河南省南阳市第一中学2022-2023学年高二物理上学期12月月考试卷（PDF版附解析）.pdf

1、试卷第 1页，共 7页南阳一中 2022 年高二年级第三次月考物理学科试题命题人:周艳常怡光一、选择题：(本题共 12 小题，每小题 4 分，共 48 分。在每个小题给出的四个选项中，第 18 小题，只有一个选项符合题意；第 912 小题，有多个选项符合题意，全部选对的得 4 分，选对而不全的得 2 分，错选或不选的得 0 分)1下列说法正确的是（）A磁场中某一点的磁感应强度等于一小段通电导线放在该点时受到的磁场力 F 与该导线的长度 l、通过的电流 I 乘积的比值，即FBIlB环形金属软弹簧套在条形磁铁的中心位置。若将金属软弹簧沿半径向外拉，使其面积增大，则穿过金属软弹簧所包围面积的磁通量将

2、增大C均匀带负电的塑料圆环绕垂直于圆环平面且过圆心的轴旋转，在环的圆心处有一闭合小线圈，小线圈和圆环在同一平面，圆环在做变速转动时，小线圈内一定有感应电流D粒子在磁场中不运动则一定不受力，运动则一定受力2如图所示，空间中分布着磁感应强度大小为 B 的匀强有界磁场，EF 是其左边界，一面积为 S 的 n 匝圆形金属线框垂直于磁场放置，圆形线圈的圆心 O 在 EF 上，若线框以角速度绕 EF 匀速转动，并从图示位置开始计时，则（）At=2 时，线框中的感应电流最大Bt=2 时，穿过线框的磁通量最大C线框中产生的交变电动势的最大值为 nBSD线框中产生的交变电动势的有效值为24 nBS3如图所示，三

3、条虚线代表电场方向未知的电场线，实线为一带负电的粒子仅在静电力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知（）A P 点的电势较高B带电粒子通过 P 点时电势能较大C带电粒子通过 P 点时动能较大D带电粒子通过 P 点时加速度较大4如图所示，用轻绳将一条形磁铁竖直悬挂于 O 点，在其正下方的水平绝缘桌面上放置一铜质圆环。现将试卷第 2页，共 7页磁铁从 A 处由静止释放，经过 B、C 到达最低处 D，再摆到左侧最高处 E，圆环始终保持静止。下列说法正确的是（）A磁铁在 A、E 两处的重力势能相等B磁铁从 A 到 D 的过程中，圆环对桌面的压力小于圆环受到的重力C磁铁从 D

4、 到 E 的过程中，从上往下看，圆环中感应电流方向为顺时针方向D磁铁从 D 到 E 的过程中，圆环受到的摩擦力方向水平向右5如图所示，在一有界匀强磁场中放一电阻不计的平行金属导轨，虚线为有界磁场的左边界，导轨跟圆形线圈 M 相接，图中线圈 N 与线圈 M 共面、彼此绝缘，且两线圈的圆心重合，半径MNRR在磁场中垂直于导轨放置一根导体棒 ab，已知磁场垂直于导轨所在平面向外，欲使线圈 N 有扩张的趋势，下列说法正确的是（）A导体棒可能沿导轨向左做加速运动B导体棒可能沿导轨向右做减速运动C导体棒可能沿导轨向左做减速运动D导体棒可能沿导轨向左做匀速运动6如图所示，正方形导线框 abcd 放在匀强磁场

5、中静止不动，磁场方向与线框平面垂直，磁感应强度 B 随时间t 的变化关系如图乙所示，0t时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向里。下列选项中能表示线框的 ab 边受到的安培力 F 随时间t 的变化关系的是（规定水平向左为力的正方向）（）ABCD试卷第 3页，共 7页7在如图所示的电路中，A1 和 A2 是两个相同的灯泡。线圈 L 的自感系数足够大，电阻可以忽略不计，下列说法正确的是（）A闭合开关 S 时，A2 先亮，A1 逐渐变亮B闭合开关 S 时，A1 和 A2 同时亮C断开开关 S 时，A2 闪亮一下再熄灭D断开开关 S 时，流过 A2 的电流方向向左8如图所示，P 点处有一粒子源，可以以不同的

6、速率发射某种质量为m、电荷量为q的带正电的粒子，粒子沿纸面以与 Pd 成30 角的方向射入正方形匀强磁场区域abcd 内，磁场的磁感应强度大小为 B，方向垂直于纸面向里，正方形 abcd 的边长为 a，P 点是 cd 边的中点。不计粒子的重力以及粒子间的相互作用，则下列说法正确的是（）A当粒子的速率大于 2Bqam 时，粒子全部从 ad 边离开磁场B当粒子的速率为 25qBam 时，粒子从 ab 边离开磁场C当粒子的速率为 3qBam 时，粒子恰好从bc 边离开磁场D当粒子的速率由 6qBam 变为10qBam 时，粒子在磁场中运动的时间变长9如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为1:4，

7、TR 为热敏电阻（PTC），其电阻随温度升高而增大，0R 为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表。当原线圈接如图乙所示的正弦交流电时，下列说法正确的是（）A原线圈两端电压的瞬时值表达式为 30 2 sin100VutB电压表 V2 的示数为7.5VCTR 处温度升高时，电压表 V2 的示数增大DTR 处温度降低时，变压器原线圈的输入功率增大101831 年，法拉第在一次会议上展示了他发明的圆盘发电机（如图甲所示）。它是利用电磁感应原理制成的，是人类历史上第一台发电机。如图乙是这个圆盘发电机的示意图：铜盘安装在水平的铜轴上，两块铜试卷第 4页，共 7页片 C、D 分别与转动轴和铜盘的边缘良好接触

8、。若在圆盘下半周加匀强磁场，使铜盘转动，电阻 R 中就有电流通过。回路的总电阻恒定，从左往右看，铜盘沿顺时针方向匀速转动，CRD 平面与铜盘平面垂直，下列说法中正确的是（）A铜片 C 的电势比铜片 D 的电势低B若铜盘转速增大为原来的 2 倍，流过 R 的电流增大为原来的 2 倍C若磁感应强度变为原来的一半，则总的电功率将变为原来的一半D铜盘转动时电阻 R 上电流方向为 CRD11如图所示，两个半径相同的半圆形光滑轨道置于竖直平面内，左右两端点等高，分别处于沿水平方向的匀强电场和匀强磁场中。两个相同的带正电小球同时从两轨道左端最高点由静止释放。M、N 为轨道的最低点，则下列说法中正确的是（）A

9、两个小球到达轨道最低点的速度NMvvB两个小球第一次经过轨道最低点时对轨道的压力MNFFC小球第一次到达 M 点的时间小于小球第一次到达 N 点的时间D在电场和磁场中小球均能到达轨道的另一端最高处12如图，水平面上有足够长的平行光滑金属导轨 MN 和 PQ，导轨间距为 L，电阻不计，导轨所处空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为 B。导轨上放有质量均为 m、电阻均为 R 的金属棒 a、b、开始时金属棒 b 静止，金属棒 a 获得向右的初速度 v0，从金属棒 a 开始运动到最终两棒以相同的速度匀速运动的过程中，两金属棒始终与导轨垂直且接触良好，下列说法正确的是（）Aa 做匀减速直线运动，b

10、 做匀加速直线运动B最终两金属棒匀速运动的速度为02vC金属棒 a 产生的焦耳热为204mvDa 和 b 距离增加量为022mv RB L二、实验题（本大题共 2 小题，每空 2 分，共 18 分）13实验室要测量一金属棒的电阻率：（1）先用多用电表欧姆挡粗测金属棒阻值，下列关于用多用表欧姆挡测电阻的说法中正确的是_A测量电阻时如果指针偏转角度过大，应将选择开关 S 拨至倍率较小的挡位，重新欧姆调零后测量；B测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，会影响测量结果；试卷第 5页，共 7页C测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开；D测量电阻时不要用手接触表笔的金属杆。（2）用多用电表粗

11、测金属棒电阻约为 10；为了精确测定金属棒阻值，除待测金属棒 Rx 外，实验室还备有如下实验器材：A电流表 A1（内阻 Rg=100、满偏电流 Ig=3mA）B电流表 A2（内阻约为 0.4、量程为 0.6A）C定值电阻 R0=900D滑动变阻器 R（5、2A）E.干电池组（6V、0.05）F.一个开关和导线若干G.螺旋测微器如图，用螺旋测微器测金属棒直径为_mm；实验中需要改装电压表，应选用电流表_（填“A1”或“A2”）请根据提供的器材，设计一个实验电路，将电路图画在方框内并标明器材代号，要求尽可能多测几组数据，精确测量金属棒的阻值。_若实验测得电流表 A1 示数为 I1，电流表 A2 示

12、数为 I2，则金属棒电阻的表达式为 RX=_（用 I1、I2、R0、Rg 表示）14某同学手边没有电流表，有一个电压表（量程 05V，内阻为 5103），电池（电动势为 8V、内阻为10）、总电阻足够大的滑动变阻器 R0。他利用以上器材制成一个可以直接测量电阻的欧姆表，如图甲所示。图乙是电压表的刻度盘。试卷第 6页，共 7页（1）图甲中，d 为_（填“红”或“黑”）表笔。（2）测量外电阻的阻值之前，需要调零。按正确的操作，调零时，R0 接入电路的阻值是_；（3）现对电压表刻度重新赋值，则 4V 处应标注_；（4）该同学发现改装后的欧姆表如果去测量几十欧的电阻很不精确，此时需要对该欧姆表进行改进

13、。以下改进措施中最合理的是_；A电源换成电动势 E=10V 的电池B电源换成电动势 E=6V 的电池C用一个 50的电阻与电压表并联D用一个 50的电阻与电压表串联三、计算题（本大题共 4 小题，共 44 分）15(10 分）如图所示，长 L1=1.0m，宽 L2=0.50m 的矩形导线框，质量为 m=0.20kg，电阻 R=2.0，其正下方有宽为 H（HL2），磁感应强度为 B=1.0T，垂直于纸面向外的匀强磁场现在，让导线框从下边缘距磁场上边界 h=0.70m 处开始自由下落，当其下边缘进入磁场，而上边缘未进入磁场的某一时刻，导线框的速度已经达到了一个稳定值求：导线框上边缘刚进入磁场时的速

14、度大小 v；从开始下落到导线框下边缘到达磁场下边界过程中，导线框克服安培力做的功 W试卷第 7页，共 7页16（10 分）如图所示，电源电动势 E=12V，内阻 r=5，滑动变阻器的最大阻值 R1=20，定值电阻 R2=20，R3=5，R4=10，电容器的电容 C=30F开关 S 闭合电路稳定后，求：（1）滑动变阻器滑片从最左端滑到最右端的过程中，通过 R4 的电量；（2）电源的最大输出功率17（12 分）如图甲所示，一个圆形线圈的匝数 n100，线圈面积 S200cm2，线圈的电阻 r1，线圈外接一个阻值 R4的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图

15、乙所示求：（1）线圈中的感应电流的大小和方向；（2）电阻 R 两端电压及消耗的功率；（3）前 4s 内通过 R 的电荷量18（12 分）如图所示，在平面直角坐标系 xOy 的第二象限内有平行于 y 轴的匀强电场，方向沿 y 轴负方向在第一、四象限内有一个圆，圆心 O坐标为(r，0)，OQ 为直径，圆内有方向垂直于 xOy 平面向里的匀强磁场一质量为 m、电荷量为 q 的带正电的粒子(不计粒子所受的重力)，从 P(2h，h)点，以大小为 v0 的速度沿平行于 x 轴正方向射入电场，通过坐标原点 O 进入第四象限，又经过磁场从 x 轴上的 Q 点离开磁场求：（1）电场强度 E 的大小；（2）圆内磁

16、场的磁感应强度 B 的大小；（3）带电粒子从 P 点进入电场到从 Q 点射出磁场的总时间 t答案第 1页，共 13页第三次月考物理答案详解1.【答案】C【详解】A磁场中某一点的磁感应强度等于一小段通电导线放在该点时受到的最大的磁场力 F 与该导线的长度 l、通过的电流 I 乘积的比值，即FBIl，选项 A 错误；B环形金属软弹簧套在条形磁铁的中心位置，若将金属软弹簧沿半径向外拉，该弹簧面积中存在条形磁铁内部和外部两部分相反的磁通量，使其面积增大，会导致内部磁通量不变，外部反向的磁通量也变大，则穿过金属软弹簧所包围面积的合磁通量将减小，故 B 错误；C均匀带负电的塑料圆环绕垂直于圆环平面且过圆心

17、的轴旋转，在环的圆心处有一闭合小线圈，小线圈和圆环在同一平面，圆环在做变速转动时，圆环上的电荷产生等效电流会发生变化，电流产生的磁场使得穿过线圈的磁通量发生变化，于是在小线圈内一定有感应电流，选项 C 正确；D粒子不运动一定不受力，运动不一定受力，当速度方向与磁感应强度方向平行时不受力，故 D 错误故选 C。2.【答案】D【详解】A当2t时，即2t时，线框回到图示位置，此时的感应电流最小，磁通量最大，A 错误；B当2t，即2t 时，线圈转到与图示垂直位置，此时磁通量为零，B 错误；C线框中产生的交变电动势的最大值为m122SEnBnBSC 错误；D线框中产生的交变电动势的有效值为m242EEn

18、BSD 正确。故选 D。3.【答案】B【详解】AB粒子所受电场力方向指向轨迹凹侧，且沿电场线切线方向，由于粒子带负电，则场强方向与电场力方向相反，从而可以确定电场的方向，再根据等势面与电场线的关系，画出过 Q、P 的等势线，如图所示答案第 2页，共 13页由图可知，Q 点的电势高于 P 点电势；由于粒子带负电，根据pEq可知，粒子在 P 点的电势能大，故 A 错误，B 正确；C根据能量守恒定律以及前面的分析可知，粒子通过 P 点时动能较小，故 C 错误；DQ 点附近电场线比 P 点附近电场线密集，所以粒子通过 Q 点时所受电场力较大，则加速度较大，故 D 错误。故选 B。4.【答案】D【详解】

19、A由于有部分机械能转化为电能，故在 A 的重力势能大于 E 处重力势能，故 A错误。BA 到 D 过程中，圆环中磁通量增加，圆环与磁铁间相互排斥，故圆环给桌面的压力大于圆环受到的重力，故 B 错误；C磁铁从 D 运动到 E 的过程中，圆环磁通量向上减少，根据楞次定律可分析出（俯视）感应电流方向为逆时针，故 C 错误；D由楞次定律的推论“来拒去留”可知，圆环中的磁通量减少，因此圆滑有向左运动的趋势，圆环不动因此 D 到 E 的过程中，圆环受到摩擦力方向向右，故 D 正确。故选 D。5.【答案】A【详解】A导体棒 ab 加速向左运动时，导体棒 ab 中产生的感应电动势和感应电流增加，由右手定则判断

20、知 ab 中电流方向由 ba，根据安培定则可知 M 产生的磁场方向垂直纸面向外，穿过 N 的磁通量增大，线圈面积越大抵消的磁感线越多，所以线圈 N 要通过增大面积以阻碍磁通量的增大，线圈 N 有扩张的趋势，A 正确；B导体棒 ab 减速向右运动时，导体棒 ab 中产生的感应电动势和感应电流减小，由右手定则判断知 ab 电流方向由 ab，根据安培定则判断可知 M 产生的磁场方向垂直纸面向里，穿过 N 的磁通量减小，线圈面积越小抵消的磁感线越少，所以线圈 N 要通过减小面积以阻碍磁通量的减小，线圈 N 有收缩的趋势，B 错误；答案第 3页，共 13页C导体棒 ab 减速向左运动时，导体棒 ab 中

21、产生的感应电动势和感应电流减小，由右手定则判断知 ab 中电流方向由 ba，根据安培定则判断可知 M 产生的磁场方向垂直纸面向外，穿过 N 的磁通量减小，线圈面积越大抵消的磁感线越多，所以线圈 N 要通过减小面积以阻碍磁通量的减小，线圈 N 有收缩的趋势，C 错误；D导体棒 ab 匀速向左运动时，导体棒 ab 产生的感应电动势和感应电流恒定不变，线圈 M产生的磁场恒定不变，穿过线圈 N 中的磁通量不变，没有感应电流产生，则线圈 N 不受磁场力，没有扩张的趋势，D 错误；故选 A。6.【答案】A【详解】0 1s磁感应强度方向垂直纸面向里且均匀减小，由楞次定律及安培定则可得，线框中产生顺时针方向的

22、感应电流，由Et可知，产生的感应电动势恒定，电流恒定，所以 ab 边受到的安培力 FBIL均匀减小，由左手定则可知，安培力方向向左，为正；13s 磁感应强度方向垂直纸面向外且均匀增大，由楞次定律及安培定则可得，线框中产生顺时针方向的感应电流，由Et可知，产生的感应电动势恒定，电流恒定，所以 ab 边受到的安培力 FBIL均匀增大，由左手定则可知，安培力方向向右，为负；35s 磁感应强度方向垂直纸面向外且均匀减小，由楞次定律及安培定则可得，线框中产生逆时针方向的感应电流，由Et可知，产生的感应电动势恒定，电流恒定，所以 ab 边受到的安培力 FBIL均匀减小，由左手定则可知，安培力方向向左，为正

23、；综合上述分析可知 A 正确，BCD 错误。故选 A。7.【答案】A【详解】AB当开关 S 闭合时，灯 A2 立即发光。电流通过线圈，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相反，阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，所以 A1 逐渐亮起来，所以 A2 比 A1 先亮，由于线圈直流电阻忽略不计，当电流逐渐稳定时，线圈不产生感应电动势，两灯电流相等，亮度相同，故 A 正确，B 错误；CD稳定后，当开关 S 断开后，由于自感，线圈中的电流只能慢慢减小，其相当于电源，与灯泡 A1 和 A2 串联，两灯电流相同，都过一会儿熄灭，灯 A2 不会闪亮，流过 A2 的电流方向向

24、右，故 CD 错误。故选 A。答案第 4页，共 13页8.【答案】C【详解】ABC设粒子的运动轨迹半径为 1r 时，粒子的轨迹与 ad 边相切，如图中曲线所示由几何关系得11 sin302arr解得1ra粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力得2111mvqv Br解得粒子的速率为1Bqavm当粒子的运动轨迹与ab 边相切时，如图中曲线所示，由几何关系可得22 cos30rra 可得此时粒子的运动轨迹半径为2223ar 解得粒子的速率为22(23)Bqavm当粒子的运动轨迹与bc 边相切时，如图中曲线所示，由几何关系可得33 sin302arr 可得此时粒子运动的轨迹半径答案第 5页

25、，共 13页313ra解得粒子的速率为33Bqavm当粒子的速率大于 qBam 时，粒子全部从 ad 边离开磁场。当粒子的速率为 25qBam 时，由于3225qBavvm所以粒子从bc 边离开磁场。当粒子的速率为 3qBam 时，粒子恰好从bc 边离开磁场，故 C 正确，AB 错误；D当粒子的速率由 6qBam 变为10qBam 时，由于1063qBaqBaqBammm可知两种速率的粒子均从 cd 边离开磁场，从 cd 边离开磁场的运动轨迹如图中曲线所示，由几何关系可知粒子轨迹对应的圆心为300，保持不变，粒子在磁场中的运动时间为30052536063mmtTqBqB可知当粒子的速率由 6q

26、Bam 变为10qBam 时，粒子在磁场中运动的时间不变，故 D 错误。故选 C。9.【答案】AD【详解】A由图乙可知原线圈正弦交流电的电压峰值为m130 2VU根据理想变压器特点，副线圈中也为正弦交流电，由原副线圈电压关系得副线圈中电压峰值为2m2m11120 2VnUUn由图可知交流电的周期22 10 sT则2100T答案第 6页，共 13页所以副线圈两端电压的瞬时值表达式120 2 sin100Vut故 A 正确；BC电压表 V2 测量副线圈两端电压，原线圈输入电压的有效值130VU 根据原副线圈电压比等于线圈匝数比1122UnUn可得2120VU原线圈两端电压不变，原副线圈匝数比不变，

27、所以副线圈两端电压不变，故 BC 错误；DTR 处温度降低时，电阻减小，电流增大，则输出功率增大，根据理想变压器特点，原线圈输入功率增大，故 D 正确。故选 AD。10.【答案】AB【详解】AD根据右手定则可知，电流从 D 点流出，经过 R 流向 C 点，因此铜片 D 的电势高于铜片 C 的电势，故 A 正确，D 错误；B设圆盘半径为l，由感应电动势公式可知EBlv且2lv故转动切割的感应电动势为22BlE感应电流为EIR解得22BlIR答案第 7页，共 13页转速增大为原来的 2 倍，由2 n可知角速度增大为原来的 2 倍，电流变为原来的 2 倍，故 B 正确；C由功率表达式可知2 424B

28、 lPEIR故磁感应强度变为原来一半时，功率变为原来的四分之一，故 C 错误。故选 AB。11.【答案】BC【详解】A对匀强磁场中的小球有212MmgRmv可得2MvgR对匀强电场中的小球有212NmgRqERmv得22NqERvgRm所以NMvv故 A 错误；B对匀强磁场中的小球，在最低点有2MMMvFmgBqvm R可得3MMFmgBqv对匀强电场中的小球，在最低点有2NNvFmgm R可得答案第 8页，共 13页32NFmgqE所以MNFF故 B 正确；C因小球第一次到达 M 点的过程中，只有重力做正功，平均速率大，时间短；而小球第一次到达 N 点的过程中，重力做正功，电场力做负功，平均

29、速率小，时间长，故 C 正确；D根据能量守恒，在磁场中的小球上升到最高点时重力势能转化为重力势能，能上升到同高度，而电场中的小球上升到最高点时重力势能有一部分转化为电势能，所以末状态的重力势能小于初状态的重力势能，不能上升到原高度，故 D 错误。故选 BC。12.【答案】BD【详解】A金属棒 a 向右运动时，受向左的安培力，则 a 棒向右做减速运动，随速度的减小，感应电流减小，安培力减小，a 棒的加速度减小，则 a 做加速度减小的减速直线运动，同理可得 b 棒做加速度减小的变加速直线运动，最终两棒达到共速的稳定状态，故 A 错误；B当两棒共速时，由动量守恒定律可知02mvmv解得02vv 故

30、B 正确；C两棒的焦耳热为222001112224Qmvmvmv 由于两棒的电阻等大，故 a 棒上产热为210128QQmv故 C 错误D设从开始运动到两金属棒最终达到稳定过程中，磁通量的变化量为 ，时间为t，平均电流为 I，有xEBLtt答案第 9页，共 13页2EIR对金属棒 b 列动能定理有0BILtmv 联立方程可解得022mv RxB L故 D 正确。故选 BD。13ACD2.397（2.3962.399 均算正确）A11g021(+)I RRII【详解】（1）1A测量电阻时如果指针偏转角度过大，说明挡位选的过大，应将选择开关S 拨至倍率较小的挡位，重新欧姆调零后测量，故 A 正确；

31、B测量电阻不需要区分正负极，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，故 B 错误；C为保护电表，测量电路某个电阻时，应该把该电阻与电路断开，故 C 正确；D测量电阻时不要用手接触表笔的金属杆，否则人体的电阻会并联进去，影响测量结果，故 D 正确。故选 ACD。（2）2由图示螺旋测微器可知，其示数为2mm+39.7 0.01mm2.397mmD 由于需要估读，2.396mm2.399mm 均算正确。3由于电流表 A1 的内阻已知，电流表 A2 的内阻未知，因此应选用已知内阻的电流表 A1 和定值电阻 R0 串联组成电压表；4为尽可能多测几组数据，滑动变阻器应采用分压接法，而改装后的电

32、压表内阻远远大于待测金属棒阻值，因此电流表应采用外接法，实验电路图如下答案第 10页，共 13页5根据电路图及闭合回路欧姆定律可得金属棒的电阻为1g0X21(+)XXI RRURIII14黑29902000C【详解】（1）1图甲中，电路中 a 与电源正极连接为“+”，b 为“-”，多用表电流“红进黑出”，故 c 为红表笔，d 黑表笔；（2）2调零时，R0 接入电路的阻值是0VmV2990ERrRUR（3）3现对电压表刻度重新赋值，则 4V 处应标注V0V2000 xERrRRUR（4）4改装后的欧姆表如果去测量几十欧的电阻很不精确，是因为多用表的内阻太大，导致偏角太大，测量不精确，改进办法降低

33、多用表内阻mVERUR内故改变电动势，6V 或 10V，内阻仍然很大，只有用一个 50的电阻与电压表并联可以增大回路总电流，减小内阻。故选 C。15（10 分）（1）4m/s（2）0.80J【详解】下边产生的感应电动势 E=BL1v（1 分）感应电流EIR（1 分）下边受到的安培力 F=BIL1（1 分）安培力和重力平衡时 F=mg（1 分）得 v=4m/s（1 分）答案第 11页，共 13页如图，标出线圈的几个关键位置：是初始位置，是线圈下边缘刚好进入磁场的位置，是速度刚好达到稳定值的位置，是线圈刚好完全进入磁场的位置，是线圈下边缘到达磁场下边界的位置（为了能看清，把线圈的位置做了一些左右调

34、整，不影响分析）克服安培力做功只发生在阶段，从线框开始下落到刚好全部进入磁场过程对线框用动能定理：2212mg hLWmv（3 分）得 W=0.80J（2 分）16（1）59 10 C；（2）7.2W【详解】（1）滑动变阻器滑片处于最左端时，电容器两端的电压就是电源的路端电压：1336VEURRr（2 分）滑动变阻器滑片处于最右端时，12,RR 并联电阻为12R 电容器两端的电压：23133V2EURRRr（2 分）通过4R 的电量5129 10qC UUC（2 分）（2）当 R 外=r 时 电源的输出功率最大（2 分）22127.2W44 5EPr（2 分）17（1）04s 内，线圈中的感应

35、电流的大小为 0.02A，方向沿逆时针方向46s 内，线圈中的感应电流大小为 0.08A，方向沿顺时针方向；（2）04s 内，R 两端的电压是 0.08V；46s 内，R 两端的电压是 0.32V，R 消耗的总功率为 0.0272W；（3）前 4s 内通过 R 的电荷量是 8102C【详解】（1）04s 内，由法拉第电磁感应定律有：答案第 12页，共 13页10.40.21000.02V0.1V4B SENNtt 线圈中的感应电流大小为：110.1 A0.02A41EIRr（1 分）由楞次定律知感应电流方向沿逆时针方向（1 分）46s 内，由法拉第电磁感应定律有：20.41000.02V0.4

36、V2B SENNtt 线圈中的感应电流大小为：220.4 A0.08A41EIRr（1 分）方向沿顺时针方向（1 分）（2）04s 内，R 两端的电压为：110.02 4V0.08VUI R消耗的功率为：11 10.08 0.02W0.0016WPU I（2 分）46s 内，R 两端的电压为：220.08 4V0.32VUI R消耗的功率为：2220.32 0.08W0.0256WPU I（2 分）故 R 消耗的总功率为：120.0272WPPP（1 分）（3）前 4s 内通过 R 的电荷量为：20.2 0.021008 10 C4 1E tBSqItnnRrRrRr （3 分）18（1）20

37、2mvEqh;（2）0mvBqr;（3）042hrtv【详解】（1）带电粒子在电场中做类平抛运动，有水平方向2h=v0t1（1 分）竖直方向h=12 at12（1 分）Eqam（1 分）由式得20 2mvEqh（1 分）（2）粒子进入磁场时沿 y 轴方向的速度vy=at1粒子进入磁场时的速度220 yvvv（1 分）答案第 13页，共 13页粒子在洛伦兹力作用下做圆周运动，有2 vqvBm R（1 分）由几何关系有2Rr（1 分）由式得0 mvBqr（1 分）（3）粒子在磁场中运动的时间21 4tT（1 分）粒子在磁场中做圆周运动的周期2 mTqB（1 分）粒子从 P 点进入电场到 Q 点射出磁场的总时间t=t1+t2代入数据解得042hrtv（2 分）