河南省2021-2022学年高二数学下学期第三次联考试题 理 (2).doc

1、河南省2021-2022学年高二数学下学期第三次联考试题 理注意事项：1、 本试卷分为第1卷（选择题）和第2卷（非选择题）两部分。2、 本场考试150分钟，满分150分。 3、答卷前考生务必将自己的姓名和考号填写在答题卡上，并使用2B铅笔填涂。 4、考试结束后，将答题卡交回。一、选择题(每小题5分,共60分)1.已知复数，则复数z在复平面内对应的点位于A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限2.有一机器人的运动方程为是时间，s是位移，则该机器人在时刻时的瞬时速度为 A. B. C. D. 3.已知复数，i为虚数单位，则等于 A. B. C. D. 4.下列运算正确的个数为，A.

2、 0B. 1C. 2D. 35.指数函数是R上的增函数，是指数函数，所以是R上的增函数以上推理A. 大前提错误B. 小前提错误C. 推理形式错误D. 正确6.已知曲线上一点，则过点P的切线的倾斜角为 A. B. C. D. 7.设函数在定义域内可导，的图象如图所示，则导函数的图象可能是A. B. C. D. 8.图中抛物线与直线所围成的阴影部分的面积是A. 16 B. 18C. 20 D. 229.函数有小于1的极值点，则实数的取值范围是 A. B. C. D. 10.已知函数，则的图象大致为 A. B. C. D. 11.已知函数，若关于x的方程有5个不同的实数根，则实数t的取值范围是A.

3、B. C. D. 12.已知定义在R上的可导函数，当时，恒成立，若，则，b，c的大小关系为A. B. C. D. 二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13.若“，使成立”为真命题，则实数的取值范围是_14.若满足约束条件,则的最小值为_15.在平面直角坐标系中，点，若在曲线上存在点使得，则实数的取值范围为_.16.平面直角坐标系中,双曲线的渐近线与抛物线交于点.若的垂心为的焦点,则的离心率为_.三、解答题（本大题共6小题，共70分）17(10分)已知函数f(x)xlnx（1）求曲线yf(x)在点（1，f(1)）处的切线方程；（2）求函数f(x)的极值18(12分)已知抛物线：的焦点

4、为，上的一点到焦点的距离是，求抛物线的方程；过作直线，交于，两点，若线段中点的纵坐标为，求直线的方程.19(12分)在直三棱柱ABCA1B1C1中，ABAC，AB=AC=2，A1A=4，点D是BC的中点；（1）求异面直线A1B，AC1所成角的余弦值；（2）求直线AB1与平面C1AD所成角的正弦值20(12分)已知，是函数的两个极值点.（1）求的解析式；（2）记，若函数有三个零点，求的取值范围.21(12分)如图，直角梯形与等腰直角三角形所在的平面互相垂直，=2，.（1）求点C到平面的距离；（2）线段上是否存在点F，使与平面所成角正弦值为，若存在，求出，若不存在，说明理由.22(12分)设函数（

5、1）求的单调区间；（2）若a=1，k为整数，且当x0时，恒成立，求k的最大值（其中为的导函数）参考答案题号123456789101112答案DDDABBABBAAA13.14.1516.17.解：（1） ， 2分则， 即切线的斜率为0， 4分所以曲线yf(x)在点（1，f(1)）处曲线的切线方程为；5分（2）当时，当时，所以函数在上递减，在上递增， 9分函数的极小值为，无极大值. 10分18.解：抛物线：的准线方程为，由抛物线的定义可知， 2分解得，的方程为 4分由得抛物线的方程为，焦点，设，两点的坐标分别为，则， 6分 两式相减，整理得， 8分线段中点的纵坐标为，直线的斜率， 10分直线的方

6、程为，即 12分19.解：（I）以，为x，y，z轴建立空间直角坐标系Axyz，则可得B（2，0，0），A1（0，0，4），C1（0，2，4），D（1，1，0），=（2，0，4），=（0，2，4）， 3分cos，=异面直线A1B，AC1所成角的余弦值为； 6分（II）由（I）知，=（2，0，4），=（1，1，0），设平面C1AD的法向量为=（x，y，z），则可得，即，取x=1可得=（1，1，），9分设直线AB1与平面C1AD所成的角为，则sin=|cos，|=直线AB1与平面C1AD所成角的正弦值为 12分20.解：（1）因为，所以1分根据极值点定义，方程的两个根即为，代入，可得，解之可得， 3

7、分故有； 4分（2）根据题意，根据题意，可得方程在区间，内有三个实数根，即函数与直线在区间，内有三个交点，又因为，则令，解得；令，解得或，所以函数在，上单调递减，在上单调递增；6分又因为， ， ，10分函数图象如右所示：若使函数与直线有三个交点，则需使，即 12分21.解：解：如图所示，取中点，连结，因为三角形是等腰直角三角形，所以，因为面面，面面面，所以平面，又因为，所以四边形是矩形，可得，则， 建立如图所示的空间直角坐标系，则： 1分据此可得，设平面的一个法向量为，则，令可得，3分从而，又，故求点到平面的距离5分（2）假设存在点，满足题意，点在线段上，则， 6分即：，据此可得：，从而，8分设与平面所成角所成的角为，则， 10分整理可得：，解得：或（舍去） 11分据此可知，存在满足题意的点，点为的中点，即12分22.解：（）函数的定义域为，1分当时，对于恒成立，此时函数在上单调递增；当时，由可得；由可得；此时在上单调递减，在上单调递增；3分综上所述：当时，函数的单调递增区间为，当时，单调递减区间为，单调递增区间为，4分（）若，由可得，因为，所以，所以所以对于恒成立， 5分令，则，令，则对于恒成立， 所以在单调递增， 7分因为，所以在上存在唯一的零点，即，可得：， 9分当时，则，当时，则，所以在上单调递减，在上单调递增，所以，11分因为，所以的最大值为. 12分