江苏省南通市泰州市2020届高三数学上学期期末考试试题20200213035.doc

1、江苏省南通市、泰州市2020届高三数学上学期期末考试试题参考公式：锥体的体积公式：V锥体Sh，其中S为锥体的底面积，h为高一、 填空题：本大题共14小题，每小题5分，共70分1. 已知集合A1，0，2，B1，1，2，则AB_2. 已知复数z满足(1i)z2i，其中i是虚数单位，则z的模为_a1i1While i4 aai ii1End WhilePrint a (第4题)3. 某校高三数学组有5名党员教师，他们一天中在“学习强国”平台上的学习积分依次为35，35，41，38，51，则这5名党员教师学习积分的平均值为_4. 根据如图所示的伪代码，输出a的值为_5. 已知等差数列an的公差d不为0

2、，且a1，a2，a4成等比数列，则的值为_6. 将一枚质地均匀的硬币先后抛掷3次，则恰好出现2次正面向上的概率为_7. 在正三棱柱ABCA1B1C1中，AA1AB2，则三棱锥A1BB1C1的体积为_8. 已知函数f(x)sin(x)(0)若当x时，函数f(x)取得最大值，则的最小值为_9. 已知函数f(x)(m2)x2(m8)x(mR)是奇函数若对于任意的xR，关于x的不等式f(x21)b0)的焦距为4，两条准线间的距离为8，A，B分别为椭圆E的左、右顶点(1) 求椭圆E的标准方程；(2) 已知图中四边形ABCD是矩形，且BC4，点M，N分别在边BC，CD上，AM与BN相交于第一象限内的点P.

3、若M，N分别是BC，CD的中点，求证：点P在椭圆E上；若点P在椭圆E上，求证：为定值，并求出该定值18. (本小题满分16分)在平面内，将一个图形绕一点按某个方向转动一个角度，这样的运动叫做图形的旋转如图，小卢利用图形的旋转设计某次活动的徽标，他将边长为a的正三角形ABC绕其中心O逆时针旋转到三角形A1B1C1，且(0，)顺次连结A，A1，B，B1，C，C1，A，得到六边形徽标AA1BB1CC1.(1) 当时，求六边形徽标的面积；(2) 求六边形徽标的周长的最大值19. (本小题满分16分)已知数列an满足：a11，且当n2时，anan1(R)(1) 若1，求证：数列a2n1是等差数列；(2)

4、 若2.设bna2n，求数列bn的通项公式；设Cn求证：对于任意的p，mN*，当pm时，都有CpCm.20. (本小题满分16分)设函数f(x)(axa)ex(aR)，其中e为自然对数的底数(1) 当a0时，求函数f(x)的单调减区间；(2) 已知函数f(x)的导函数f(x)有三个零点x1，x2，x3(x1x2x3)求实数a的取值范围；若m1，m2(m1m2)是函数f(x)的两个零点，求证：x1m1BC，所以BA，所以A(0，)，所以cos A.(8分)所以sin Csin (AB)sin (AB)sin Acos Bcos Asin B().(10分)由正弦定理，得，所以AB2.(12分)所

5、以|cos B23().(14分)17. (1) 解：设椭圆E的焦距为2c，则由题意，得解得所以b2a2c24.所以椭圆E的标准方程为1.(3分)(2) 证明： 由已知，得M(2，2)，N(0，4)，A(2，0)，B(2，0)直线AM的方程为y(x2)，直线BN的方程为yx4.联立解得即P(，)(6分)因为1，所以点P在椭圆E上(8分)(解法1)设P(x0，y0)(x00，y00)，则1，y(8x)直线AP的方程为y(x2)，令x2，得yM.直线BP的方程为y(x2)，令y4，得xN2.(12分)所以|.(14分)(解法2)设直线AP的方程为yk1(x2)(k10)，令x2，得yM4k1.设直

6、线BP的方程为yk2(x2)(k20，y00)，则1，所以k1k2，所以.(14分)18. 解：连结OA，OA1，OB，OB1，OC，OC1.在正三角形ABC中，AOB，OAaa，AOA1，A1OB.(2分)当正三角形ABC绕中心O逆时针旋转到正三角形A1B1C1位置时，有OAOBOCOA1OB1OC1，AOA1BOB1COC1，A1OBB1OCC1OA，所以AOA1BOB1COC1，A1OBB1OCC1OA，所以AA1BB1CC1，A1BB1CC1A.(4分)(1) 当时，设六边形徽标的面积为S，则S3(SAOA1SA1OB)3(OA1OAsin AOA1OA1OBsin A1OB)(6分)

7、3(aasin aasin )a2.答：当时，六边形徽标的面积为a2.(9分)(2) 设六边形徽标的周长为l，则l3(AA1A1B)32OAsin 2OA1sin()(11分)2a(sin cos )2asin()，(0，)(13分)所以当，即时，l取最大值2a.答：六边形徽标的周长的最大值为2a.(16分)19. (1) 证明：1时，由a11，anan1(n2)，得(2分)所以a2n1a2n11，即a2n1a2n11(常数)，所以数列a2n1是首项为1，公差为1的等差数列(4分)(2) 解：2时，a11，n2时，an2an1.n2时，所以a2n4a2n22，(6分)所以a2n4(a2n2)又

8、bna2n，所以bn4bn1.(8分)又b1a22a10，所以4(常数)所以数列bn是首项为，公比为4的等比数列，所以数列bn的通项公式为bn4n14n(nN*)(10分)证明：由知，a2nbn(4n1)，a2n1a2n(4n1)所以所以Cnn(nN*)(12分)所以Cn1Cn.(14分)当n1时，C2C10，所以C2C1；当n2时，C3C20，所以C3C2；当n3，Cn1Cn0，所以Cn1Cn.所以若pm(p，mN*)，则CpCm.(16分)20. (1) 解：a0时，f(x)，其定义域为(，0)(0，)，f(x).令f(x)1，所以函数f(x)的单调减区间为(1，)(3分)(2) 解：f(

9、x)，设g(x)ax3x1，则导函数f(x)有三个零点，即函数g(x)有三个非零的零点又g(x)3ax21，若a0，则g(x)3ax210.(5分)令g(x)0，x.列表如下：x(，)(，)(，)g(x)00g(x)极大值极小值所以即解得0a0，所以g(x)在(，)上有且只有1个非零的零点因为当0a时，g()a()3110，又函数g(x)的图象是连续不间断的，所以g(x)在(，)和(，)上各有且只有1个非零的零点所以实数a的取值范围是(0，)(10分)证明：(证法1)由f(m1)f(m2)0，得设p(x)ax2ax1(a0)，且p(m1)p(m2)0，所以m1m20.因为m1m2，所以m10m

10、2.所以当xm2时，p(x)0；当m1xm2时，p(x)0，x10x20，p(x11)a(x11)2a(x11)10.(14分)所以x1m1x11成立(16分)(证法2)依题设g(x1)axx110知ax10，由知x10，设h(x)ax21(x0，所以h(x)2ax0，h(x)在(，0)上单调递减(12分)又由f(mi)0，emi0得amia0，即amami10(i1，2)，所以m1m20.又m1m2，故m10.于是() h(m1)am1(am11)1am10，即h(m1)h(x1)0.又m1，x10，所以x10，即h(m2)h(x1)0.又m2，x10，故m2x1.又m1m21，所以m11x

11、1，即m1x11.所以x1m1x11，得证(16分)2020届高三模拟考试试卷(南通、泰州)数学附加题参考答案及评分标准21. A. 解：(1) 因为向量是矩阵A的属于特征值3的一个特征向量，所以A3，即3，所以解得所以A(5分)(2) 设P(x0，y0)，则，所以解得所以点P的坐标为(1，0)(10分)B. 解：(解法1)直线l的普通方程为x2y30.(2分)设P(2cos ，sin )，则点P到直线l的距离d.(8分)当sin()1，即2k(kZ)时，dmax.(10分)(解法2)直线l的普通方程为x2y30.椭圆C的普通方程为y21.(4分)设与直线l平行的直线方程为x2ym0(m3)由

12、消y，得2x22mxm240.令4m28(m24)0，得m2.(8分)所以直线x2y20与椭圆C相切当m2时，点P到直线l的距离d最大，dmax.(10分)C. 证明：(1) 因为a，b，c都是正实数，所以3.因为1，所以31，即abc27，得证(4分)(2) 因为a，b，c都是正实数，所以2，2，2.由，得2()，所以.因为1，所以1，得证(10分)22. 解：在直四棱柱ABCDA1B1C1D1中，因为AA1平面ABCD，AB，AD平面ABCD，所以ABAA1，ADAA1.又ABAD，以，为正交基底，建立如图所示的空间直角坐标系Axyz.由ABADAA12BC2，得A(0，0，0)，B(2，

13、0，0)，C(2，1，0)，D(0，2，0)，A1(0，0，2)，B1(2，0，2)，C1(2，1，2)，D1(0，2，2)(2分)(1) (2，2，0)，(0，1，2)，设平面B1CD1的一个法向量n1(x1，y1，z1)，则即不妨取x12，则y12，z11，所以n1(2，2，1)(4分)因为AB平面B1C1C，所以平面B1CC1的一个法向量为(2，0，0)设二面角C1B1CD1的平面角的大小为，根据图形可知cos cos，n1.(6分)所以二面角C1B1CD1的余弦值为.(2) 设AQ(02)，则Q(，0，0)又点P为AD的中点，则P(0，1，0)，(，1，0)，(2，0，2)设平面B1P

14、Q的一个法向量n2(x2，y2，z2)，由得取x22，则y22，z22，所以n2(2，2，2)(8分)设直线B1C与平面B1PQ所成角的大小为，则sin |cos，n2|，所以1或(舍去)所以AQ1.(10分)23. 解：(1) 当n3时，从装有5只小球的口袋中有放回地取球6次，共有56个基本事件记“恰好取到3次红球”为事件A，事件A包含基本事件有C43个因为上述56个基本事件发生的可能性相同，故P(A).答：当n3时，恰好取到3次红球的概率为.(3分)(2) 由题意知，随机变量Y的所有可能取值为0，1，3，5，2n1(nN*)，则P(Y2i1).(2i1)P(Y2i1)(2i1)(0in1，iN)(5分)所以E(Y)0P(Y0)1P(Y1)3P(Y3)5P(Y5)(2n1)P(Y2n1)(C42n1C42n3C42n5C4)令xnC42n1C42n3C42n5C4，ynC42n2C42n4C42n6C40，则xnynC42n1C42n2C42n3C42n4C42n5C40(41)2n152n1，xnynC42n1C42n2C42n3C42n4C42n5C40(41)2n132n1，所以xn.所以E(Y)xn.答：Y的数学期望为.(10分)