专题17 全等与相似模型-对角互补模型（教师卷）.docx

1、专题17 全等与相似模型-对角互补模型全等三角形与相似三角形在中考数学几何模块中占据着重要地位。相似三角形与其它知识点结合以综合题的形式呈现，其变化很多，难度大，是中考的常考题型。如果大家平时注重解题方法，熟练掌握基本解题模型，再遇到该类问题就信心更足了本专题就对角互补模型进行梳理及对应试题分析，方便掌握。模型1、旋转中的对角互补模型对角互补模型概念：对角互补模型特指四边形中，存在一对对角互补，而且有一组邻边相等的几何模型。思想方法：解决此类问题常用的辅助线画法主要有两种：过顶点做双垂线，构造全等三角形；进行旋转的构造，构造手拉手全等。常见的对角互补模型含90-90对角互补模型、120-60

2、对角互补模型、 2-（180-2）对角互补模型。1）“共斜边等腰直角三角形+直角三角形”模型（异侧型） 条件：如图，已知AOBDCE90，OC平分AOB.结论：CDCE，ODOEOC，.2）“斜边等腰直角三角形+直角三角形”模型（同侧型） 条件：如图，已知DCE的一边与AO的延长线交于点D，AOBDCE90，OC平分AOB.来源:学科网ZXXK结论：CDCE，OEODOC，.3）“等边三角形对120模型”（1） 条件：如图，已知AOB2DCE120，OC平分AOB.结论：CDCE，ODOEOC，.4）“等边三角形对120模型”（2） 条件：如图，已知AOB2DCE120，OC平分AOB，DCE

3、的一边与BO的延长线交于点D，结论：CDCE，ODOEOC，.5）“120等腰三角形对60模型”条件：ABC是等腰三角形，且BAC=120，BPC=60。 结论：PB+PC=PA；6）“2对180-2模型”条件：四边形ABCD中，AP=BP,A+B=180 结论：OP平分AOB注意：AP=BP，A+B=180，OP平分AOB，以上三个条件可知二推一。7）“蝴蝶型对角互补模型”条件：AP=BP,AOB=APB 结论：OP平分AOB的外角。例1（2023黑龙江黑河八年级期中）RtABC中，AB=AC，点D为BC中点MDN=90，MDN绕点D旋转，DM、DN分别与边AB、AC交于E、F两点下列结论：

4、(BE+CF)=BC，ADEF，ADEF其中正确结论的个数是（ ）A1个B2个C3个D4个【答案】C【详解】解:RtABC中，AB=AC，点D为BC中点MDN=90，AD =DC，EAD=C=45，EDA=MDNADN =90ADN=FDCEDAFDC（ASA）AE=CFBE+CF= BE+ AE=AB在RtABC中，根据勾股定理，得AB=BC(BE+CF)=BC结论正确设AB=AC=a，AE=b，则AF=BE= ab结论正确如图，过点E作EIAD于点I，过点F作FGAD于点G，过点F作FHBC于点H，ADEF相交于点O四边形GDHF是矩形，AEI和AGF是等腰直角三角形，EOEI（EFAD时

5、取等于）=FH=GD，OFGH（EFAD时取等于）=AGEF=EOOFGDAG=AD结论错误EDAFDC，结论错误综上所述，结论正确故选C例2（2022辽宁九年级期末模拟）已知AOB90，在AOB的平分线OM上有一点C，将一个三角板的直角顶点与C重合，它的两条直角边分别与OA，OB(或它们的反向延长线)相交于点D，E.当三角板绕点C旋转到CD与OA垂直时(如图)，易证：ODOEOC；当三角板绕点C旋转到CD与OA不垂直时，即在图，图这两种情况下，上述结论是否仍然成立？若成立，请给予证明：若不成立，线段OD，OE，OC之间又有怎样的数量关系？请写出你的猜想，不需证明【答案】图中ODOEOC成立证

6、明见解析；图不成立，有数量关系：OEODOC【分析】当三角板绕点C旋转到CD与OA不垂直时，易得CKDCHE，进而可得出证明；判断出结果，解此题的关键是根据题意找到全等三角形或等价关系，进而得出OC与OD、OE的关系；最后转化得到结论【详解】解：图中ODOEOC成立证明：过点C分别作OA，OB的垂线，垂足分别为P，Q有CPDCQE，DPEQ，OPODDP，OQOEEQ，又OPOQOC，即ODDPOEEQOC，ODOEOC图不成立，有数量关系：OEODOC 过点C分别作CKOA，CHOB，OC为AOB的角平分线，且CKOA，CHOB，CK=CH，CKD=CHE=90，又KCD与HCE都为旋转角，

7、KCD=HCE，CKDCHE，DK=EH，OE-OD=OH+EH-OD=OH+DK-OD=OH+OK，由（1）知：OH+OK=OC，OD，OE，OC满足OE-OD=OC【点睛】本题考查旋转的性质：旋转变化前后，对应线段、对应角分别相等，图形的大小、形状都不改变，两组对应点连线的交点是旋转中心例3（2022秋四川绵阳九年级校联考阶段练习）已知，是过点的直线，过点作于点，连接(1)问题发现：如图(1)，过点作，与交于点，、之间的数量关系是什么？并给予证明(2)拓展探究：当绕点旋转到如图(2)位置时，、之间满足怎样的数量关系？请写出你的猜想，并给予证明【答案】(1)；证明见解析(2)；证明见解析【分

8、析】(1)过点作，得到，判断出，确定为等腰直角三角形即可得出结论；(2)过点作于点，判断出，确定为等腰直角三角形，即可得出结论【详解】（1）解：如图1，过点作交于点， ，在四边形中，是等腰直角三角形，；（2）；理由：如图，过点作交于点，是等腰直角三角形，；【点睛】本题考查了全等三角形的性质与判定，等腰直角三角形的性质与判定，勾股定理，构造全等三角形是解题的关键例4（2022四川宜宾八年级期末）如图1，平分，以为顶点作，交于点，于点E. （1）求证：；（2）图1中，若，求的长；（3）如图2，平分，以为顶点作，交于点，于点.若，求四边形的面积【答案】（1）见解析；（2）OD+OE =；（3）【分析

9、】（1）过点C作CGOA于G,CHOB于H，然后根据题意利用AAS定理进行证明CDG CEH，从而求解；（2）根据全等三角形的性质得到OD+OE =2OH，然后利用勾股定理求OH的值，从而求解；（3）过点C作CGOA于G,CHOB于H，然后根据题意利用AAS定理进行证明CDG CEH，从而求得=2，然后利用含30的直角三角形性质求得OH=,CH=从而求得三角形面积，使问题得到解决【详解】解：（1）如图,过点C作CGOA于G,CHOB于H， 平分CG =CH,CDO+CEO=180CDG+CDO=180CDG =CEO在CDG与CEH中 CDG CEH(AAS)(2)由（1）得CDG CEHDG

10、=HE由题易得OCG与OCH是全等的等腰直角三角形，且OG=OHOD+OE=OD+OH+HE=OG+OH=2OH 设OH=CH=x，在RtOCH中，由勾股定理，得:OH2+CH2=OC2(舍负)OH =OD+OE =2OH=（3）如图,过点C作CGOA于G,CHOB于H，平分CG =CH ,CDO+CEO=180CDG+CDO=180CDG =CEO在CDG与CEH中CDG CEH(AAS)DG=HE由题易得OCG与OCH是全等的直角三角形,且OG=OHOD+OE=OD+OH+HE=OG+OH=2OH=2在RtOCH中,有COH=60,OC=3，OH=,CH=2=【点睛】本题考查全等三角形的性

11、质及判定，含30直角三角形的性质以及勾股定理，是一道综合性问题，掌握相关知识点灵活应用解题是本题的解题关键.例5（2022湖北省宜城市八年级期末）如图，已知AOB=120，在AOB的平分线OM上有一点C，将一个60角的顶点与点C重合，它的两条边分别与直线OA、OB相交于点D、E（1）当DCE绕点C旋转到CD与OA垂直时（如图1），请猜想OE+OD与OC的数量关系，并说明理由；（2）当DCE绕点C旋转到CD与OA不垂直时，到达图2的位置，（1）中的结论是否成立？并说明理由；（3）当DCE绕点C旋转到CD与OA的反向延长线相交时，上述结论是否成立？若成立，请给于证明；若不成立，线段OD、OE与OC

12、之间又有怎样的数量关系？请写出你的猜想，不需证明【答案】（1）详见解析；（2）（1）中结论仍然成立，理由详见解析；（3）（1）中结论不成立，结论为OEOD=OC，证明详见解析.【分析】(1)根据OM是AOB的角平分线，可得AOB=60，则OCE=30，再根据30所对直角边是斜边的一半，得出OD=OC，同理：OE=OC，即可得出结论；(2)同(1)的方法得到OF+OG=OC，再根据AAS证明CFDCGE，得出DF=EG，则OF=OD+DF=OD+EG，OG=OEEG，OF+OG=OD+OE，即可得出结论.(3)同(2)的方法得到DF=EG，根据等量代换可得OEOD=OC.【详解】(1)OM是AO

13、B的角平分线，AOC=BOC=AOB=60，CDOA，ODC=90，OCD=30，OCE=DCEOCD=30，在RtOCD中，OD=OC，同理：OE=OC，OD+OE=OC，(2)(1)中结论仍然成立，理由：过点C作CFOA于F，CGOB于G，如图， OFC=OGC=90，AOB=120，FCG=60，同(1)的方法得，OF=OC，OG=OC，OF+OG=OC，CFOA，CGOB，且点C是AOB的平分线OM上一点，CF=CG，DCE=60，FCG=60，DCF=ECG，CFDCGE，DF=EG，OF=OD+DF=OD+EG，OG=OEEG， OF+OG=OD+EG+OEEG=OD+OE，OD+

14、OE=OC；(3)(1)中结论不成立，结论为：OEOD=OC，理由：过点C作CFOA于F，CGOB于G，如图，OFC=OGC=90，AOB=120，FCG=60，同(1)的方法得，OF=OC，OG=OC，OF+OG=OC，CFOA，CGOB，且点C是AOB的平分线OM上一点，CF=CG，DCE=60，FCG=60，DCF=ECG，CFDCGE，DF=EG，OF=DFOD=EGOD，OG=OEEG，OF+OG=EGOD+OEEG=OEOD，OEOD=OC【点睛】本题考查了角平分线的性质定理，全等三角形的判定和性质，直角三角形的性质.正确作辅助线是解题的关键.例6（2023山东九年级专题练习）如图

15、，ABC是边长为4的等边三角形，点D是线段BC的中点，EDF=120，把EDF绕点D旋转，使EDF的两边分别与线段AB、AC交于点E、F（1）当DFAC时，求证：BE=CF；（2）在旋转过程中，BE+CF是否为定值？若是，求出这个定值；若不是，请说明理由【答案】（1）证明见解析；（2）是，2.【分析】（1）根据四边形内角和为360，可求DEA=90，根据“AAS”可判定BDECDF，即可证BE=CF；（2）过点D作DMAB于M，作DNAC于N，如图2，易证MBDNCD，则有BM=CN，DM=DN，进而可证到EMDFND，则有EM=FN，就可得到BE+CF=BM+EM+CF=BM+FN+CF=B

16、M+CN=2BM=2BDcos60=BD=BC=2.【详解】（1）ABC是边长为4的等边三角形，点D是线段BC的中点，B=C=60，BD=CD，DFAC，DFA=90，A+EDF+AFD+AED=180，AED=90，DEB=DFC，且B=C=60，BD=DC，BDECDF（AAS）（2）过点D作DMAB于M，作DNAC于N，则有AMD=BMD=AND=CND=90A=60，MDN=360-60-90-90=120EDF=120，MDE=NDF在MBD和NCD中，MBDNCD（AAS）BM=CN，DM=DN在EMD和FND中，EMDFND（ASA）EM=FN，BE+CF=BM+EM+CF=BM

17、+FN+CF=BM+CN=2BM=2BDcos60=BD=BC=2.【点睛】本题主要考查了等边三角形的判定与性质、全等三角形的判定与性质、特殊角的三角函数值等知识，通过证明三角形全等得到BM=CN，DM=DN，EM=FN是解决本题的关键例7（2022山东省枣庄市一模）如图，已知，在的角平分线上有一点，将一个角的顶点与点重合，它的两条边分别与射线相交于点.（1）如图1，当绕点旋转到与垂直时，请猜想与的数量关系，并说明理由；（2）当绕点旋转到与不垂直时，到达图2的位置，（1）中的结论是否成立？并说明理由；（3）如图3，当绕点旋转到点位于的反向延长线上时，求线段与之间又有怎样的数量关系？请写出你的猜

18、想，不需证明.【答案】（1），见解析；（2）结论仍然成立，见解析；（3）【分析】（1）先判断出OCE60，再利用特殊角的三角函数得出ODOC，同OEOC，即可得出结论；（2）同（1）的方法得OFOGOC，再判断出CFDCGE，得出DFEG，最后等量代换即可得出结论；（3）同（2）的方法即可得出结论【详解】解：（1）是的角平分线在中，同理：（2）（1）中结论仍然成立，理由：过点作于，于 由（1）知，且点是的平分线上一点（3）结论为：.理由：过点C作CFOA于F，CGOB于G，OFCOGC90，AOB60，FCG120，同（1）的方法得，OFOC，OGOC，OFOGOC，CFOA，CGOB，且点C

19、是AOB的平分线OM上一点，CFCG，DCE120，FCG120，DCFECG，CFDCGE，DFEG，OFDFODEGOD，OGOEEG，OFOGEGODOEEGOEOD，OEODOC【点睛】此题属于几何变换综合题，主要考查了角平分线的性质，全等三角形的判定和性质的综合运用，正确作出辅助线，构造全等三角形是解本题的关键例8（2022秋福建厦门九年级校考期中）如图，（是常量）点P在的平分线上，且，以点P为顶点的绕点P逆时针旋转，在旋转的过程中，的两边分别与，相交于M，N两点，若始终与互补，则以下四个结论：；的值不变；四边形的面积不变；点M与点N的距离保持不变其中正确的为（）ABCD【答案】B【

20、分析】如图作于点E，于点F，只要证明，即可一一判断【详解】解：如图所示：作于点E，于点F， ，平分， 在和中， ，在和中，故正确，定值，故正确，定值，故正确，的位置是变化的，之间的距离也是变化的，故错误；故选：B【点睛】本题考查了全等三角形的性质，角平分线的性质定理，四边形的面积等知识，解题的关键是学会添加辅助线，构造全等三角形解决问题模型2.对角互补模型（相似模型） 【模型解读】四边形或多边形构成的几何图形中，相对的角互补。该题型常用到的辅助线主要是顶定点向两边做垂线，从而证明两个三角形相似.【常见模型及结论】1）对角互补相似1条件：如图，在RtABC中，CEOF90，点O是AB的中点， 辅

21、助线：过点O作ODAC，垂足为D，过点O作OHBC，垂足为H，结论：ODEOHF；（思路提示：）.2）对角互补相似2条件：如图，已知AOBDCE90，BOC. 辅助线：作法1：如图1，过点C作CFOA，垂足为F，过点C作CGOB，垂足为G；结论：ECGDCF；CECD.（思路提示：，CF=OG，在RtCOG中，）辅助线：作法2：如图2，过点C作CFOC，交OB于F；结论：CFECOD；CECD.（思路提示：，在RtOCF中，）3）对角互补相似3条件：已知如图，四边形ABCD中，B+D=180辅助线：过点D作DEBA，垂足为E，过点D作DFBC，垂足为F；结论：DAEDCF；ABCD四点共圆。例

22、1（2023成都市九年级期中）如图所示，在中，在中，点P在上，交于点E，交于点F当时，的值为（ ）A1B2C3D4【答案】C【分析】过P作PHBC于H，PQAB于Q，证明PQEPHF，得出PQ=2PH=2BQ，再由PQBC证得AQPABC，得到，设BQ=x，则AQ=3x，PQ=2x，求出x值即可解决问题【详解】解：在中，AC= ，过P作PHBC于H，PQAB于Q，则PQB=PHB=B=90，四边形PQBH是矩形，PH=BQ，QPH=90=MPN，PQBC，EPH+QPE=EPH+HPF=90，QPE=HPF，PQEPHF，又PE=2PF，PQ=2PH=2BQ，PQBC，AQPABC，设BQ=x

23、，则AQ=3x，PQ=2x，解得：，AP=3，故选：C【点睛】本题考查相似三角形的判定与性质、勾股定理、等角的余角相等、矩形的判定与性质，熟练掌握相关知识的联系与运用，添加辅助线是解答的关键例2（2023河南南阳九年级统考阶段练习）如图，在等腰直角中，过点作射线，为射线上一点，在边上（不与重合）且，与交于点（1）求证：；（2）求证：；（3）如果，求证：【答案】（1）见解析；（2）见解析；（3）见解析【分析】（1）根据题意先由等腰直角ABC得到BAC=B=45，从而结合DAE=45得到DAC=EAB，再由平行线的性质得到ACP=BAC=B=45，从而得到ADCAEB；（2）根据题意由相似三角形的

24、性质得到AD：AE=AC：AB，转化为AD：AC=AE：AB，结合DAE=CAB=45得证结果；（3）根据题意结合ACD=45和ACB=90，由CD=CE得到CDE=CED=22.5，从而得到DAC=22.5，然后得到OCDDCA，最后即可求证【详解】解：（1）证明：是等腰直角三角形，；（2）证明：，即，；（3），又，【点睛】本题考查相似三角形的判定与性质以及等腰直角三角形的性质，解题的关键是通过线段的比例关系得到三角形相似例3（2023广西河池校联考一模）综合与实践【问题情境】在中，在直角三角板中，将三角板的直角顶点放在斜边的中点处，并将三角板绕点旋转，三角板的两边，分别与边，交于点，【猜想

25、证明】如图，在三角板旋转过程中，当为边的中点时，试判断四边形的形状，并说明理由【问题解决】如图，在三角板旋转过程中，当时，求线段的长 【答案】猜想证明四边形是矩形，理由见解析；问题解决【分析】猜想证明由三角形中位线定理可得，可证，即可求解；问题解决由勾股定理可求的长，由中点的性质可得的长，由锐角三角函数可求解【详解】猜想证明四边形是矩形，理由如下：如图，点是的中点，点是的中点，是的中位线，四边形是矩形；问题解决过点作于，如图：，点是的中点，又，【点睛】本题考查四边形综合应用，涉及矩形的判定，直角三角形的性质，勾股定理，锐角三角函数等有关知识，灵活运用这些性质解决问题是解题的关键例4（2023年

26、江西省南昌市月考）如图，两个全等的四边形和，其中四边形的顶点O位于四边形的对角线交点O(1)如图1，若四边形和都是正方形，则下列说法正确的有_（填序号）；重叠部分的面积始终等于四边形的；(2)应用提升:如图2，若四边形和都是矩形，写出与之间的数量关系，并证明(3)类比拓展:如图3，若四边形和都是菱形，判断（1）中的结论是否依然成立；如不成立，请写出你认为正确的结论（可用表示），并选取你所写结论中的一个说明理由【答案】(1)(2)关系为，证明见解析(3)成立，不成立，正确结论重叠部分的面积始终等于四边形的；证明的过程见解析【详解】（1）如图，在图1中，过点O作于点H,于点G于点H, 于点G四边形

27、和都是正方形,在和中故正确故正确四边形是正方形故正确（2）关系为，证明如下：如图，在图2中，过点O作于点H,于点G于点H, 于点G四边形和都是矩形,在和中（3）（1）中结论，成立，不成立，正确结论重叠部分的面积始终等于四边形的；现证明如下：如图，在图3中，过点O作于点H,于点G于点H, 于点G四边形和都是菱形,在和中例5（2023.辽宁中考模拟）如图，在RtABC中，ACBC，ACB90，点O在线段AB上（点O不与点A，B重合），且OBkOA，点M是AC延长线上的一点，作射线OM，将射线OM绕点O逆时针旋转90，交射线CB于点N（1）如图1，当k1时，判断线段OM与ON的数量关系，并说明理由；

28、（2）如图2，当k1时，判断线段OM与ON的数量关系（用含k的式子表示），并证明；（3）点P在射线BC上，若BON15，PNkAM（k1），且，请直接写出的值（用含k的式子表示）【答案】（1）OMON，见解析；（2）ONkOM，见解析；（3）【分析】（1）作ODAM，OEBC，证明DOMEON；（2）作ODAM，OEBC，证明DOMEON；（3）设ACBCa，解RtEON和斜AOM，用含的代数式分别表示再利用比例的性质可得答案【详解】解：（1）OMON，如图1，作ODAM于D，OECB于E，ADOMDOCEOOEN90，DOE90，ACBC，ACB90，AABC45，在RtAOD中，同理：OE

29、OB，OAOB，ODOE，DOE90，DOMMOE90，MON90，EONMOE90，DOMEON，在RtDOM和RtEON中，DOMEON（ASA），OMON（2）如图2，作ODAM于D，OEBC于E，由（1）知：ODOA，OEOB， ，由（1）知：DOMEON，MDONEO90，DOMEON，ONkOM（3）如图3，设ACBCa，ABa，OBkOA，OBa，OAa，OEOBa，NABCBON451530，ENOEa，CEODOAa，NCCEENaa，由（2）知：，DOMEON，AMON30，PONAOM，PA45，PEOEa，PNPEENaa，设ADODx，DM，由ADDMACCM得，（1

30、）xACCM，x（ACCM）（ACAC）AC，k1， 【点睛】本题考查了三角形全等和相似，以及解直角三角形，解决问题的关键是作ODAC，OEBC；本题的难点是条件得出k1例6（2023浙江中考二模）（1）特例感知：如图1，已知在RtABC中，BAC90，ABAC，取BC边上中点D，连接AD，点E为AB边上一点，连接DE，作DFDE交AC于点F，求证：BEAF；（2）探索发现：如图2，已知在RtABC中，BAC90，ABAC3，取BC边上中点D，连接AD，点E为BA延长线上一点，AE1，连接DE，作DFDE交AC延长线于点F，求AF的长；（3）类比迁移：如图3，已知在ABC中，BAC120，AB

31、AC4，取BC边上中点D，连接AD，点E为射线BA上一点（不与点A、点B重合），连接DE，将射线DE绕点D顺时针旋转30交射线CA于点F，当AE4AF时，求AF的长【答案】（1）见解析；（2）4；（3）或或【分析】（1）证明BDEADF（ASA），根据全等三角形的性质即可得到BEAF；（2）方法同（1），利用全等三角形的性质解决问题；（3）证明EBDDCF，推出，设AFm，则AE4m，分三种情形，分别构建方程求解即可【详解】（1）证明：如图1中，ABC中，BAC90，ABAC，AD是高，BDCDADBC，BC45，BADCADBAC45，DFDE，EDFADB90，BDEADF90ADE，在B

32、DE和ADF中，BDEADF（ASA），BEAF；（2）解：如图2中，由（1）知，BDCDAD，BCBADCAD45，EDFADB90，BDEADF90+ADE， 在BDE和ADF中，BDEADF（ASA），BEAF，AB3，AE1，BEAB+AE4，AF4；（3）解：如图3中，ABAC，BDCD，ADBC，BADCADBAC60，BDCDABsin602，AE4AF，可以假设AFm，则AE4m，BE44m，CF4m，EDCEDF+FDCB+BED，EDFB30，FDCBED，BC，EBDDCF，整理得，m25m+10，解得m或（舍弃），经检验，m是分式方程的解当点F在CA的延长线上时，CF4

33、+m，由EBDDCF，可得，解得，m或（舍弃），经检验，m是分式方程的解当点E在射线BA上时，BE4+4m，EBDDCF，解得，m或（舍弃），经检验，m是分式方程的解综上所述，满足条件的AF的值为或或【点睛】本题属于几何变换综合题，考查了全等三角形的判定与性质、相似三角形的判定与性质，等腰直角三角形的判定与性质等知识；熟练掌握等腰直角三角形的判定与性质，证明三角形全等是解题的关键，学会用分类讨论的思想思考问题，属于中考常考题型课后专项训练1（2022江苏八年级校联考期末）如图，在平面直角坐标系xOy中，A,B两点分别在x轴，y轴的正半轴上，且OA=OB，点C在第一象限，OC=3，连接BC，AC

34、，若BCA=90，则BC+AC的值为_【答案】【分析】可将OBC绕着O点顺时针旋转90，所得的图形与OAC正好拼成等腰直角三角形BC+AC等于等腰三角形的斜边CD.【详解】解：将OBC绕O点旋转90，OB=OA点B落在A处，点C落在D处 且有OD=OC=3，COD=90，OAD=OBC，在四边形OACB中BOA=BCA=90，OBC+OAC=180，OAD+OAC=180C、A、D三点在同一条直线上，OCD为等要直角三角形，根据勾股定理CD2=OC2+OD2即CD2=32+32=18解得CD= 即BC+AC=.【点睛】本题考查旋转的性质，旋转前后的图形对应边相等，对应角相等.要求两条线段的长，

35、可利用作图的方法将两条线段化成一条线段，再求这条线段的长度即可，本题就是利用旋转的方法做到的，但做本题时需注意，一定要证明C、A、D三点在同一条直线上.本题还有一种化一般为特殊的方法，因为答案一定可考虑CBy轴的情况，此时四边形OACB刚好是正方形，在做选择或填空题时，也可起到事半功倍的效果.2（2023.广东九年级期中）如图，为等边三角形，以为边向外作，使，再以点C为旋转中心把旋转到，则给出下列结论：D，A，E三点共线；平分；其中正确的有（）A1个B2个C3个D4个【答案】D【分析】设1=x度，把2=（60-x）度，DBC=4=（x+60）度，3=60加起来等于180度，即可证明D、A、E三

36、点共线；根据BCD绕着点C按顺时针方向旋转60得到ACE，判断出CDE为等边三角形，求出BDC=E=60，CDA=120-60=60，可知DC平分BDA；由可知，BAC=60，E=60，从而得到E=BAC由旋转可知AE=BD，又DAE=180，DE=AE+AD而CDE为等边三角形，DC=DE=DB+BA【详解】解：如图，设1=x度，则2=（60-x）度，DBC=（x+60）度，故4=（x+60）度，2+3+4=60-x+60+x+60=180度，D、A、E三点共线；故正确；BCD绕着点C按顺时针方向旋转60得到ACE，CD=CE，DCE=60，CDE为等边三角形，E=60，BDC=E=60，C

37、DA=120-60=60，DC平分BDA；故正确；BAC=60，E=60，E=BAC故正确；由旋转可知AE=BD，又DAE=180，DE=AE+ADCDE为等边三角形，DC=DB+DA故正确；故选：D【点睛】本题考查了旋转的性质、等边三角形的性质等相关知识，要注意旋转不变性，找到变化过程中的不变量3.（2023山西临汾统考二模）在菱形中，对角线交于点，分别是边上的点，且与交于点，则的值为 【答案】【分析】由菱形的性质及可证，得，；由得，于是，可得，进而求得答案【详解】 四边形是菱形，又， 设，则， ；故答案为：【点睛】本题考查菱形的性质，全等三角形的判定和性质，相似三角形的判定和性质，利用全等

38、及相似得到线段间的数量关系是解题的关键4（2023青岛版九年级月考）如图，在中，直角的顶点在上，、分别交、于点、，绕点任意旋转当时，的值为 ；当时，为 （用含的式子表示）【答案】 , 【详解】如图，过点O作OHAC于H，OGBC于G，由条件可以表示出HO、GO的值，通过证明PHOQGO由相似三角形的性质就可以求出结论解答：解：过点O作OHAC于H，OGBC于G，OHP=OGQ=90ACB=90，四边形HCGO为矩形，HOG=90，HOP=GOQ，PHOQGO，设OA=x，则OB=2x，且ABC=30，AH=x，OG=x在RtAHO中，由勾股定理，得OH=x，=故答案为5（2023西城区校级期中

39、）已知，如图，在四边形ABCD中，BCBA，A+C180，DEBC，BD平分ABC，试说明ADDC【解答】证明：如图，过D作DFAB，交BA的延长线于点F，DEBC，BD平分ABC，DEDF，FDEC90，BAD+C180，且BAD+DAF180，DAFC，在ADF和CDE中ADFCDE（AAS），ADCD6（2023阜新中考模拟）如图，在ABC中，BAC90，ABAC，ADBC于点D（1）如图1，点E，F在AB，AC上，且EDF90求证：BEAF；（2）点M，N分别在直线AD，AC上，且BMN90如图2，当点M在AD的延长线上时，求证：AB+ANAM；当点M在点A，D之间，且AMN30时，已

40、知AB2，直接写出线段AM的长【解答】解：（1）BAC90，ABAC，BC45，ADBC，BDCD，ADB90，BADCAD45，CADB，ADBD，EDFADB90，BDEADF，BDEADF（ASA），BEAF；（2）如图1，过点M作MPAM，交AB的延长线于点P，AMP90，PAM45，PPAM45，AMPM，BMNAMP90，BMPAMN，DACP45，AMNPMB（ASA），ANPB，APAB+BPAB+AN，在RtAMP中，AMP90，AMMP，APAM，AB+ANAM；如图，在RtABD中，ADBDAB，BMN90，AMN30，BMD903060，在RtBDM中，DM，AMADD

41、M7、（2023.重庆九年级期中）已知：如图，在等边ABC中，点O是BC的中点，DOE120，DOE绕着点O旋转，角的两边与AB相交于点D，与AC相交于点E(1)若OD，OE都在BC的上方，如图1，求证：ODOE(2)在图1中，BD，CE与BC的数量关系是 (3)若点D在AB的延长线上，点E在线段AC上，如图2，直接写出BD，CE与BC的数量关系是 【答案】(1)见解析；(2)；(3)【解析】(1)证明：取AB的中点F，连接OFABC是等边三角形，点O与点F分别是BC与AB的中点，BOF是等边三角形，在DOF和EOC中， (2)解：结论：理由：，是等边三角形，故答案为：；(3)结论：理由如图2

42、中，取的中点F，连接OF同（1）中的方法可证是等边三角形，8（2022山西省吕梁市八年级期末）如图，已知与，平分 (1)如图1，与的两边分别相交于点、，试判断线段与的数量关系，并说明理由. 以下是小宇同学给出如下正确的解法：解：理由如下：如图1，过点作，交于点，则，请根据小宇同学的证明思路，写出该证明的剩余部分(2)你有与小宇不同的思考方法吗？请写出你的证明过程(3)若，如图3，与的两边分别相交于点、时，(1)中的结论成立吗？为什么？线段、有什么数量关系？说明理由如图4，的一边与的延长线相交时，请回答(1)中的结论是否成立，并请直接写出线段、有什么数量关系；如图5，的一边与的延长线相交时，请回

43、答(1)中的结论是否成立，并请直接写出线段、有什么数量关系【答案】(1)见解析；(2)证明见解析；(3)成立，理由见解析；在图4中，(1)中的结论成立，.在图5中，(1)中的结论成立，【分析】（1）通过ASA证明即可得到CD=CE；（2）过点作，垂足分别为，通过AAS证明同样可得到CD=CE；（3）方法一：过点作，垂足分别为，通过AAS得到，进而得到，利用等量代换得到，在中，利用30角所对的边是斜边的一半得，同理得到，所以；方法二：以为一边作，交于点，通过ASA证明，得到，所以；图4：以OC为一边，作OCF=60与OB交于F点，利用ASA证得CODCFE，即有CD=CE，OD=EF得到OE=O

44、F+EF=OC+OD；图5:以OC为一边，作OCG=60与OA交于G点，利用ASA证得CGDCOE，即有CD=CE，OD=EF，得到OE=OF+EF=OC+OD.【详解】解：(1)平分，又在与中， (2)如图2，过点作，垂足分别为，又平分，在四边形中，又，又，在与中，.(3)(1)中的结论仍成立.理由如下：方法一：如图3(1)，过点作， 垂足分别为，又平分，在四边形中，又，又，在与中，.在中，同理，.方法二：如图3（2），以为一边作，交于点，平分，是等边三角形，在与中，.在图4中，(1)中的结论成立，.如图，以OC为一边，作OCF=60与OB交于F点AOB=120，OC为AOB的角平分线COB=COA=60又OCF=60COF为等边三角形OC=OFCOF=OCD+DCF=60，DCE=DCF+FCB=60OCD=FCB又COD=180-COA=180-60=120 CFE=180-CFO=180-60=120COD=CFECODCFE（ASA）CD=CE，OD=EFOE=OF+EF=OC+OD即OE-OD=OC 在图5中，(1)中的结论成立，.如图，以OC为一边，作OCG=60与OA交于G点AOB=120，OC为AOB的角平分线COB=COA=60又OCG=60COG为等边三角形OC=OGCOG=OCE+ECG=60，DCE=DCG+GCE=60DCG=OCE