象即可得出【解答】解：画出满足条件的平面区域，如图示：，由z=xy得：y=xz，当直线过（2，0）时，z最小，Z最小值=2，u=表示过平面区域的点（x，y）与（1，1）的直线的斜率，显然直线过（2，0）时，u=，直线过（，）时，u=7，故答案为：2，【点评】本题考查了简单的线性规划问题，考查了数形结合思想，是一道中档题14在ABC中，若tanB=2，cosC=，则A=【考点】同角三角函数基本关系的运用；两角和与差的余弦函数【专题】三角函数的求值【分析】由条件利用同角三角函数的基本关系，求得sinB、cosB、sinC的值，再利用诱导公式、两角和的余弦公式求得cosA=cos（B+C）的

11、值，可得A的值【解答】解：在ABC中，若tanB=2，则由sin2B+cos2B=1 可得，sinB=，cosB=由cosC=，可得sinC=，cosA=cos（B+C）=cosBcosC+sinBsinC=+=，A=，故答案为：【点评】本题主要考查同角三角函数的基本关系，诱导公式、两角和的余弦公式，以及三角函数在各个象限中的符号，属于基础题15已知圆O过椭圆的两焦点且关于直线xy+1=0对称，则圆O的方程为x2+（y1）2=5【考点】椭圆的简单性质；圆的标准方程【专题】计算题；直线与圆；圆锥曲线的定义、性质与方程【分析】求出椭圆的两焦点，圆心O（a，a+1），利用圆O过椭圆的两焦点且关于直线

12、xy+1=0对称，求出圆心与半径，即可求出圆O的方程【解答】解：椭圆的两焦点为（2，0），（2，0）由题意设圆心O（a，a+1），则圆O过椭圆的两焦点且关于直线xy+1=0对称，a=0，圆心为（0，1），半径为，圆O的方程为x2+（y1）2=5故答案为：x2+（y1）2=5【点评】本题考查椭圆的性质，考查圆的方程，考查小时分析解决问题的能力，属于中档题16函数f（x）=3+的最大值为M，最小值为m，则M+m=6【考点】函数的最值及其几何意义【专题】函数的性质及应用【分析】令g（x）=，由奇偶性的定义可得g（x）为奇函数，设g（x）的最大值为t，最小值即为t，则f（x）的最大值为M=3+t，最小

13、值为m=3t，可得M+m=6【解答】解：函数f（x）=3+，令g（x）=，即有g（x）=g（x），即g（x）为奇函数，设g（x）的最大值为t，最小值即为t，则f（x）的最大值为M=3+t，最小值为m=3t，即有M+m=6故答案为：6【点评】本题考查函数的奇偶性的判断和运用：求最值，考查运算能力，属于中档题三、解答题17已知等差数列an满足：a3=7，a5+a7=26an的前n项和为Sn（）求an及Sn；（）令（nN*），求数列bn的前n项和Tn【考点】等差数列的通项公式；等差数列的前n项和；数列的求和【专题】等差数列与等比数列【分析】（1）根据等差数列所给的项和项间的关系，列出关于基本量的方程

14、，解出等差数列的首项和公差，写出数列的通项公式和前n项和公式（2）根据前面做出的数列构造新数列，把新数列用裂项进行整理变为两部分的差，合并同类项，得到最简结果，本题考查的是数列求和的典型方法裂项法，注意解题过程中项数不要出错【解答】解：（）设等差数列an的公差为d，a3=7，a5+a7=26，有，解得a1=3，d=2，an=3+2（n1）=2n+1；Sn=n2+2n；（）由（）知an=2n+1，bn=，Tn=，即数列bn的前n项和Tn=【点评】本题考查等差数列的通项公式与前n项和公式的应用、裂项法求数列的和，熟练数列的基础知识是解答好本类题目的关键是每年要考的一道高考题目18如图，多面体ABC

15、DEF中，底面ABCD是菱形，BCD=60，四边形BDEF是正方形且DE平面ABCD（）求证：CF平面ADE；（）若AE=，求多面体ABCDEF的体积V【考点】棱柱、棱锥、棱台的体积；直线与平面平行的判定【专题】空间位置关系与距离【分析】（）由已知得ADBC，DEBF，从而平面ADE平面BCF，由此能证明CF平面ADE（）连结AC，交BD于O，由线面垂直得ACDE，由菱形性质得ACBD，从而AC平面BDEF，进而多面体ABCDEF的体积V=2VABDEF，由此能求出多面体ABCDEF的体积V【解答】（）证明：底面ABCD是菱形，ADBC，四边形BDEF是正方形，DEBF，BFBC=B，平面AD

16、E平面BCF，CF平面BCF，CF平面ADE（）解：连结AC，交BD于O，四边形BDEF是正方形且DE平面ABCDDE平面ABCD，又AC平面ABCD，ACDE，底面ABCD是菱形，ACBD，又BDDE=D，AC平面BDEF，AE=，BCD=60，AD=DE=BD=1，AO=CO=，多面体ABCDEF的体积：V=2VABDEF=2=2=【点评】本题考查线面平行证明，考查多面体的体积的求法，是中档题，解题时要认真审题，注意空间思维能力的培养19某高校在2022年的自主招生考试成绩中随机抽取100名学生的笔试成绩，按成绩分组得到的频率分布表如下：组号分组频数频率第一组160，165）50.050第

17、二组165，170）a0.350第三组170，175）30b第四组175，180）c0.200第五组100.100合计1001.00（1）为了能选拔出优秀的学生，高校决定在笔试成绩高的第三、四、五组中用分层抽样法抽取6名学生进入第二轮面试，试确定a，b，c的值并求第三、四、五组每组各抽取多少名学生进入第二轮面试；（2）在（1）的前提下，学校决定在6名学生中随机抽取2名学生接受A考官的面试，求第四组中至少有一名学生被A考官面试的概率【考点】古典概型及其概率计算公式；频率分布直方图【专题】概率与统计【分析】本题的关键是找到频率分布直方图每一组的频数，在根据古典概型的计算公式求得概率【解答】解：（1

18、）由频率分布表知a=1000.35=35，c=1000.2=20因为第三、四、五组共有60名学生，所以利用分层抽样法在60名学生中抽取6名学生，每组分别为：第三组人，第四组人，第五组人所以第三、四、五组分别抽取3人、2人、1人进入第二轮面试（2）设第三组的3名学生为A1、A2、A3，第四组的2名学生为B1、B2，第五组的1名学生为C1则从6名学生中抽取2名学生有15种可能：（A1，A2），（A1，A3），（A1，B1），（A1，B2），（A1，C1），（A2，A3），（A2，B1），（A2，B2），（A2、C1），（A3，B1），（A3，B2），（A3，C1），（B1，B2），（B1，C1），

19、（B2，C1），第四组的2名学生至少有一名学生被A考官面试共有9种可能其中第四组的2名学生至少有一名学生被A考官面试的概率为【点评】本题考察频率分布直方图、分层抽样、古典概型的基本知识，是一道常见的高考题20已知中心在原点，焦点在x轴上的椭圆C的离心率为，且经过点M（）求椭圆C的方程；（）是否存过点P（2，1）的直线l1与椭圆C相交于不同的两点A，B，满足？若存在，求出直线l1的方程；若不存在，请说明理由【考点】直线与圆锥曲线的综合问题；椭圆的标准方程【专题】综合题【分析】（1）先设椭圆的标准方程，将点M代入得到一个方程，根据离心率得到一个关系式，再由a2=b2+c2可得到a，b，c的值，进而

20、得到椭圆的方程（2）假设存在直线满足条件，设直线方程为y=k1（x2）+1，然后与椭圆方程联立消去y得到一元二次方程，且方程一定有两根，故应大于0得到k的范围，进而可得到两根之和、两根之积的表达式，再由，可确定k1的值，从而得解【解答】解：（）设椭圆C的方程为（ab0），e=，且经过点M，解得c2=1，a2=4，b2=3，故椭圆C的方程为（）若存在直线l满足条件，由题意直线l存在斜率，设直线l的方程为y=k1（x2）+1，由，得（3+4k12）x28k1（2k11）x+16k1216k18=0因为直线l与椭圆C相交于不同的两点A，B，设A，B两点的坐标分别为（x1，y1），（x2，y2），所以

21、=24（3+4k12）（16k1216k18）0整理得32（6k1+3）0解得k1，又，因为，即，所以=即所以，解得因为A，B为不同的两点，所以于是存在直线l1满足条件，其方程为【点评】本题主要考查椭圆的基本性质和直线与椭圆的综合题直线与圆锥曲线的综合题是高考的重点题型，要着重复习21已知函数（1）当a=1时，求曲线y=f（x）在点（2，f（2）处的切线方程；（2）当时，讨论f（x）的单调性【考点】利用导数研究函数的单调性；利用导数研究曲线上某点切线方程【专题】导数的综合应用【分析】（1）当a=1时，直接求出f（x）从而确定f（2）和f（2），利用点斜式方程即可求出切线方程；（2）分情况讨论a

22、=0，三种情况下f（x）的正负，即可确定f（x）的单调性【解答】解：（1）当a=1时，此时，又，切线方程为：y（ln2+2）=x2，整理得：xy+ln2=0； （2），当a=0时，此时，当x（0，1）时，f（x）0，f（x）单调递减，当x（1，+）时，f（x）0，f（x）单调递增； 当时，当，即时，在（0，+）恒成立，f（x）在（0，+）单调递减； 当时，此时在（0，1），f（x）0，f（x）单调递减，f（x）在，f（x）0单调递增； 综上所述：当a=0时，f（x）在（0，1）单调递减，f（x）在（1，+）单调递增；当时，f（x）在单调递减，f（x）在单调递增；当时f（x）在（0，+）单调递减

23、【点评】本题考查导数的几何意义和曲线切线的求法，考查导数在研究函数单调性中的作用，以及分类讨论的数学思想，属于中档题请考生在第22-24题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分选修4-1：几何证明选讲22已知A、B、C、D为圆O上的四点，直线DE为圆O的切线，ACDE，AC与BD相交于H点（）求证：BD平分ABC；（）若AB=4，AD=6，BD=8，求AH的长【考点】与圆有关的比例线段【专题】证明题；数形结合【分析】（）证明BD平分ABC可通过证明D是的中点，利用相等的弧所对的圆周角相等证明BD是角平分线；（）由图形知，可先证ABHDBC，得到，再由等弧所对的弦相等，得到AD=DC，从

24、而得到，求出AH的长【解答】解：（）ACDE，直线DE为圆O的切线，D是弧的中点，即又ABD，DBC与分别是两弧所对的圆周角，故有ABD=DBC，所以BD平分ABC（）由图CAB=CDB且ABD=DBCABHDBC，又AD=DC，AB=4，AD=6，BD=8AH=3【点评】本题考查与圆有关的比例线段，解题的关键是对与圆有关性质掌握得比较熟练，能根据这些性质得出角的相等，边的相等，从而使问题得到证明选修4-4：坐标系与参数方程（共1小题，满分0分）23已知在平面直角坐标系xOy中，直线l的参数方程是（t是参数），以原点O为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标，曲线C的极坐标方程（）判断直线l与曲线C

25、的位置关系；（）设M为曲线C上任意一点，求x+y的取值范围【考点】简单曲线的极坐标方程；参数方程化成普通方程【专题】坐标系和参数方程【分析】（）由直线的参数方程消去t得直线的直角坐标方程，化圆的极坐标方程为直角坐标方程，再由圆心到直线的距离与圆的半径的关系得到直线与圆的位置关系；（）设出曲线C上的点的参数方程，由x+y=sin+cos，利用两角和的正弦化简后可得x+y的取值范围【解答】解：（）由，消去t得：y=x+由，得，即，即化为标准方程得：圆心坐标为，半径为1，圆心到直线xy+=0的距离d=1直线l与曲线C相离；（）由M为曲线C上任意一点，可设，则x+y=sin+cos=，x+y的取值范围

26、是【点评】本题考查了简单曲线的极坐标方程，考查了极坐标与直角坐标的互化，考查了由点到直线的距离判断直线和圆的位置关系，训练了圆的参数方程的应用，是基础题选修4-5：不等式选讲（共1小题，满分0分）24已知关于x的不等式|ax1|+|axa|1（a0）（1）当a=1时，求此不等式的解集；（2）若此不等式的解集为R，求实数a的取值范围【考点】绝对值不等式的解法【专题】计算题【分析】（1）当a=1时，可得2|x1|1，即，由此求得不等式的解集（2）不等式|ax1|+|axa|1解集为R，等价于|a1|1，由此求得实数a的取值范围【解答】解：（1）当a=1时，可得2|x1|1，即，解得，不等式的解集为 （2）|ax1|+|axa|a1|，不等式|ax1|+|axa|1解集为R，等价于|a1|1解得a2，或a0 又a0，a2实数a的取值范围为2，+） 【点评】本题主要考查绝对值的意义，绝对值不等式的解法，体现了等价转化的数学思想，属于中档题- 20 -