广东省封开县江口中学2024届高三数学上学期第二次月考试题（Word版附解析）.docx

1、封开县江口中学高三数学第二次月考试题一、单选题1. 如图，已知全集，集合，图中阴影部分表示集合，则（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】由题求解即可得答案.【详解】解：全集，由韦恩图可知，.故选：D.2. 复数，则复数在复平面内所对应的点在A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限【答案】B【解析】【分析】先利用复数的乘法求得复数z,进而可得其在复平面内对应点的坐标.【详解】，复数在复平面内所对应的点的坐标为，故选:B.3. 若，则（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】根据对数函数及指数函数的单调性判断与0，1的大小关系，即得.【详解】，.故选

2、：A.4. 已知是公差为2的等差数列，且，成等比数列，则等于（ ）A. 44B. 48C. 64D. 108【答案】C【解析】【分析】由，成等比数列，公差为2，解出的值，再根据等差数的求和公式求解即可.【详解】解：因为是公差为2的等差数列，所以， ，又，成等比数列，所以，即，解得，所以.故选：C. 5. 已知复数，则（ ）A. B. 2C. D. 5【答案】A【解析】【分析】利用复数的除法法则和复数的减法法则，结合复数的模公式即可求解.【详解】由题意知，所以，所以.故选：A.6. 下列选项正确的是（ ）A. 是的必要不充分条件B. 在中，是的充要条件C. 是的充要条件D. 命题“，”的否定是：

3、“，”【答案】B【解析】【分析】由可判断A；由或，结合可判断B；由，可判断C；根据全称命题的否定可判断D.【详解】选项A，若，则，若，则，是的充要条件，故A错误；选项B，若，则或（显然不成立），若，则，是的充要条件，故B正确；选项C，若，则，若，则，是的充分不必要条件，故C错误；选项D，命题“，”的否定是：“，”，故D错误.故选：B7. 已知是第二象限的角，则（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】有诱导公式与同角三角函数基本关系求解即可【详解】故选：A8. 在中，内角，所对的边分别为，则（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据正弦定理进行角化边，再由余弦定

4、理可解.【详解】根据题意，利用正弦定理得：，再结合，可得，由余弦定理：，所以D选项正确.故选：D二、多选题9. 设a，b，c是实数，且，则下列不等式恒成立的是（ ）A. B. C. D. 【答案】AD【解析】【分析】根据不等式性质，结合指数函数和对数函数的单调性，即可判断和选择.【详解】对A：若，故，则，即，故A正确；对B：当时，故B错误；对C：是上的单调增函数，但大小关系不确定，故无法判断，C错误；对D：，故，为上的单调增函数，故，D正确.故选：AD.10. 在单位圆中，已知角的终边与单位圆的交点为，则（ ）A. B. C. D. 【答案】AB【解析】【分析】先利用三角函数定义求得，进而求得

5、的值判断选项A；求得的值判断选项B；求得的值判断选项C；求得的值判断选项D.【详解】角的终边与单位圆的交点为则，则选项A判断正确；所以，则选项B判断正确；，则选项C判断错误；，则选项D判断错误.故选：AB11. 已知向量，则（ ）A. B. 向量的夹角为C. D. 在方向上的投影向量是【答案】BD【解析】【分析】根据向量的加法求出，由两个向量垂直，数量积为零，求出，然后逐一判断各选项，在方向上的投影向量为.【详解】已知则，故A错误；，所以向量的夹角为，故B正确；，故错误；在方向上的投影向量为，故D正确.故选：BD.12. 把函数的图象向左平移个单位长度，得到的函数图象恰好关于轴对称，则下列说法

6、正确的是（ ）A. 的最小正周期为B. 关于点对称C. 在上单调递增D. 若在区间上存在最大值，则实数的取值范围为【答案】ACD【解析】【分析】先利用辅助角公式化简，再通过图像平移求得新的函数，从而利用关于轴对称求得，由此得到的解析式，最后结合三角函数的性质即可对选项逐一判断.【详解】因为，所以把的图像向左平移个单位长度得到函数的图像，因为关于轴对称，所以，即，又因为，所以，对于A，故A正确；对于B，故B错误；对于C，由，得，所以当时，的单调递增区间为，又因为，所以在上单调递增，故C正确；对于D，若函数在上存在最大值，由选项C可知，在上单调递增，且，即在时取得最大值，所以，即实数的取值范围为，

7、故D正确.故选：ACD.三、填空题13. 等比数列中，公比q=2， S4=1，则S8=_.【答案】17【解析】【分析】根据等比数列的性质得到，进而求出的值.【详解】因为，即，又，所以.故答案为：1714. 已知向量、不共线，且向量与平行，则实数_.【答案】【解析】【分析】设，根据平面向量的基本定理可得出关于、的方程组，即可解得实数的值.【详解】因为向量与平行，设，其中，因为向量、不共线，则，解得.故答案为：.15. 曲线在点处切线的斜率为_.【答案】2【解析】【分析】首先求导得到，再利用导数的几何意义求解即可.【详解】，.故答案为：216. 已知函数且，则_.【答案】1或【解析】【分析】分类讨

8、论，代入不同函数解析式，即可求得参数值.【详解】若，则，解得或（舍去）；若，则，解得（舍去），综上，或.故答案为：1或.【点睛】本题考查由分段函数的函数值求自变量，属于简单题目.四、解答题17. 已知是等差数列，（1）求的通项公式；（2）求数列的前n项和【答案】（1）；（2）.【解析】【分析】（1）先利用已知条件求出公差，再利用等差数列的通项公式求解即可；（2）先由（1）知，再利用等差和等比数列的前项和公式求解即可.【详解】解：（1）因为，所以公差，则的通项公式为（2）由（1）知，所以18. 已知函数在时有极值（1）求函数的解析式及单调区间；（2）求函数在区间的最大值与最小值【答案】（1）；的

9、单调增区间为和，单调减区间为；（2）最大值为20，最小值为0.【解析】【分析】（1）先依题列式解得参数，再检验参数否满足题意，即得解析式和单调区间；（2）利用（1）中函数的单调性，计算极值和区间端点处的函数值，并比较大小，即得结果.【详解】解：（1）在时有极值且， ，即，解得，此时， 令解得，令解得，上单调递增，在上单调递减，上单调递增，即函数确实在时取得极值， 故的解析式为，的单调增区间为和，单调减区间为.（2）由（1）知在上单调递增，单调递减，在单调递增， 极大值为，又，；极小值为，；所以在区间最大值为20，最小值为0.【点睛】思路点睛：利用导数研究函数的最值的步骤：写定义域，对函数求导；

10、在定义域内，解不等式和得到单调性；利用单调性判断极值点，比较极值和端点值得到最值即可.19. 在中，角所对的边分别为，且，.（1）若，求的值；（2）若的面积是，求的值.【答案】（1）（2）.【解析】【分析】（1）先由，得到，根据两角和的余弦公式可求出，再由正弦定理可得，求出，进而可得出结果；（2）先由三角形面积公式求出，再根据余弦定理即可求出结果.【详解】（1），.，由正弦定理得，即，解得.（2），由余弦定理得，.【点睛】本题主要考查解三角形，熟记正弦定理和余弦定理即可，属于常考题型.20. 已知正项等比数列，其中，分别是下表第一、二、三行中的某一个数，令第一列第二列第三列第一行第二行第三行（

11、1）求数列和的通项公式；（2）设数列的前项和为，证明：【答案】（1）；（2）证明见解析.【解析】【分析】（1）由表格数据可确定，由此可得等比数列公比，由等比数列通项公式可得；由对数运算可得；（2）由（1）可得，采用裂项相消法可求得，由可推导证得结论.【详解】（1）由题意得：，等比数列的公比，又，.（2）由（1）知：，.【点睛】方法点睛：本题重点考查了裂项相消法求解数列的前项和的问题，裂项相消法适用于通项公式为形式的数列，即，进而前后相消求得结果.21. 在ABC中，已知，.（1）求的值；（2）若的面积为，求边的长.【答案】（1）；（2）【解析】【分析】（1）先根据已知条件求出，再由求出，从而求

12、出角；（2）设，利用正弦定理得求出，再利用求出，所以的面积为：，所以，即【详解】解：（1）在中，故，所以，所以；（2）由（1）知，设，利用正弦定理： 得：，又，解得，所以的面积为：，所以，即【点睛】本题主要考查了正弦定理，以及同角三角函数间的基本关系，属于中档题22. 已知函数，.（1）讨论函数的单调性；（2）当时，求的取值范围.【答案】（1）在上单调递增，在上单调递减，在上单调递增 （2）【解析】【分析】（1）利用导函数与单调性的关系求解；（2）利用导数与单调性和最值的关系分类讨论求解即可.【小问1详解】因为，令，解得或，令，解得，所以在上单调递增，在上单调递减，在上单调递增.【小问2详解】设，注意到.有，注意到.设，有.当时，对于，有，所以在区间上单调递增，所以对于，有，从而在区间上单调递增，故对于，有.符合题意.当时，因，所以存在，使得对于，有.从而在区间上单调递减，故对于，有.不符合题意.综上，的取值范围是.