《课时练习》2022-2023学年高一年级北师大版（2019）数学必修一2-3-1函数的单调性 WORD版含解析.docx

1、2.3.1函数的单调性学校:_姓名：_班级：_考号：_一、单选题（本大题共6小题，共30.0分。在每小题列出的选项中，选出符合题目的一项）1. 函数的图像如图所示，则函数的单调递增区间为()A. B. C. D. 2. 若函数是R上的减函数，则下列不等式一定成立的是()A. B. C. D. 3. 已知函数，则该函数的单调递增区间为()A. B. C. D. 4. 已知函数在上单调递减，且函数的图象关于直线对称，设，则a，b，c的大小关系为()A. B. C. D. 5. 已知函数的图象关于直线对称，当时，恒成立，设，其中，则的大小关系为()A. B. C. D. 6. 已知函数对任意且时，有

2、，则实数a的取值范围为()A. B. C. D. 二、多选题（本大题共1小题，共5.0分。在每小题有多项符合题目要求）7. 下列说法中，正确的是()A. 若对任意，当时，则在I上是增函数B. 函数在R上是增函数C. 函数在定义域上是增函数D. 函数的单调减区间是和三、填空题（本大题共5小题，共25.0分）8. 是定义域R上的单调递增函数，则的单调递减区间为_.9. 函数的单调递减区间为_.10. 若函数在区间上是增函数，则a的取值范围_.11. 函数的单调增区间是_12. 若函数在区间上为增函数，写出一个满足条件的实数a的值_.四、解答题（本大题共6小题，共72.0分。解答应写出文字说明，证明

3、过程或演算步骤）13. 本小题分判断函数，的单调性并说明理由.14. 本小题分已知在定义域上是减函数，且，求a的取值范围.15. 本小题分已知函数求作函数的图像；写出的单调区间，并指出在各个区间上是增函数还是减函数？不必证明16. 本小题分讨论在上的单调性.17. 本小题分定义在R上的函数，当时，且对任意的a、，有求证：对任意的，恒有；证明：是R上的增函数；若，求x的取值范围18. 本小题分已知函数满足：对定义域内任意，都有成立.若的定义域为，且有成立，求a的取值范围；若的定义域为R，求关于x的不等式的解集.答案和解析1.【答案】B【解析】【分析】本题考查了函数图象的应用，以及利用函数图象得到

4、函数的单调区间.根据图象，直接求解即可【解答】解：根据函数图象，可得单调递增区间为：故选2.【答案】D【解析】【分析】本题考查利用函数的单调性比较大小以及利用作差法比较代数式的大小，属于较易题利用特殊值法即可判断A、B；利用不等式的基本性质比较a与2a的大小关系，结合的单调性即可判断C；利用作差法比较与的大小关系，结合的单调性即可判断【解答】解：若，则，所以，故A、B错误；因为，所以，又是R上的减函数，所以，故C错误；因为，所以，又是R上的减函数，所以，故D正确故选：3.【答案】B【解析】【分析】本题主要考查了函数的单调性与单调区间，复合函数的单调性，属于基础题，函数是由和函数复合而成，利用复

5、合函数的单调性，可得答案.【解答】解：由，解得或，所以函数的定义域为令，则函数是由和复合而成，在定义域上单调递增，而函数在上是增函数，根据复合函数单调性可知，函数的单调递增区间为故选4.【答案】D【解析】【分析】根据题意，由函数的对称性可得在上单调递增且，结合函数的单调性分析可得答案本题考查函数的单调性和对称性的应用，涉及抽象函数的性质应用，属于基础题【解答】解：根据题意，函数的图象关于直线对称，则，又由函数在上单调递减，则函数在上单调递增，则有，即，故选：5.【答案】C【解析】【分析】本题主要考查运用函数单调性以及对称性比较大小，属于中档题结合题设得在上单调递减，再结合函数的图象关于直线对称

6、可得，最后由函数在上的单调性即可得出a，b，c的大小关系.【解答】解：当时，恒成立，在上单调递减，又函数的图象关于直线对称，又，且，在上单调递减，故选6.【答案】B【解析】【分析】本题主要考查了分段函数，函数的单调性，不等式求解，属于拔高题.根据题意可知函数在R上为单调递增，从而即可得到，进而即可求出a的取值范围.【解答】解：对任意且时，有，函数在R上单调递增，又函数，解得，故选7.【答案】AD【解析】【分析】本题考查的知识要点：函数的单调性的定义和单调区间的确定，主要考查学生对基础定义的理解和应用，属于基础题利用函数单调性定义和基本初等函数的性质逐一判断即可【解答】解：对于A：若对任意，当时

7、，则有，由函数单调性的定义可知在I上是增函数，故A正确对于B，由二次函数的性质可知，在上单调递减，在上单调递增，故B错误；对于C，由反比例函数单调性可知，在和上单调递增，故C错误；对于D：由反比例函数单调性可知，单调减区间是和，故D正确故选：8.【答案】【解析】【分析】本题考查了复合函数的单调性问题，考查二次函数的性质，属于中档题根据复合函数单调性“同增异减”的原则，问题转化为求的单调递减区间，求出即可【解答】解：根据复合函数单调性“同增异减”的原则，因为是定义域R上的单调递增函数，要求的单调递减区间，即求的单调递减区间，而函数在单调递减，故的单调递减区间是故答案为：9.【答案】，【解析】【分

8、析】本题主要考查函数的单调性，属于基础题.将原函数变形为，通过研究函数的图象得到单调区间.【解答】解：因为，所以函数的图象是将向上移动1个单位，单调性不改变，易知的单调递减区间为，所以的单调递减区间为，故答案为，10.【答案】【解析】【分析】本题考查函数单调性的性质，熟练二次函数图象特征是解决问题的基础根据函数的图象特征及在区间上单调递增，得对称轴位于区间左侧或左端点处，由此得不等式，解出即可【解答】解：函数图象开口向上，对称轴为，由函数在区间上单调递增，得，解得，所以a的取值范围是故答案为：11.【答案】和【解析】【分析】本题考查函数的单调性，涉及二次函数的单调性，绝对值函数的图象的作法.画

9、出函数的图象，利用函数的图象求函数的单调区间.【解答】解：由，可得或，且函数的对称轴为，所以，作出函数的图象如图所示，可知函数的单调递增区间为和故答案为和12.【答案】答案不唯一【解析】【分析】将写成分段函数，根据二次函数的图象，结合对称轴的分类讨论，即可容易求得.本题考查分段函数的图象，以及根据分段函数的单调区间求参数范围，属较难题.【解答】解：根据题意可知对，其对称轴当，即时，为方便说明，略去y轴以及坐标原点其示意图图象如下所示：由图可知，此时要满足题意，只需或，解得或又因为，故此时要满足题意，只需；当，即时，为方便说明，略去y轴以及坐标原点其示意图图象如下所示：此时要满足题意，只需或，解

10、得或，又因为，故此时要满足题意，只需综上所述：或具体到本题答案可以在此区间中任取一个数即可.本题中，选取故答案为：答案不唯一13.【答案】解：根据题意，函数在上递增，证明：设，设，则，又由，则，所以，故函数在上单调递增【解析】本题考查函数单调性的判断和证明，注意作差法的应用，属于基础题根据题意，设，由作差法分析可得结论14.【答案】解：由题意可知，解得即a的取值范围为【解析】本题主要考查了利用函数的单调性解函数不等式，属于基础题.根据函数的单调性以及定义域列出不等式组，求解即可.15.【答案】因为，所以作出函数的图象如下图所示：由图象可知：函数在上单调递增，在上单调递减.【解析】本题考查分段函

11、数的图象和由图象得出函数的单调性，属于中档题.由已知得，可作出函数的图像；由图象可得出函数的单调性.16.【答案】解：任取，且，则，若，则，即，在上单调递增若，则当时，即，在上单调递减；当时，即，在上单调递增综上可知，当时，在上单调递增；当时，在上单调递减，在上单调递增【解析】本题考查了函数单调性的性质与判断，用定义法证明函数单调性，要掌握定义法证明函数单调性的步骤，本题的难点在于确定a的分类标准，属中档题.利用证明函数单调性的一般步骤，任取，且，则作差后，确定a的分类标准，分别确定作差的正负，即可确定的单调性17.【答案】证明：令，则，当时，时，又时，对任意的，恒有证明：设，则，又，是R上的

12、增函数解：由，得又是R上的增函数，的取值范围是【解析】本题考查了抽象函数，考查了函数的单调性与一元二次不等式的解法.首先求得，然后可证明当时，即可得解；利用单调函数的定义证明，设，将写成的形式后展开，结合的结论即可证得；由得，结合的单调性去掉符号“f”后，转化成一元二次不等式解决即可18.【答案】解：由题意得在定义域内单调递减，的定义域为且有成立，则，解之得，故，所以a的取值范围是；不等式的解集，等价于的解集，即的解集，当时，不等式解集为；当时，不等式的解集为或；当时，即求不等式的解集，当即时，不等式的解集为；当即时，不等式的解集为；当即时，不等式的解集为【解析】由题意得在定义域内单调递减，可得，解不等式组即可得答案；由题即求不等式的解集，分类讨论，即可得答案；本题考查利用函数的单调性解不等式、分类讨论解含参一元二次不等式，考查分类讨论思想，考查逻辑推理能力、运算求解能力.